機密★啟用前注意事項：1.答題前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在本試卷和答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應的答案標號涂黑，如有改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案；回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.1.2024年10月30日4時27分，搭載神舟十九號載人飛船的長合體完成自主快速交會對接，兩個航天員乘組完成中國航天史上第5次“太空會師”,如圖所示.飛船關(guān)閉發(fā)動機在“奔向”空間站的過程中，用h表示飛船與地球表面的距離，a表示它的加速度.忽略空氣阻力，下列圖像中能夠描述a隨h變化關(guān)系的是ABCD2.如圖(a)所示，藝術(shù)體操的帶操表演中，運動員手持細棒沿豎直方向上下抖動彩帶的一端，彩帶一橫波在t=0時刻的波形圖，圖(c)為圖(b)中質(zhì)點P的振動圖像.則A.該波沿x軸正方向傳播B.該波的傳播速度為2.0m/sC.t=1.0s時質(zhì)點P的加速度最大D.10s內(nèi)質(zhì)點P運動的路程為8m【高三物理試題第1頁(共6頁)】次試驗中列車做勻加速直線運動，通過一段位移d所用的時間為t?,緊接著通過D有的顆粒原來都靜止，它們與空間站在很短時間內(nèi)發(fā)生碰撞后都具有與空間站相同的速度，在與這些顆粒碰撞的前后，空間站的速度可認為保持不變.已知空間站沿運行方向的橫截面積為S,地球半徑為R,地面附近的重力加速度為g,則天宮空間站所受空氣阻力大小為m的豎直光滑圓弧軌道相切于A點，圓弧軌道上端點C和圓心連線與水平面成37°角.質(zhì)量為1kg的小物塊以8m/s的初速度從P點右滑行，A、P兩點間的距離為1.5m,小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.5.已知重力加速度為10m/s2A.從P點運動到A點所用的時間為0.1sB.經(jīng)過C點時對軌道的壓力大小C.運動到最高點時的速度大小為4m/sD.運動到最高點時距地面的高度為2m求.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.A.O點的電勢為0B.O點的電場強度為0C.電子在E點的電勢能小于在F點的電勢能D.將電子從G點沿直線移動到H點，電場力做正功8.如圖所示，電荷量為q的帶電小球A用長為l的絕緣細線懸掛于0點，帶有電荷量為2q的小球B固定在0點正下方絕緣柱上.小球A平衡時與小球B位于同一水平線上，此時懸線與豎直方向夾角θ=30°.已知帶電小球A、B均可視為點電A.小球A的質(zhì)量B.小球A的質(zhì)量為C.細線拉力大小D.細線拉力大小為9.算盤是我國古老的計算工具，中心帶孔的相同算珠可在算盤的固定導桿上滑動，使用前算珠需靜止的乙碰撞，碰撞前后兩算珠的v—t圖像如圖(b)所示.已知重力加速度g為10m/s2,下列說法正確的是A.算珠甲與導桿的動摩擦因數(shù)為0.1B.算珠乙與導桿的動摩擦因數(shù)為0.01C.開始兩算珠之間的距離為3.5×10?2mD.碰后算珠甲運動的距離為2.0×10?2m小物塊C在豎直方向上通過勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連，小物塊A在小物塊B的正上方，開始時A、B、C均靜止.現(xiàn)讓小物塊A從小物塊B正上方自由下落，小物塊A、B碰后一起向下運動.當小物塊B向上運動到最高點時，小物塊C恰好離開地面.已知彈簧的彈性勢能可表A.小物塊A開始下落時距小物塊B的高度為B.小物塊A開始下落時距小物塊B的高度為C.彈簧的最大彈性勢能為D.彈簧的最大彈性勢能三、非選擇題：本題共5小題，共56分.11.(7分)某實驗小組用圖(a)所示電路觀察電容器的充、放電現(xiàn)象.