高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024學(xué)年第二學(xué)期臺(tái)金七校聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級(jí)物理學(xué)科試題選擇題部分一、單選題（本題共10小題，每小題3分，共30分。）1.英國(guó)物理學(xué)家焦耳最早發(fā)現(xiàn)了焦耳定律，給出了電能向熱能轉(zhuǎn)化的定量關(guān)系。為了紀(jì)念他，國(guó)際單位制（SI）中能量的導(dǎo)出單位也以焦耳（J）命名。焦耳用國(guó)際單位制中基本單位表示正確的是（）A.J B. C. D.【答案】C【解析】根據(jù)功的計(jì)算公式可知，焦耳用國(guó)際單位制中基本單位表示為故選C。2.關(guān)于分子，下列說(shuō)法正確的是（）A.將分子看成小球，小球是分子的簡(jiǎn)化模型B.布朗運(yùn)動(dòng)是固體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.“物體是由大量分子組成的”，這里的“分子”特指化學(xué)變化中的分子，不包括原子和離子D.分子的質(zhì)量是很小的，其數(shù)量級(jí)一般為【答案】A【解析】A．將分子看成小球是為了研究問(wèn)題方便，小球是分子的簡(jiǎn)化模型，故選項(xiàng)A正確；B．布朗運(yùn)動(dòng)中，觀察到的是固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)，不是固體分子的運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．“物體是由大量分子組成的”，這里的“分子”是分子、原子和離子的統(tǒng)稱，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．分子質(zhì)量的數(shù)量級(jí)一般為，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。3.一炮彈在空中飛行時(shí)，突然發(fā)生爆炸（時(shí)間極短），爆炸成質(zhì)量不同的兩部分，爆炸后瞬間兩部分的運(yùn)動(dòng)方向與爆炸前瞬間炮彈的運(yùn)動(dòng)方向在同一直線上。則炮彈爆炸過(guò)程中（）A.系統(tǒng)動(dòng)量不守恒 B.兩部分的動(dòng)能都會(huì)增大C.兩部分的動(dòng)能之和可能減小 D.兩部分的動(dòng)能之和一定增大【答案】D【解析】當(dāng)系統(tǒng)不受外力或所受外力之和為零時(shí)，系統(tǒng)動(dòng)量保持不變，故A錯(cuò)誤；由于能量守恒，爆炸過(guò)程中有化學(xué)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，故B、C錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.在獲悉法拉第發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象之后，楞次立即開(kāi)始進(jìn)行電工方面的實(shí)驗(yàn)研究，并于1834年提出楞次定律。下面幾種與楞次定律有關(guān)的現(xiàn)象描述正確的是（）A.條形磁鐵靠近線圈時(shí)電子秤示數(shù)可能增大也可能減小B.條形磁鐵靠近鋁環(huán)時(shí)鋁環(huán)會(huì)向左擺動(dòng)C.通電直導(dǎo)線的電流增大時(shí)，桌面上的矩形線框會(huì)向右運(yùn)動(dòng)或有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)D.閉合開(kāi)關(guān)后，電流表中有恒定電流【答案】C【解析】A．根據(jù)楞次定律可知條形磁鐵靠近線圈時(shí)，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈對(duì)條形磁鐵的作用力向上，磁鐵對(duì)線圈的作用力向下，故電子秤示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤；B．條形磁鐵靠近鋁環(huán)時(shí)，磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，鋁環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電流，鋁環(huán)受安培力遠(yuǎn)離條形磁鐵，鋁環(huán)會(huì)向右擺動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．通電直導(dǎo)線的電流增大時(shí)，矩形框中的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，桌面上的矩形線框會(huì)向右運(yùn)動(dòng)或有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)阻礙磁通量的增大，故C正確；D．閉合開(kāi)關(guān)后，通過(guò)M線圈的電流不變，則穿過(guò)兩線圈的磁通量不變，N線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表中無(wú)電流，只在閉合開(kāi)關(guān)的瞬間，電流表中有電流，故D錯(cuò)誤。故選C。5.《天工開(kāi)物》中提到一種古法榨油：撞木榨油。如圖，撞木榨油是先將包裹好的油餅整齊地?cái)[到榨具里，然后用撞木撞擊木楔，擠壓油餅，油就流出來(lái)。某次撞擊前撞木的速度為，撞擊后撞木反彈，且速度大小變?yōu)樵瓉?lái)的一半。已知撞木撞擊木楔的時(shí)間為，若撞木對(duì)木楔平均撞擊力大小為，估測(cè)撞木的質(zhì)量為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】令撞擊前撞木的速度為，則撞擊后撞木的速度大小，撞木撞擊木楔的時(shí)間為，若撞木對(duì)木楔平均撞擊力大小為，根據(jù)牛頓第三定律，木楔對(duì)撞木平均撞擊力大小為對(duì)撞木進(jìn)行分析，根據(jù)動(dòng)量定理有若忽略重力，解得故選B。6.如圖所示，甲是質(zhì)譜儀，乙是回旋加速器，丙是速度選擇器，丁是磁流體發(fā)電機(jī)。下列說(shuō)法不正確的是（）A.甲圖中，粒子打在底片上的位置越靠近狹縫說(shuō)明粒子的比荷越大B.乙圖中，粒子第次和第次加速后的半徑之比是C.丙圖中，粒子能夠沿直線勻速通過(guò)速度選擇器的條件是，且可以判斷出帶電粒子的電性D.丁圖中，可以判斷出極板是發(fā)電機(jī)的負(fù)極，極板是發(fā)電機(jī)的正極【答案】C【解析】A．甲圖中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得可知粒子打在底片上的位置越靠近狹縫，半徑越小，說(shuō)明粒子的比荷越大，選項(xiàng)A正確，不符合題意；B．乙圖中，粒子在電場(chǎng)中加速有粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有聯(lián)立解得則粒子第次和第次加速后的半徑之比是選項(xiàng)B正確，不符合題意；C．丙圖中，粒子能夠沿直線勻速通過(guò)速度選擇器，則有解得若粒子帶正電，則電場(chǎng)力向下，磁場(chǎng)力向上；若粒子帶負(fù)電，則電場(chǎng)力向上，磁場(chǎng)力向下，均可滿足受力平衡。因此無(wú)法判斷出帶電粒子的電性，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，符合題意；D．根據(jù)左手定則可知正離子向B極板偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子向A極板偏轉(zhuǎn)，則可以判斷出極板是發(fā)電機(jī)的負(fù)極，極板是發(fā)電機(jī)的正極，選項(xiàng)D正確，不符合題意。故選C。7.如圖所示為2025年春節(jié)假期檔爆火的《哪吒之魔童鬧?！吠瞥龅闹苓呁媾肌＿@款玩偶是由頭部、輕質(zhì)彈簧和底座構(gòu)成，已知玩偶頭部質(zhì)量為，彈簧勁度系數(shù)為，底座質(zhì)量則為玩偶頭部質(zhì)量的一半。