湖南省株洲市2025-2026學年高考一?？荚囄锢砟M卷（考試時間：75分鐘試卷滿分：100分）注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分．在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求．1．2022年10月，全球眾多天文設施觀測到迄今最亮伽馬射線暴，其中我國的“慧眼”衛(wèi)星、“極目”空間望遠鏡等裝置在該事件觀測中作出重要貢獻。由觀測結果推斷，該伽馬射線暴在1分鐘內釋放的能量量級為。假設釋放的能量來自于物質質量的減少，則每秒鐘平均減少的質量量級為（光速為）A． B． C． D．【答案】C【解析】根據質能方程可知，則每秒鐘平均減少的質量為則每秒鐘平均減少的質量量級為。故選C。2．如圖所示，光滑水平面上的正方形導線框，以某一初速度進入豎直向下的勻強磁場并最終完全穿出。線框的邊長小于磁場寬度。下列說法正確的是（

）A．線框進磁場的過程中電流方向為順時針方向B．線框出磁場的過程中做勻減速直線運動C．線框在進和出的兩過程中產生的焦耳熱相等D．線框在進和出的兩過程中通過導線橫截面的電荷量相等【答案】D【解析】A．線框進磁場的過程中由楞次定律知電流方向為逆時針方向，A錯誤；B．線框出磁場的過程中，根據E=Blv聯(lián)立有由于線框出磁場過程中由左手定則可知線框受到的安培力向左，則v減小，線框做加速度減小的減速運動，B錯誤；C．由能量守恒定律得線框產生的焦耳熱Q=FAL其中線框進出磁場時均做減速運動，但其進磁場時的速度大，安培力大，產生的焦耳熱多，C錯誤；D．線框在進和出的兩過程中通過導線橫截面的電荷量其中，則聯(lián)立有由于線框在進和出的兩過程中線框的位移均為L，則線框在進和出的兩過程中通過導線橫截面的電荷量相等，故D正確。故選D。3．靜電紡紗利用了高壓靜電場，使單纖維兩端帶上異種電荷，如圖所示為高壓靜電場的分布圖，下列說法正確的是(B)A．圖中b、d兩點的電場強度大小關系為Eb>EdB．圖中a、c兩點電勢關系為φa>φcC．電子在a、d兩點的電勢能關系為Epa<EpdD．將質子從b點移動到c點，電場力做負功【解析】根據電場線的疏密代表電場強度的大小，可知圖中b、d兩點的電場強度大小關系為Eb<Ed，故A錯誤；由圖可知，右邊電極電勢高于左邊電極的電勢，電場線從右邊電極發(fā)出，終止于左邊電極，根據沿著電場線方向電勢降低，可知圖中a、c兩點電勢關系為φa>φc，故B正確；圖中a、d兩點電勢關系為φa<φd，根據Ep＝qφ，且電子帶負電，可知電子在a、d兩點的電勢能關系為Epa>Epd，故C錯誤；圖中b、c兩點電勢關系為φb>φc，且質子帶正電，故將質子從b點移動到c點，其電勢能減小，電場力做正功，故D錯誤。故選B。4．如圖所示三個裝置，(a)中桌面光滑，(b)、(c)中桌面粗糙程度相同，(c)用大小為F＝Mg(g為重力加速度)的力替代重物M進行牽引，其余均相同。不計繩和滑輪質量及繩與滑輪摩擦，都由靜止釋放，在m移動相同距離的過程中，下列關于三個實驗裝置的分析中正確的是(D)A．裝置(b)中繩上的張力Tb等于裝置(c)中繩上的張力TcB．裝置(a)中物塊m的加速度為eq\f(Mg,m)C．裝置(b)、(c)中物塊m的動量增加量相同D．裝置(a)中m的動能增加量大于(b)中m的動能增加量【解析】裝置(b)中對物塊m根據牛頓第二定律Tb－f＝ma2，對系統(tǒng)根據牛頓第二定律Mg－f＝(M＋m)a2。解得Tb＝eq\f(mMg－mf,M＋m)＋f。裝置(c)中繩子張力為Tc＝F＝Mg，所以，裝置(b)中繩上的張力Tb不等于裝置(c)中繩上的張力Tc，故A錯誤；裝置(a)中對系統(tǒng)根據牛頓第二定律Mg＝(M＋m)a1。解得物塊m的加速度為a1＝eq\f(Mg,M＋m)，故B錯誤；裝置(b)中物塊中m的加速度為a2＝eq\f(Mg－f,M＋m)。