現(xiàn)提供如下實驗器材：電源E(電動勢為3V,內(nèi)阻不計)、電容器C、電阻箱R、毫安表G、單刀雙擲開關(guān)S和導線若干.(1)根據(jù)圖(a)電路在圖(b)中用筆畫線代替導線將實物電路連接完整.(3)圖(d)是給電容器充電時作出的電流隨時間變化的i-t圖像，則電容器充電完畢后的電荷量為C,電容器的電容為F(計算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字).放小球A、B.已知當?shù)刂亓铀俣葹間.(1)測得小球A、B的質(zhì)量分別為m?、m?,且m?<m?,若不計空氣阻力，則小球A加速上升過程的加速度a=(用字母m?、m?和g表示).(2)實驗中測得小球A上升距離h所用時間為t,則該過程中A、B兩球組成的系統(tǒng)=(用字母m、m2、g、h和t表示).若實驗中滿足△E。=△Ek,則驗證了A、B兩球組成的系統(tǒng)機械能守恒.(3)為提高實驗結(jié)果的準確程度，小組同學對此實驗提出建議，下列建議中確實對提高準確程度有作用的是(填標號).工工D.兩個物塊的質(zhì)量之差要盡可能小母上起飛，組成龐大的空中機群，參加“聯(lián)合利劍-2024B”軍演，震懾臺獨，一質(zhì)量為m的殲-15“飛鯊”戰(zhàn)斗機起飛過程可簡化為圖(b),從A點由靜止開始以額定功率P沿長度為L后從C點飛離甲板.已知“飛鯊”戰(zhàn)斗機在直軌道上所(2)“飛鯊”戰(zhàn)斗機經(jīng)過圓弧軌道B點時對軌道的壓力大小.【高三物理試題第5頁(共6頁)】14.(14分)如圖所示，兩平行板電容器C?、C?分別豎直和水平放線上.一帶電粒子從M點靜止釋放，經(jīng)電場直線加速后從N點射出，緊貼C?下極板進人C?,而后從上極板邊緣P點射出，射出時速度方向與水平方向成30°角.已知粒子質(zhì)量為m、帶電量為q,C?的板間電壓大小為U,兩電容器板間電場視為勻強電場，不計帶電粒子重力，忽略邊緣效(2)電容器C?極板電壓；(3)電容器C?極板長度和間距之比.15.(16分)如圖所示，質(zhì)量為m的薄木板A靜置于光滑水平地面上，質(zhì)速度v。從薄木板A左端水平向右滑行，A與B之間的動摩擦因(2)A與C第1次與第2次碰撞之間的時間間隔；參考答案、提示及評分細則1.B設地球半徑為R,根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律可得,解得,可知h越2.Dt=0時刻質(zhì)點P向y軸負方向運動，由波的傳播方向與質(zhì)點振動方向的關(guān)系，知該波沿x軸負方向傳播，選項A錯誤；由圖(b)知波長為λ=1.0m,由圖(c)知周期為T=1.0s,則波速為1.0m/s,選項B錯誤；t=1.0s時質(zhì)點P位于平衡位置，加速度為0,速度最大，選項C錯誤；由圖(c)知質(zhì)點P振動的振幅為A=0.2m,t=10s=10T,則10s內(nèi)質(zhì)點P運動的路程為s=10×4A=8m,選項D正確.3.C由題意知木筷在水中做簡諧運動，振幅為A,周期為T=2to,t=0時位移為y=-A,所以其振動方程為,故選項C正確.4.Bt?時間內(nèi)的平均速度為時間內(nèi)的平均速度為,由于做勻變速直線運動的物體在一段時間內(nèi)的平均速度等于這段時間內(nèi)中間時刻的瞬時速度，有,所以列車運動的加速度為,故選項B正確.5.A由萬有引力的提供向心力得,在地面附近有在時間微元△t內(nèi)與空間站作用的稀薄空氣顆粒的質(zhì)量為△m=pSv△t,對這部分空氣顆粒應用動量定理則有F△t=△mv,聯(lián)立解得F.由牛頓第三定律知天宮空間站所受空氣阻力大小為,故選項A正確.6.D小物塊從P點運動到A點，由動能定理和動量定理得聯(lián)立解得vA=7m/s,t=0.2s,選項A錯誤；從A點到C點，由動能定理得,解得vc=5m/s.在C點根據(jù)牛頓第二定律有,解得,由牛頓第三定律知對軌道的壓力大小為選項B錯誤；設小物塊從C點拋出時的水平和豎直分量分別為v?