當(dāng)把玩偶頭部輕壓至彈簧彈力為時(shí)，將其由靜止釋放，此后玩偶頭部在豎直方向上進(jìn)行簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。重力加速度記為，不考慮任何阻力，且彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。以下說(shuō)法正確的是（）A.釋放玩偶頭部的瞬間，其加速度大小為B.玩偶頭部運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，底座對(duì)桌面的壓力為C.彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，玩偶頭部的速度最大且加速度為0D.玩偶頭部做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為【答案】B【解析】A．釋放玩偶頭部瞬間，對(duì)頭部進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有解得故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，玩偶頭部運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)時(shí)，加速度大小與釋放玩偶頭部瞬間的加速度大小相等，仍然為，方向豎直向下；可知，玩偶頭部運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)時(shí)，彈簧處于原長(zhǎng)，彈力為0，對(duì)底座進(jìn)行分析可知，桌面對(duì)底座的支持力為，根據(jù)牛頓第三定律可知，底座對(duì)桌面的壓力為，故B正確；C．根據(jù)上述可知，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，玩偶頭部恰好位于最高點(diǎn)，頭部的速度為0，由于相對(duì)于頭部平衡位置的位移最大，則此時(shí)加速度也最大，故C錯(cuò)誤；D．玩偶頭部在最低點(diǎn)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，則有頭部在平衡位置時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，則有玩偶頭部做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)振幅為解得故D錯(cuò)誤。故選B。8.圖甲為風(fēng)力發(fā)電的簡(jiǎn)易模型，發(fā)電機(jī)與一理想變壓器的原線圈相連，變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為10匝和1匝，某一風(fēng)速時(shí)，變壓器原線圈兩端的電壓隨時(shí)間變化的關(guān)系圖像如圖乙所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.風(fēng)葉穩(wěn)定轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率為B.電壓表的示數(shù)為C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，電壓表的示數(shù)為0D.變壓器原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為【答案】D【解析】A．風(fēng)葉穩(wěn)定轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．變壓器原線圈電壓有效值為則次級(jí)電壓有效值，即電壓表的示數(shù)為，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)，電壓表的示數(shù)不變，仍為3V，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因可得變壓器原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為，選項(xiàng)D正確。故選D。9.如圖所示的裝置水平置于豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電源電動(dòng)勢(shì)為、內(nèi)阻為，兩副平行且光滑的導(dǎo)軌間距分別為與。材質(zhì)均勻的導(dǎo)體棒的長(zhǎng)度均為，電阻均為，質(zhì)量分別為，垂直置于導(dǎo)軌上。導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且不計(jì)電阻，從閉合開(kāi)關(guān)到兩導(dǎo)體棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)的全過(guò)程（）A.穩(wěn)定前棒加速度之比為B.穩(wěn)定時(shí)導(dǎo)體棒的速度為C.通過(guò)棒的電量D.導(dǎo)體棒中產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】D【解析】A．兩棒為串聯(lián)關(guān)系，電流相等，根據(jù)牛頓第二定律有解得故穩(wěn)定前b、c棒加速度之比為，故A錯(cuò)誤；BC．閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)兩棒穩(wěn)定時(shí)，兩棒產(chǎn)生的反電動(dòng)勢(shì)與電源電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系有根據(jù)動(dòng)量定理對(duì)b棒有對(duì)c棒有因b、c串聯(lián)，通過(guò)的電量相等，則有聯(lián)立可得，，故BC錯(cuò)誤；D．由能量守恒定律，電源提供的電能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能和焦耳熱根據(jù)熱量與電阻的正比關(guān)系可得聯(lián)立解得導(dǎo)體棒b中產(chǎn)生的焦耳熱為，故D正確。故選D。10.如圖甲所示為仙居中學(xué)張老師制作的任意液體折射率測(cè)量?jī)x，可調(diào)傾角的斜面上緊貼放置一裝有油的塑料罐，激光筆垂直于罐壁吸附于斜面下，重錘線的一端系于激光筆上，另一端自由下垂，同時(shí)重錘線通過(guò)扇形刻度盤(pán)的圓心，相對(duì)位置如圖乙所示。測(cè)量時(shí)調(diào)節(jié)斜面傾角使得射入罐中油的光線恰好不射出水面，此時(shí)從油中射入空氣的入射角為，重錘線與激光筆的夾角為，為測(cè)量方便，扇形刻度盤(pán)上已經(jīng)提前標(biāo)刻好根據(jù)計(jì)算的折射率的值，以下說(shuō)法正確的是（）A.液體折射率且圖乙扇形刻度盤(pán)上標(biāo)刻的折射率從左往右依次增大B.現(xiàn)由電機(jī)控制斜面從水平位置開(kāi)始以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，測(cè)得時(shí)間后光線恰好不射出液面，液體的折射率C.如圖丙所示，某次測(cè)量中激光筆沒(méi)有垂直于罐壁射入光線，測(cè)得的折射率會(huì)偏大，且罐壁越厚，誤差越大D.如圖丙所示，某次測(cè)量中激光筆沒(méi)有垂直于罐壁射入光線，測(cè)得的折射率沒(méi)有誤差，且罐壁厚度對(duì)測(cè)量沒(méi)有影響【答案】B【解析】A．射入罐中油的光線恰好不射出水面，此時(shí)從油中射入空氣的入射角為，則有由于激光筆垂直于罐壁吸附于斜面下，在圖乙中，根據(jù)幾何關(guān)系有解得可知，越大，折射率越小，即圖乙扇形刻度盤(pán)上標(biāo)刻的折射率從左往右依次減小，故A錯(cuò)誤；B．現(xiàn)由電機(jī)控制斜面從水平位置開(kāi)始以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在圖乙中有結(jié)合上述解得，故B正確；CD．圖丙根據(jù)折射定律，從空氣經(jīng)過(guò)罐壁進(jìn)入液體中，光線發(fā)生折射，利用幾何關(guān)系可知結(jié)合上述有可知，如圖丙所示，某次測(cè)量中激光筆沒(méi)有垂直于罐壁射入光線，測(cè)得的折射率會(huì)偏小，且罐壁厚度對(duì)測(cè)量沒(méi)有影響，故CD錯(cuò)誤。故選B。二、不定項(xiàng)選擇（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）11.有關(guān)下列四幅圖的描述，說(shuō)法正確的是（）A.如圖甲，是測(cè)量?jī)?chǔ)罐中不導(dǎo)電液體高度的裝置，當(dāng)儲(chǔ)罐中液面高度升高時(shí)，回路中振蕩電流頻率將減小B.如圖乙，是一種電感式微小位移傳感器，當(dāng)物體1向左移動(dòng)時(shí)，線圈自感系數(shù)變小C.如圖丙，電容器中電場(chǎng)的能量正在增大D.如圖丁，生活中常用微波爐來(lái)加熱食物，這是利用了紅外線的熱效應(yīng)【答案】AC【解析】A．圖甲中，不導(dǎo)電液體為電介質(zhì)，儲(chǔ)罐中液面高度升高時(shí)，介電常數(shù)增大，根據(jù)可知，電容器得電容增大，結(jié)合LC振蕩電路可知，回路中振蕩電流頻率將減小，故A正確；B．圖乙中，當(dāng)物體1向左移動(dòng)時(shí)，鐵芯插入的長(zhǎng)度變大，線圈自感系數(shù)變大，故B錯(cuò)誤；C．由圖丙可知，此過(guò)程電容器處于充電狀態(tài)，電場(chǎng)能逐漸增大，磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能，故C正確；D．生活中的微波爐是利用微波加熱的，而不是利用紅外線的熱效應(yīng)加熱的，故D錯(cuò)誤。故選AC。12.如圖所示，以軸為邊界，兩側(cè)為不同的均勻介質(zhì)和介質(zhì)。兩波源和分別位于和處，時(shí)兩波開(kāi)始振動(dòng)，后的波形如圖，則（）A.兩波同時(shí)到達(dá)O點(diǎn)B.發(fā)出的波進(jìn)入介質(zhì)后波速為C.兩波穩(wěn)定疊加后，點(diǎn)始終不動(dòng)D.兩列波疊加穩(wěn)定后，和之間有13個(gè)振動(dòng)減弱點(diǎn)【答案】BD【解析】A．由后的波形圖可知在介質(zhì)和介質(zhì)波長(zhǎng)分別為，時(shí)兩波開(kāi)始振動(dòng)，后兩波沿波的傳播方向傳播一個(gè)波長(zhǎng)，則振動(dòng)周期相等且均為。波在介質(zhì)和介質(zhì)的波速分別為，波在介質(zhì)和介質(zhì)傳播到O點(diǎn)的時(shí)間分別為，故介質(zhì)中的波先傳到O點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．波速由介質(zhì)決定，故發(fā)出的波進(jìn)入介質(zhì)后波速為，故B正確；C．介質(zhì)中的波傳到O點(diǎn)時(shí)，介質(zhì)中的波已經(jīng)傳到O點(diǎn)的時(shí)間此時(shí)介質(zhì)中的波使平衡位置位于O點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到平衡位置且向軸正方向運(yùn)動(dòng)，介質(zhì)中的波使平衡位置位于O點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到平衡位置且向軸正方向運(yùn)動(dòng)，故O點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，以后點(diǎn)在平衡位置附近振動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．兩列波疊加穩(wěn)定后，在區(qū)間，兩列波振動(dòng)步調(diào)相反，振動(dòng)減弱的點(diǎn)有、、、、、、、在區(qū)間，兩列波振動(dòng)步調(diào)相反，振動(dòng)減弱的點(diǎn)有、、、、，故兩列波疊加穩(wěn)定后，和之間有13個(gè)振動(dòng)減弱點(diǎn)。故D正確。故選BD。13.將木塊M與N并排靜置在光滑地面上，木塊M上固定一豎直輕桿，輕桿上端小橫桿上系一長(zhǎng)為的輕細(xì)線，細(xì)線下端系一質(zhì)量為的小球Q。將一質(zhì)量的橡皮泥P從距Q水平距離的地方以的速度水平拋出，恰好與小球Q碰撞并瞬間連結(jié)為一整體S（可視為質(zhì)點(diǎn)），隨后繞懸點(diǎn)擺動(dòng)（不與豎直桿碰撞）。已知木塊M與N的質(zhì)量分別為與。則（）A.碰撞后瞬間的速度為B.S擺到最高點(diǎn)時(shí)M、N分離C.M與N分離時(shí)的速度大小為D.擺回到最低點(diǎn)時(shí)繩子的拉力為【答案】ACD【解析】A．對(duì)P、Q構(gòu)成的整體，在碰撞過(guò)程，水平方向上動(dòng)量守恒，碰撞后豎直方向的分速度突變?yōu)?，則有解得，故A正確；B．整體S在桿右側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)，繩的彈力對(duì)M做正功，M的速度增大，M、N之間存在彈力作用，可知，S向右擺動(dòng)到最高點(diǎn)過(guò)程，M、N沒(méi)有分離，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合上述可知，當(dāng)S從桿右側(cè)再次返回最低點(diǎn)時(shí)，M與N恰好分離，令此時(shí)S速度為，則有，解得，即M與N分離時(shí)的速度大小為，故C正確；D．結(jié)合上述，對(duì)S進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有解得，故D正確。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.（1）在做“用單擺測(cè)重力加速度的大小”實(shí)驗(yàn)時(shí)，同組內(nèi)兩同學(xué)使用同一游標(biāo)卡尺測(cè)量了同一小球的直徑，操作圖片如圖甲和乙所示，從放大圖可見(jiàn)測(cè)量值偏差較大，對(duì)得最齊的線已圈出。你認(rèn)為該小球直徑測(cè)量值應(yīng)取___________mm。（2）為了減小測(cè)量周期的誤差，計(jì)時(shí)開(kāi)始時(shí)，擺球應(yīng)是經(jīng)過(guò)最___________（填“高”或“低”）點(diǎn)的位置，圖丙中停表示數(shù)為該單擺全振動(dòng)50次所用的時(shí)間，則單擺的振動(dòng)周期為_(kāi)__________s（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（3）該同學(xué)測(cè)得一組擺長(zhǎng)和周期后求得g值偏大，其原因可能是___________A.開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表過(guò)遲按下B.擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了C.單擺擺動(dòng)時(shí)做圓錐擺運(yùn)動(dòng)D.擺動(dòng)次數(shù)少記了一次【答案】（1）15.90（2）低1.35（3）AC【解析】（1）甲圖小球位置錯(cuò)誤，乙圖小球位置正確。小球的直徑是（2）[1]為了減小測(cè)量周期的誤差，計(jì)時(shí)開(kāi)始時(shí)，擺球應(yīng)是經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)的位置；[2]停表示數(shù)單擺的振動(dòng)周期為（3）A．根據(jù)單擺的周期公式為根據(jù)題意得解得開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表過(guò)遲按下，t偏小，g偏大，A正確；B．根據(jù)，擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，L的測(cè)量值偏小，g偏小，B錯(cuò)誤；C．設(shè)擺線與豎直方向的夾角為θ，根據(jù)牛頓第二定律得解得根據(jù)解得，單擺擺動(dòng)時(shí)做圓錐擺運(yùn)動(dòng)，正確的做法是將T圓代入計(jì)算重力加速度，該同學(xué)將T圓代入計(jì)算重力加速度，導(dǎo)致周期的測(cè)量值偏小，g的測(cè)量值偏大，C正確；D．根據(jù)，擺動(dòng)次數(shù)少記了一次，n偏小，g偏小，D錯(cuò)誤。故選AC。15.光源發(fā)出的光經(jīng)過(guò)濾光片成為單色光，利用圖示1裝置測(cè)量某種單色光的波長(zhǎng)。