和vy,則v,=vcsin37°=3m/s,vy=vccos37°=4m/s,則小物塊運動到最高點時的速度大小為3m/s,距離地面最大高度為,選項C錯誤、選項D正確.7.ACO點分別在AD和BC的中垂線上，AD處和BC處分別放置等量異種點電荷，GH為0等勢線，所以O點的電勢為零，將電子從G點沿直線移動到H點，電場力不做功，選項A正確、選項D錯誤；AB處和CD處分別放置等量同種點電荷，它們在中垂線EF上產(chǎn)生的電場強度方向均由E指向F,所以O點電場強度不為【高三物理試題參考答案第1頁(共4頁)】0,選項B錯誤；因電場強度方向均由E指向F,所以E點電勢高于F點電勢，帶負電的電子在電勢高處電勢能小，所以電子在E點的電勢能小于在F點的電勢能，選項C正確.8.AD以小球A為研究對象，受力情況如圖所示：由共點力平衡條件得FTcos30°=mg、Frsin30°=F,由庫侖定律得,聯(lián)立解得,選項A、D正確.9.AC算珠甲的加速度大小為,算珠乙的加速度大小為1.0m/s2,由牛頓第二定律μmg=ma知兩算珠與導桿的動摩擦因數(shù)均為μ=0.1,選項A正確、選項B錯誤；開始兩算珠之間的距離為,選項C正確；碰后算珠甲運動的距離為x甲,選項D錯誤.10.BC設彈簧開始時的壓縮量為x。,則mg=kx。.當小物塊C恰好離開地面時，有mg=kx?,解得x?=x。.設小物塊A開始下落時距小物塊B的高度為H,下落過程與碰撞過程有、mv?=2mv?.小物塊A、B在彈簧原長處分離，設分離時的速度大小為v?,由能量守恒小物塊A、B分離后，小物塊B向上運動到最度點的過程中，由能量守恒得,聯(lián)立解得,選項A錯誤、選項B正確；小物塊A、B一起運動到最低點的過程中發(fā)生的位移大小為x?,由能量守恒定律,聯(lián)立解得,則彈簧的最大彈性勢能為,選項C正確、選項D錯誤.11.(1)如圖所示(2分)(2)甲(1分)(3)7.7×10?3~8.3×10-3(答案在此區(qū)間都可給分，下同，2分)2.6×10-3~2.8×10-3(2分)【解析】(1)根據(jù)電路原理圖(a)將圖(b)中的實物進行連接，答案如圖所示.(2)應選擇的毫安表的表頭為圖(c)中的甲.在電容器的充放電過程中，電流會先增大后減小，且會反向.甲電流表指針指向中間，且左右兩邊都有刻度，說明它可以測量交變電流，即電流方向改變時，指針可以向左右兩邊偏轉(zhuǎn)，因此適合本實驗.而乙電流表只能測量單向電流，不適合本實驗.(3)根據(jù)i-t圖像的面積表示電容器充電完畢后的電荷量，由圖知，每小格代表的電荷量為.數(shù)出圖線包圍的格數(shù)，滿半格或超過半格的算一格，不滿半格的舍去，數(shù)得格數(shù)為n=32格，則電容器充電完畢后的電荷量為Q=32q?=8.0×10-3C;根據(jù)電容的定義知，電容器的電容為C(2)(m?—m)gh(1分)(2分)(2分);【解析】(1)設小球A加速上升過程中繩子拉力為T,根據(jù)牛頓第二定律有T-mg=m?a,m?g-T=(2)小球A、B連結(jié)在一起，A上升的距離一定等于B下降的距離，A、B的速度總是大小相等.系統(tǒng)重力勢能(3)如果細繩質(zhì)量不能忽略，則A、B組成的系統(tǒng)勢能將有一部分轉(zhuǎn)化為繩子的動能，從而為驗證機械能守恒定律的實驗帶來誤差，選項A正確；若繩太長，容易引起物體的擺動，當物體擺動時，兩物體的速度大小有差別，給計算系統(tǒng)的動能帶來誤差，即盡量保證物塊只沿豎直方向運動，不要搖晃，選項B錯誤、選項C正確；繩子長度和兩個物塊質(zhì)量差應適當，即兩個物塊的質(zhì)量之差不能盡可能小，也不能盡可能大，選項D錯誤.(2)在B點，由牛頓第二定律得聯(lián)立解得(2分)由牛頓第三定律知“飛鯊”戰(zhàn)斗機對軌道的壓力大小為14.【解析】(1)粒子從M到N的運動過程中，根據(jù)動能定理有粒子經(jīng)過P點時的速度大小為(2)粒子從N點到P點的運動過程中，