（1）圖1中儀器A是___________，儀器B是___________（填寫(xiě)儀器的名稱）；（2）如圖2所示，實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)干涉條紋與分劃板中心刻線始終有一定的角度，下列哪個(gè)操作可以使得分劃板中心刻線與干涉條紋平行___________。A.僅撥動(dòng)撥桿 B.僅旋轉(zhuǎn)單縫C.僅前后移動(dòng)凸透鏡 D.僅旋轉(zhuǎn)毛玻璃處的測(cè)量頭（3）在利用激光進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，用波長(zhǎng)的紅光照射雙縫和，若屏上點(diǎn)距雙縫的路程差為，如圖甲，則點(diǎn)將出現(xiàn)___________（選填“亮條紋”或“暗條紋”）；若在上方虛線框區(qū)域內(nèi)充入折射率為的透明氣體，如圖乙，保持其他條件不變，則屏上原來(lái)的中央亮條紋將___________（選填“上移”“下移”或“不動(dòng)”）?！敬鸢浮浚?）撥桿目鏡（2）D（3）暗條紋上移【解析】（1）[1]圖1中儀器A是撥桿；[2]儀器B是目鏡。（2）實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)目鏡中干涉條紋與分劃板中心刻線始終有一定的角度，要使得分劃板中心刻線與干涉條紋平行，則僅旋轉(zhuǎn)毛玻璃處的測(cè)量頭即可。故選D。（3）[1]若屏上點(diǎn)距雙縫的路程差為，則可得該路程差為半波長(zhǎng)的倍數(shù)為即即路程關(guān)為半徑波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，故點(diǎn)將出現(xiàn)暗條紋；[2]若在上方虛線框區(qū)域內(nèi)充入折射率為的透明氣體，根據(jù)可知光在上方虛線框傳播的速度小于光速度c，而光在虛線框下方的傳播速度仍為c；根據(jù)雙縫干涉條紋的特點(diǎn)，要使光程差為零（中央亮條紋的條件），即上方的光傳播速度小，則通過(guò)的路程??；下方光的速度大，則通過(guò)的路程大，所以中央亮條紋將上移。16.（1）某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖裝置探究一定質(zhì)量的氣體等溫變化的規(guī)律，實(shí)驗(yàn)操作過(guò)程中下列說(shuō)法正確的是（）A.在活塞上涂潤(rùn)滑油，目的是為了減小摩擦B.注射器旁的刻度尺只要刻度分布均勻即可，可以不標(biāo)注單位C.為節(jié)約時(shí)間，實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)快速推拉活塞和讀取數(shù)據(jù)D.實(shí)驗(yàn)過(guò)程中裝置有點(diǎn)傾斜，對(duì)壓強(qiáng)測(cè)量沒(méi)有影響（2）實(shí)驗(yàn)中在涂潤(rùn)滑油時(shí)，有少量潤(rùn)滑油進(jìn)入空氣柱中，其他操作都規(guī)范的前提下測(cè)量了多組空氣柱長(zhǎng)度與壓強(qiáng)，作圖像可能為圖乙中的___________（填“①”“②”“③”）【答案】（1）BD（2）①【解析】（1）A．在活塞上涂潤(rùn)滑油，是為了防止漏氣，A錯(cuò)誤；B．由，可知等號(hào)兩邊，相同的物理量取相同的標(biāo)度即可，故可以不標(biāo)注單位，B正確；C．快速推拉活塞會(huì)改變封閉氣體的溫度，C錯(cuò)誤；D．壓強(qiáng)是從壓力表中讀出的，故實(shí)驗(yàn)過(guò)程中裝置有點(diǎn)傾斜，對(duì)壓強(qiáng)測(cè)量沒(méi)有影響，D正確。故選BD。（2）設(shè)進(jìn)入的少量潤(rùn)滑油的體積為，則空氣柱的體積為，其中，為注射器的橫截面積由得，故選①。17.天宮課堂中的毛細(xì)效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，在空間站微重力環(huán)境下展示了流體現(xiàn)象的天地差異。將橫截面半徑為，上端封口、長(zhǎng)度足夠且導(dǎo)熱良好的玻璃管內(nèi)部抽成真空，迅速倒扣在液面上，管口恰好與液面接觸，液體表面張力形成向上的拉力，這個(gè)力使管中液體向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)向上的拉力與液柱的重力及大氣壓力平衡后，穩(wěn)定的液面如圖乙所示。已知空間站內(nèi)氣壓為一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，毛細(xì)現(xiàn)象產(chǎn)生的向上拉力與周長(zhǎng)成正比，單位長(zhǎng)度上產(chǎn)生的力大小為，方向與管壁成角斜向上且保持不變，液體的密度為，玻璃管足夠長(zhǎng)且長(zhǎng)度為，（1）該液體是否浸潤(rùn)管內(nèi)壁？若將該液體換成水銀，水銀能不能上升形成水銀柱；（2）如果微重力加速度為，求最終穩(wěn)定時(shí)液體的高度；（3）如果微重力可以忽略不計(jì)，抽真空時(shí)遺留了少數(shù)氣體在玻璃管內(nèi)，抽完后遺留氣體壓強(qiáng)為，求最終穩(wěn)定時(shí)液體的高度；若液體上升過(guò)程對(duì)玻璃管內(nèi)氣體做了的正功，近似認(rèn)為氣體溫度不變，判斷氣體吸熱還是放熱，并給出吸放熱的具體數(shù)值?！敬鸢浮浚?）是；能（2）（3）；放熱；【解析】（1）該液體浸潤(rùn)管內(nèi)壁，管內(nèi)為真空，若將該液體換成水銀，水銀能上升形成水銀柱；（2）對(duì)穩(wěn)定水柱進(jìn)行受力分析，解得（3）對(duì)穩(wěn)定水柱進(jìn)行受力分析解得對(duì)遺留氣體做等溫變化分析解得由于氣體內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，氣體放熱。18.“彈射式平拋運(yùn)動(dòng)演示儀”可用于拋體規(guī)律的探究，中間固定有彈簧彈射器的水平軌道固定在增高鐵架臺(tái)上，可將對(duì)稱放置的兩小球A、B水平彈出，兩小球質(zhì)量均為，初始彈射器壓縮量（彈簧勁度系數(shù)），兩球從靜止到彈射離開(kāi)水平軌道的過(guò)程中，兩球與彈簧組成系統(tǒng)的機(jī)械能損失，軌道距地面高度，地面放置傾角的斜劈，斜面長(zhǎng)度足夠，小球B恰好無(wú)碰撞地從半徑為斜面內(nèi)置半圓軌道口射入，從口射出，已知彈性勢(shì)能公式為，小球可當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)處理，求：（1）小球B離開(kāi)水平軌道時(shí)的速度大小；（2）C口的離地高度，若軌道光滑，求小球在內(nèi)置軌道的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中對(duì)軌道的最大壓力；（3）若軌道粗糙，使得小球以的速度從口射出，且小球與斜面的后續(xù)碰撞中，沿斜面分速度保持不變，垂直斜面分速度減半，求小球與斜面碰撞的總次數(shù)。【答案】（1）（2）；（3）2次【解析】（1）初始系統(tǒng)的彈性勢(shì)能兩球的動(dòng)能之和彈射過(guò)程水平方向系統(tǒng)動(dòng)量守恒解得（2）對(duì)點(diǎn)速度進(jìn)行分解有，所以時(shí)間豎直方向位移碰撞點(diǎn)的離地高度在軌道最低點(diǎn)，壓力最大，從到，根據(jù)動(dòng)能定理可得又解得由牛頓第三定律可知，最大壓力為。（3）將重力加速度沿垂直斜面與沿斜面方向正交分解，其中沿斜面分量為沿斜面方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)解得D點(diǎn)射出到第一次碰撞的時(shí)間間隔為第一次碰撞到第二次時(shí)間間隔為第二次碰撞到第三次時(shí)間間隔為因?yàn)樗耘鲎?次。19.如圖甲所示，正方形線框MNQP邊長(zhǎng)為、質(zhì)量為、電阻為，放在光滑水平地面上，形狀與完全相同正方形區(qū)域內(nèi)的兩個(gè)三角形區(qū)域充滿垂直地面、磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，AOD區(qū)域方向向上，BOC區(qū)域方向向下。以正方形ABCD的中心為坐標(biāo)原點(diǎn)，水平向右建立Ox軸，開(kāi)始時(shí)與重合，線框在拉力的作用下沿軸負(fù)方向以做勻速直線運(yùn)動(dòng)，求（1）①當(dāng)邊到達(dá)時(shí)，線框的電流大小，以及這一過(guò)程通過(guò)線框的電量；②當(dāng)邊從到達(dá)邊過(guò)程，拉力與的函數(shù)關(guān)系；（2）在線框的NP邊接入一個(gè)恒流源，電流大小恒為，方向如圖乙所示，開(kāi)始時(shí)靜止放在處，剛好處在磁場(chǎng)中。①線框邊運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)的速度大小；②若線框邊運(yùn)動(dòng)到時(shí)時(shí)間為，線框邊第一次運(yùn)動(dòng)到時(shí)的時(shí)間。【答案】（1）①；②；方向沿方向（2）①；②【解析】（1）①當(dāng)邊到達(dá)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流根據(jù)解得②當(dāng)邊從到達(dá)邊過(guò)程，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流可得方向沿方向。由二力平衡條件可知方向沿方向。（2）①根據(jù)第（1）分析可知?jiǎng)t由動(dòng)能定理可得解得②對(duì)線框受力分析，可知?jiǎng)t線框做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知邊第一次運(yùn)動(dòng)到時(shí)的時(shí)間20.如圖所示，加速電場(chǎng)兩極板間的電壓為，板間距離為。將質(zhì)量為，電荷量為的帶正電粒子注入到加速電場(chǎng)中的點(diǎn)（忽略粒子的初速度和重力），取點(diǎn)離加速電場(chǎng)負(fù)極板上小孔的距離為，粒子經(jīng)電場(chǎng)加速?gòu)男】咨涑觯辉俳?jīng)速度選擇器篩選，從磁分析器左邊通道入口的中點(diǎn)進(jìn)入磁分析器，磁分析器通道是以點(diǎn)為圓心，內(nèi)半徑為、外半徑為的半圓環(huán)，在磁分析器的右端放置相片底片。速度選擇器和磁分析器內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向如圖。（1）當(dāng)粒子的距離時(shí)，粒子從小孔射出時(shí)的速度大小；（2）調(diào)節(jié)速度選擇中的電場(chǎng)強(qiáng)度，使不同距離的粒子都能沿直線通過(guò)速度選擇器，求與的函數(shù)關(guān)系？（3）調(diào)節(jié)速度選擇中的電場(chǎng)強(qiáng)度，使不同距離的粒子都能沿直線通過(guò)速度選擇器，當(dāng)粒子的距離時(shí)，粒子恰好能擊中照相底片的正中間位置。求粒子能打中底片時(shí)的取值范圍；（4）當(dāng)時(shí)，求粒子在磁分析器中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間和最短時(shí)間?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（4）；【解析】（1）時(shí)，粒子前后的電勢(shì)差為根據(jù)動(dòng)能定理解得（2）由題意可知，粒子前后的電勢(shì)差為根據(jù)動(dòng)能定理解得根據(jù)平衡條件，有解得（3）在磁場(chǎng)中根據(jù)牛頓第二定律解得半徑為所以時(shí)，由下圖1可知粒子能打到底片則解得（4）在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑，粒子軌跡如下圖2由軌跡可知，運(yùn)動(dòng)時(shí)間的最大值為運(yùn)動(dòng)時(shí)間最小時(shí)如圖3所示弦ps與小圓相切，圓心角運(yùn)動(dòng)時(shí)間最小值為在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間，2024學(xué)年第二學(xué)期臺(tái)金七校聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級(jí)物理學(xué)科試題選擇題部分一、單選題（本題共10小題，每小題3分，共30分。）1.英國(guó)物理學(xué)家焦耳最早發(fā)現(xiàn)了焦耳定律，給出了電能向熱能轉(zhuǎn)化的定量關(guān)系。為了紀(jì)念他，國(guó)際單位制（SI）中能量的導(dǎo)出單位也以焦耳（J）命名。焦耳用國(guó)際單位制中基本單位表示正確的是（）A.J B. C. D.【答案】C【解析】根據(jù)功的計(jì)算公式可知，焦耳用國(guó)際單位制中基本單位表示為故選C。2.關(guān)于分子，下列說(shuō)法正確的是（）A.將分子看成小球，小球是分子的簡(jiǎn)化模型B.布朗運(yùn)動(dòng)是固體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.“物體是由大量分子組成的”，這里的“分子”特指化學(xué)變化中的分子，不包括原子和離子D.分子的質(zhì)量是很小的，其數(shù)量級(jí)一般為【答案】A【解析】A．將分子看成小球是為了研究問(wèn)題方便，小球是分子的簡(jiǎn)化模型，故選項(xiàng)A正確；B．布朗運(yùn)動(dòng)中，觀察到的是固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)，不是固體分子的運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．“物體是由大量分子組成的”，這里的“分子”是分子、原子和離子的統(tǒng)稱，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．分子質(zhì)量的數(shù)量級(jí)一般為，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。3.一炮彈在空中飛行時(shí)，突然發(fā)生爆炸（時(shí)間極短），爆炸成質(zhì)量不同的兩部分，爆炸后瞬間兩部分的運(yùn)動(dòng)方向與爆炸前瞬間炮彈的運(yùn)動(dòng)方向在同一直線上。則炮彈爆炸過(guò)程中（）A.系統(tǒng)動(dòng)量不守恒 B.兩部分的動(dòng)能都會(huì)增大C.兩部分的動(dòng)能之和可能減小 D.兩部分的動(dòng)能之和一定增大【答案】D【解析】當(dāng)系統(tǒng)不受外力或所受外力之和為零時(shí)，系統(tǒng)動(dòng)量保持不變，故A錯(cuò)誤；由于能量守恒，爆炸過(guò)程中有化學(xué)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，故B、C錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.在獲悉法拉第發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象之后，楞次立即開(kāi)始進(jìn)行電工方面的實(shí)驗(yàn)研究，并于1834年提出楞次定律。下面幾種與楞次定律有關(guān)的現(xiàn)象描述正確的是（）A.條形磁鐵靠近線圈時(shí)電子秤示數(shù)可能增大也可能減小B.條形磁鐵靠近鋁環(huán)時(shí)鋁環(huán)會(huì)向左擺動(dòng)C.通電直導(dǎo)線的電流增大時(shí)，桌面上的矩形線框會(huì)向右運(yùn)動(dòng)或有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)D.閉合開(kāi)關(guān)后，電流表中有恒定電流【答案】C【解析】A．根據(jù)楞次定律可知條形磁鐵靠近線圈時(shí)，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈對(duì)條形磁鐵的作用力向上，磁鐵對(duì)線圈的作用力向下，故電子秤示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤；B．條形磁鐵靠近鋁環(huán)時(shí)，磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，鋁環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電流，鋁環(huán)受安培力遠(yuǎn)離條形磁鐵，鋁環(huán)會(huì)向右擺動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．通電直導(dǎo)線的電流增大時(shí)，矩形框中的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，桌面上的矩形線框會(huì)向右運(yùn)動(dòng)或有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)阻礙磁通量的增大，故C正確；D．閉合開(kāi)關(guān)后，通過(guò)M線圈的電流不變，則穿過(guò)兩線圈的磁通量不變，N線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表中無(wú)電流，只在閉合開(kāi)關(guān)的瞬間，電流表中有電流，故D錯(cuò)誤。故選C。5.《天工開(kāi)物》中提到一種古法榨油：撞木榨油。如圖，撞木榨油是先將包裹好的油餅整齊地?cái)[到榨具里，然后用撞木撞擊木楔，擠壓油餅，油就流出來(lái)。某次撞擊前撞木的速度為，撞擊后撞木反彈，且速度大小變?yōu)樵瓉?lái)的一半。已知撞木撞擊木楔的時(shí)間為，若撞木對(duì)木楔平均撞擊力大小為，估測(cè)撞木的質(zhì)量為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】令撞擊前撞木的速度為，則撞擊后撞木的速度大小，撞木撞擊木楔的時(shí)間為，若撞木對(duì)木楔平均撞擊力大小為，根據(jù)牛頓第三定律，木楔對(duì)撞木平均撞擊力大小為對(duì)撞木進(jìn)行分析，根據(jù)動(dòng)量定理有若忽略重力，解得故選B。6.如圖所示，甲是質(zhì)譜儀，乙是回旋加速器，丙是速度選擇器，丁是磁流體發(fā)電機(jī)。下列說(shuō)法不正確的是（）A.甲圖中，粒子打在底片上的位置越靠近狹縫說(shuō)明粒子的比荷越大B.乙圖中，粒子第次和第次加速后的半徑之比是C.丙圖中，粒子能夠沿直線勻速通過(guò)速度選擇器的條件是，且可以判斷出帶電粒子的電性D.丁圖中，可以判斷出極板是發(fā)電機(jī)的負(fù)極，極板是發(fā)電機(jī)的正極【答案】C【解析】A．甲圖中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得可知粒子打在底片上的位置越靠近狹縫，半徑越小，說(shuō)明粒子的比荷越大，選項(xiàng)A正確，不符合題意；B．乙圖中，粒子在電場(chǎng)中加速有粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有聯(lián)立解得則粒子第次和第次加速后的半徑之比是選項(xiàng)B正確，不符合題意；C．丙圖中，粒子能夠沿直線勻速通過(guò)速度選擇器，則有解得若粒子帶正電，則電場(chǎng)力向下，磁場(chǎng)力向上；若粒子帶負(fù)電，則電場(chǎng)力向上，磁場(chǎng)力向下，均可滿足受力平衡。因此無(wú)法判斷出帶電粒子的電性，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，符合題意；D．根據(jù)左手定則可知正離子向B極板偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子向A極板偏轉(zhuǎn)，則可以判斷出極板是發(fā)電機(jī)的負(fù)極，極板是發(fā)電機(jī)的正極，選項(xiàng)D正確，不符合題意。故選C。7.如圖所示為2025年春節(jié)假期檔爆火的《哪吒之魔童鬧?！吠瞥龅闹苓呁媾?。這款玩偶是由頭部、輕質(zhì)彈簧和底座構(gòu)成，已知玩偶頭部質(zhì)量為，彈簧勁度系數(shù)為，底座質(zhì)量則為玩偶頭部質(zhì)量的一半。當(dāng)把玩偶頭部輕壓至彈簧彈力為時(shí)，將其由靜止釋放，此后玩偶頭部在豎直方向上進(jìn)行簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。重力加速度記為，不考慮任何阻力，且彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。以下說(shuō)法正確的是（）A.釋放玩偶頭部的瞬間，其加速度大小為B.玩偶頭部運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，底座對(duì)桌面的壓力為C.彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，玩偶頭部的速度最大且加速度為0D.玩偶頭部做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為【答案】B【解析】A．釋放玩偶頭部瞬間，對(duì)頭部進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有解得故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，玩偶頭部運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)時(shí)，加速度大小與釋放玩偶頭部瞬間的加速度大小相等，仍然為，方向豎直向下；可知，玩偶頭部運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)時(shí)，彈簧處于原長(zhǎng)，彈力為0，對(duì)底座進(jìn)行分析可知，桌面對(duì)底座的支持力為，根據(jù)牛頓第三定律可知，底座對(duì)桌面的壓力為，故B正確；C．根據(jù)上述可知，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，玩偶頭部恰好位于最高點(diǎn)，頭部的速度為0，由于相對(duì)于頭部平衡位置的位移最大，則此時(shí)加速度也最大，故C錯(cuò)誤；D．玩偶頭部在最低點(diǎn)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，則有頭部在平衡位置時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)，則有玩偶頭部做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)振幅為解得故D錯(cuò)誤。故選B。8.圖甲為風(fēng)力發(fā)電的簡(jiǎn)易模型，發(fā)電機(jī)與一理想變壓器的原線圈相連，變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為10匝和1匝，某一風(fēng)速時(shí)，變壓器原線圈兩端的電壓隨時(shí)間變化的關(guān)系圖像如圖乙所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.風(fēng)葉穩(wěn)定轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率為B.電壓表的示數(shù)為C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，電壓表的示數(shù)為0D.變壓器原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為【答案】D【解析】A．風(fēng)葉穩(wěn)定轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．變壓器原線圈電壓有效值為則次級(jí)電壓有效值，即電壓表的示數(shù)為，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)，電壓表的示數(shù)不變，仍為3V，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因可得變壓器原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為，選項(xiàng)D正確。故選D。9.如圖所示的裝置水平置于豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電源電動(dòng)勢(shì)為、內(nèi)阻為，兩副平行且光滑的導(dǎo)軌間距分別為與。材質(zhì)均勻的導(dǎo)體棒的長(zhǎng)度均為，電阻均為，質(zhì)量分別為，垂直置于導(dǎo)軌上。導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且不計(jì)電阻，從閉合開(kāi)關(guān)到兩導(dǎo)體棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)的全過(guò)程（）A.穩(wěn)定前棒加速度之比為B.穩(wěn)定時(shí)導(dǎo)體棒的速度為C.通過(guò)棒的電量D.導(dǎo)體棒中產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】D【解析】A．兩棒為串聯(lián)關(guān)系，電流相等，根據(jù)牛頓第二定律有解得故穩(wěn)定前b、c棒加速度之比為，故A錯(cuò)誤；BC．閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)兩棒穩(wěn)定時(shí)，兩棒產(chǎn)生的反電動(dòng)勢(shì)與電源電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系有根據(jù)動(dòng)量定理對(duì)b棒有對(duì)c棒有因b、c串聯(lián)，通過(guò)的電量相等，則有聯(lián)立可得，，故BC錯(cuò)誤；D．由能量守恒定律，電源提供的電能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能和焦耳熱根據(jù)熱量與電阻的正比關(guān)系可得聯(lián)立解得導(dǎo)體棒b中產(chǎn)生的焦耳熱為，故D正確。故選D。10.如圖甲所示為仙居中學(xué)張老師制作的任意液體折射率測(cè)量?jī)x，可調(diào)傾角的斜面上緊貼放置一裝有油的塑料罐，激光筆垂直于罐壁吸附于斜面下，重錘線的一端系于激光筆上，另一端自由下垂，同時(shí)重錘線通過(guò)扇形刻度盤(pán)的圓心，相對(duì)位置如圖乙所示。測(cè)量時(shí)調(diào)節(jié)斜面傾角使得射入罐中油的光線恰好不射出水面，此時(shí)從油中射入空氣的入射角為，重錘線與激光筆的夾角為，為測(cè)量方便，扇形刻度盤(pán)上已經(jīng)提前標(biāo)刻好根據(jù)計(jì)算的折射率的值，以下說(shuō)法正確的是（）A.液體折射率且圖乙扇形刻度盤(pán)上標(biāo)刻的折射率從左往右依次增大B.現(xiàn)由電機(jī)控制斜面從水平位置開(kāi)始以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，測(cè)得時(shí)間后光線恰好不射出液面，液體的折射率C.如圖丙所示，某次測(cè)量中激光筆沒(méi)有垂直于罐壁射入光線，測(cè)得的折射率會(huì)偏大，且罐壁越厚，誤差越大D.如圖丙所示，某次測(cè)量中激光筆沒(méi)有垂直于罐壁射入光線，測(cè)得的折射率沒(méi)有誤差，且罐壁厚度對(duì)測(cè)量沒(méi)有影響【答案】B【解析】A．射入罐中油的光線恰好不射出水面，此時(shí)從油中射入空氣的入射角為，則有由于激光筆垂直于罐壁吸附于斜面下，在圖乙中，根據(jù)幾何關(guān)系有解得可知，越大，折射率越小，即圖乙扇形刻度盤(pán)上標(biāo)刻的折射率從左往右依次減小，故A錯(cuò)誤；B．現(xiàn)由電機(jī)控制斜面從水平位置開(kāi)始以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在圖乙中有結(jié)合上述解得，故B正確；CD．圖丙根據(jù)折射定律，從空氣經(jīng)過(guò)罐壁進(jìn)入液體中，光線發(fā)生折射，利用幾何關(guān)系可知結(jié)合上述有可知，如圖丙所示，某次測(cè)量中激光筆沒(méi)有垂直于罐壁射入光線，測(cè)得的折射率會(huì)偏小，且罐壁厚度對(duì)測(cè)量沒(méi)有影響，故CD錯(cuò)誤。故選B。二、不定項(xiàng)選擇（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）11.有關(guān)下列四幅圖的描述，說(shuō)法正確的是（）A.如圖甲，是測(cè)量?jī)?chǔ)罐中不導(dǎo)電液體高度的裝置，當(dāng)儲(chǔ)罐中液面高度升高時(shí)，回路中振蕩電流頻率將減小B.如圖乙，是一種電感式微小位移傳感器，當(dāng)物體1向左移動(dòng)時(shí)，線圈自感系數(shù)變小C.如圖丙，電容器中電場(chǎng)的能量正在增大D.如圖丁，生活中常用微波爐來(lái)加熱食物，這是利用了紅外線的熱效應(yīng)【答案】AC【解析】A．圖甲中，不導(dǎo)電液體為電介質(zhì)，儲(chǔ)罐中液面高度升高時(shí)，介電常數(shù)增大，根據(jù)可知，電容器得電容增大，結(jié)合LC振蕩電路可知，回路中振蕩電流頻率將減小，故A正確；B．圖乙中，當(dāng)物體1向左移動(dòng)時(shí)，鐵芯插入的長(zhǎng)度變大，線圈自感系數(shù)變大，故B錯(cuò)誤；C．由圖丙可知，此過(guò)程電容器處于充電狀態(tài)，電場(chǎng)能逐漸增大，磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為電場(chǎng)能，故C正確；D．生活中的微波爐是利用微波加熱的，而不是利用紅外線的熱效應(yīng)加熱的，故D錯(cuò)誤。故選AC。12.如圖所示，以軸為邊界，兩側(cè)為不同的均勻介質(zhì)和介質(zhì)。兩波源和分別位于和處，時(shí)兩波開(kāi)始振動(dòng)，后的波形如圖，則（）A.兩波同時(shí)到達(dá)O點(diǎn)B.發(fā)出的波進(jìn)入介質(zhì)后波速為C.兩波穩(wěn)定疊加后，點(diǎn)始終不動(dòng)D.兩列波疊加穩(wěn)定后，和之間有13個(gè)振動(dòng)減弱點(diǎn)【答案】BD【解析】A．由后的波形圖可知在介質(zhì)和介質(zhì)波長(zhǎng)分別為，時(shí)兩波開(kāi)始振動(dòng)，后兩波沿波的傳播方向傳播一個(gè)波長(zhǎng)，則振動(dòng)周期相等且均為。波在介質(zhì)和介質(zhì)的波速分別為，波在介質(zhì)和介質(zhì)傳播到O點(diǎn)的時(shí)間分別為，故介質(zhì)中的波先傳到O點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；B．波速由介質(zhì)決定，故發(fā)出的波進(jìn)入介質(zhì)后波速為，故B正確；C．介質(zhì)中的波傳到O點(diǎn)時(shí)，介質(zhì)中的波已經(jīng)傳到O點(diǎn)的時(shí)間此時(shí)介質(zhì)中的波使平衡位置位于O點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到平衡位置且向軸正方向運(yùn)動(dòng)，介質(zhì)中的波使平衡位置位于O點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到平衡位置且向軸正方向運(yùn)動(dòng)，故O點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，以后點(diǎn)在平衡位置附近振動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．兩列波疊加穩(wěn)定后，在區(qū)間，兩列波振動(dòng)步調(diào)相反，振動(dòng)減弱的點(diǎn)有、、、、、、、在區(qū)間，兩列波振動(dòng)步調(diào)相反，振動(dòng)減弱的點(diǎn)有、、、、，故兩列波疊加穩(wěn)定后，和之間有13個(gè)振動(dòng)減弱點(diǎn)。故D正確。故選BD。13.將木塊M與N并排靜置在光滑地面上，木塊M上固定一豎直輕桿，輕桿上端小橫桿上系一長(zhǎng)為的輕細(xì)線，細(xì)線下端系一質(zhì)量為的小球Q。將一質(zhì)量的橡皮泥P從距Q水平距離的地方以的速度水平拋出，恰好與小球Q碰撞并瞬間連結(jié)為一整體S（可視為質(zhì)點(diǎn)），隨后繞懸點(diǎn)擺動(dòng)（不與豎直桿碰撞）。已知木塊M與N的質(zhì)量分別為與。則（）A.碰撞后瞬間的速度為B.S擺到最高點(diǎn)時(shí)M、N分離C.M與N分離時(shí)的速度大小為D.擺回到最低點(diǎn)時(shí)繩子的拉力為【答案】ACD【解析】A．對(duì)P、Q構(gòu)成的整體，在碰撞過(guò)程，水平方向上動(dòng)量守恒，碰撞后豎直方向的分速度突變?yōu)?，則有解得，故A正確；B．整體S在桿右側(cè)運(yùn)動(dòng)時(shí)，繩的彈力對(duì)M做正功，M的速度增大，M、N之間存在彈力作用，可知，S向右擺動(dòng)到最高點(diǎn)過(guò)程，M、N沒(méi)有分離，故B錯(cuò)誤；C．結(jié)合上述可知，當(dāng)S從桿右側(cè)再次返回最低點(diǎn)時(shí)，M與N恰好分離，令此時(shí)S速度為，則有，解得，即M與N分離時(shí)的速度大小為，故C正確；D．結(jié)合上述，對(duì)S進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有解得，故D正確。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.（1）在做“用單擺測(cè)重力加速度的大小”實(shí)驗(yàn)時(shí)，同組內(nèi)兩同學(xué)使用同一游標(biāo)卡尺測(cè)量了同一小球的直徑，操作圖片如圖甲和乙所示，從放大圖可見(jiàn)測(cè)量值偏差較大，對(duì)得最齊的線已圈出。你認(rèn)為該小球直徑測(cè)量值應(yīng)取___________mm。（2）為了減小測(cè)量周期的誤差，計(jì)時(shí)開(kāi)始時(shí)，擺球應(yīng)是經(jīng)過(guò)最___________（填“高”或“低”）點(diǎn)的位置，圖丙中停表示數(shù)為該單擺全振動(dòng)50次所用的時(shí)間，則單擺的振動(dòng)周期為_(kāi)__________s（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（3）該同學(xué)測(cè)得一組擺長(zhǎng)和周期后求得g值偏大，其原因可能是___________A.開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表過(guò)遲按下B.擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了C.單擺擺動(dòng)時(shí)做圓錐擺運(yùn)動(dòng)D.擺動(dòng)次數(shù)少記了一次【答案】（1）15.90（2）低1.35（3）AC【解析】（1）甲圖小球位置錯(cuò)誤，乙圖小球位置正確。小球的直徑是（2）[1]為了減小測(cè)量周期的誤差，計(jì)時(shí)開(kāi)始時(shí)，擺球應(yīng)是經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)的位置；[2]停表示數(shù)單擺的振動(dòng)周期為（3）A．根據(jù)單擺的周期公式為根據(jù)題意得解得開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，秒表過(guò)遲按下，t偏小，g偏大，A正確；B．根據(jù)，擺線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了，L的測(cè)量值偏小，g偏小，B錯(cuò)誤；C．設(shè)擺線與豎直方向的夾角為θ，根據(jù)牛頓第二定律得解得根據(jù)解得，單擺擺動(dòng)時(shí)做圓錐擺運(yùn)動(dòng)，正確的做法是將T圓代入計(jì)算重力加速度，該同學(xué)將T圓代入計(jì)算重力加速度，導(dǎo)致周期的測(cè)量值偏小，g的測(cè)量值偏大，C正確；D．根據(jù)，擺動(dòng)次數(shù)少記了一次，n偏小，g偏小，D錯(cuò)誤。故選AC。15.光源發(fā)出的光經(jīng)過(guò)濾光片成為單色光，利用圖示1裝置測(cè)量某種單色光的波長(zhǎng)。（1）圖1中儀器A是___________，儀器B是___________（填寫(xiě)儀器的名稱）；（2）如圖2所示，實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)干涉條紋與分劃板中心刻線始終有一定的角度，下列哪個(gè)操作可以使得分劃板中心刻線與干涉條紋平行___________。A.僅撥動(dòng)撥桿 B.僅旋轉(zhuǎn)單縫C.僅前后移動(dòng)凸透鏡 D.僅旋轉(zhuǎn)毛玻璃處的測(cè)量頭（3）在利用激光進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，用波長(zhǎng)的紅光照射雙縫和，若屏上點(diǎn)距雙縫的路程差為，如圖甲，則點(diǎn)將出現(xiàn)___________（選填“亮條紋”或“暗條紋”）；若在上方虛線框區(qū)域內(nèi)充入折射率為的透明氣體，如圖乙，保持其他條件不變，則屏上原來(lái)的中央亮條紋將___________（選填“上移”“下移”或“不動(dòng)”）。【答案】（1）撥桿目鏡（2）D（3）暗條紋上移【解析】（1）[1]圖1中儀器A是撥桿；[2]儀器B是目鏡。（2）實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)目鏡中干涉條紋與分劃板中心刻線始終有一定的角度，要使得分劃板中心刻線與干涉條紋平行，則僅旋轉(zhuǎn)毛玻璃處的測(cè)量頭即可。故選D。（3）[1]若屏上點(diǎn)距雙縫的路程差為，則可得該路程差為半波長(zhǎng)的倍數(shù)為即即路程關(guān)為半徑波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，故點(diǎn)將出現(xiàn)暗條紋；[2]若在上方虛線框區(qū)域內(nèi)充入折射率為的透明氣體，根據(jù)可知光在上方虛線框傳播的速度小于光速度c，而光在虛線框下方的傳播速度仍為c；根據(jù)雙縫干涉條紋的特點(diǎn)，要使光程差為零（中央亮條紋的條件），即上方的光傳播速度小，則通過(guò)的路程?。幌路焦獾乃俣却?，則通過(guò)的路程大，所以中央亮條紋將上移。16.（1）某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖裝置探究一定質(zhì)量的氣體等溫變化的規(guī)律，實(shí)驗(yàn)操作過(guò)程中下列說(shuō)法正確的是（）A.在活塞上涂潤(rùn)滑油，目的是為了減小摩擦B.注射器旁的刻度尺只要刻度分布均勻即可，可以不標(biāo)注單位C.為節(jié)約時(shí)間，實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)快速推拉活塞和讀取數(shù)據(jù)D.實(shí)驗(yàn)過(guò)程中裝置有點(diǎn)傾斜，對(duì)壓強(qiáng)測(cè)量沒(méi)有影響（2）實(shí)驗(yàn)中在涂潤(rùn)滑油時(shí)，有少量潤(rùn)滑油進(jìn)入空氣柱中，其他操作都規(guī)范的前提下測(cè)量了多組空氣柱長(zhǎng)度與壓強(qiáng)，作圖像可能為圖乙中的___________（填“①”“②”“③”）【答案】（1）BD（2）①【解析】（1）A．在活塞上涂潤(rùn)滑油，是為了防止漏氣，A錯(cuò)誤；B．由，可知等號(hào)兩邊，相同的物理量取相同的標(biāo)度即可，故可以不標(biāo)注單位，B正確；C．快速推拉活塞會(huì)改變封閉氣體的溫度，C錯(cuò)誤；D．壓強(qiáng)是從壓力表中讀出的，故實(shí)驗(yàn)過(guò)程中裝置有點(diǎn)傾斜，對(duì)壓強(qiáng)測(cè)量沒(méi)有影響，D正確。故選BD。（2）設(shè)進(jìn)入的少量潤(rùn)滑油的體積為，則空氣柱的體積為，其中，為注射器的橫截面積由得，故選①。17.天宮課堂中的毛細(xì)效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，在空間站微重力環(huán)境下展示了流體現(xiàn)象的天地差異。將橫截面半徑為，上端封口、長(zhǎng)度足夠且導(dǎo)熱良好的玻璃管內(nèi)部抽成真空，迅速倒扣在液面上，管口恰好與液面接觸，液體表面張力形成向上的拉力，這個(gè)力使管中液體向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)向上的拉力與液柱的重力及大氣壓力平衡后，穩(wěn)定的液面如圖乙所示。已知空間站內(nèi)氣壓為一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，毛細(xì)現(xiàn)象產(chǎn)生的向上拉力與周長(zhǎng)成正比，單位長(zhǎng)度上產(chǎn)生的力大小為，方向與管壁成角斜向上且保持不變，液體的密度為，玻璃管足夠長(zhǎng)且長(zhǎng)度為，（1）該液體是否浸潤(rùn)管內(nèi)壁？若將該液體換成水銀，水銀能不能上升形成水銀柱；（2）如果微重力加速度為，求最終穩(wěn)定時(shí)液體的高度；（3）如果微重力可以忽略不計(jì)，抽真空時(shí)遺