裝置(c)中對系統(tǒng)根據牛頓第二定律F－f＝ma3。解得物塊m的加速度為a3＝eq\f(F－f,m)＝eq\f(Mg－f,m)?？芍b置(c)中物塊m的加速度較大，在m移動相同距離的過程中得到的速度較大，則裝置(c)m的動量增加量大于(b)中m的動量增加量，故C錯誤；由于裝置(b)有摩擦力，可知裝置(a)中物塊m的合外力較大，根據F合＝ma，可知裝置(a)中物塊的加速度較大，在m移動相同距離的過程中得到的速度較大，則裝置(a)中m的動能增加量大于(b)中m的動能增加量，故D正確；故選D。5.2024年10月，深藍航天亞軌道太空旅行計劃公布，推出2027年載人飛船首次亞軌道載人旅行飛船船票的預售活動。亞軌道是指飛行器在距地球20~100公里高空飛行的軌道，最高點必須高于卡門線（距地面100公里）。亞軌道飛行器無法環(huán)繞地球一周，飛行器在無動力的情況下會被地球重力拉回地面。已知同步衛(wèi)星距離地面高度約為地球半徑的5.6倍，地球表面重力加速度g取，地球半徑約為，下列說法正確的是（）A.亞軌道飛行器發(fā)射速度大于7.9km/sB.亞軌道飛行器起飛至落地全過程機械能守恒C.卡門線附近衛(wèi)星做圓周運動的周期約為85minD.同步衛(wèi)星與卡門線附近衛(wèi)星做圓周運動的線速度之比為2.57【答案】C【解析】【詳解】A．亞軌道飛行器無法繞地做圓周運動，則發(fā)射速度小于第一宇宙速度，小于7.9km/s，故A錯誤；B．飛行器起飛至落地全過程還會受到大氣層的阻力，氣體與飛行器摩擦生熱，所以機械能不守恒，故B錯誤；C．卡門線附近衛(wèi)星做圓周運動有根據萬有引力與重力關系有解得故C正確；D．根據牛頓第二定律及萬有引力定律可得解得卡門線附近衛(wèi)星圓周運動的線速度為同理同步衛(wèi)星的線速度為則有故D錯誤。故選C。6.如圖所示，有一半徑為R均勻帶正電絕緣球體，以球心O為原點沿半徑方向建立一維坐標系，圖中。已知電荷分布均勻的球殼在殼內任意一點產生的電場強度為零，則下列說法正確的是（）A.A和C兩點的電場強度相同B.O、A間電勢差大于A、B兩點間電勢差C.從O點沿坐標軸到B點場強均勻增大D.整個球體是等勢體，表面是等勢面【答案】C【解析】【詳解】A．A點的電場強度為設球體帶電量為Q，則解得C點的電場強度為故A和C兩點的電場強度不相同，故A錯誤；BC．從O點沿坐標軸到B點，離O點距離為處，電場強度為其中聯(lián)立可得故從O點沿坐標軸到B點場強均勻增大，且O、A兩點間的距離等于A、B兩點間的距離，故O、A間電勢差小于A、B兩點間的電勢差，故B錯誤、C正確；D．根據以上分析，球體內部場強不為0，整個球體不是等勢體，故D錯誤。故選C。二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7.汽車工程學中將加速度隨時間的變化率稱為急動度，急動度是評判乘客是否感到舒適的重要指標。如圖所示為一輛汽車啟動過程中的急動度隨時間變化的關系，已知時刻汽車速度和加速度均為零。關于汽車在該過程中的運動，下列說法正確的是（）A.，汽車做勻速直線運動B.，汽車做勻速直線運動C.，汽車做勻加速直線運動D.末，汽車的加速度為零【答案】CD【解析】【詳解】加速度隨時間的變化率稱為急動度k，即則圖像與坐標軸圍成的面積代表加速度變化。由此加速度的變化圖像如圖A．由加速度的變化圖像可知，內加速度在增加，汽車不做勻速直線運動，A錯誤；BC．由加速度的變化圖像可知，內加速度不變，汽車做勻加速直線運動，B錯誤，C正確；D．由加速度的變化圖像，9s末汽車的加速度大小為0，D正確。故選CD。8.兩根完全相同的輕質彈簧一端與輕繩連接，另一端分別固定于兩點。用力拉輕繩，使水平，與的夾角為，此時兩彈簧的長度相同，在同一直線上，也在同一直線上，如圖所示。現(xiàn)保持點不動且方向不變，將沿逆時針方向緩慢旋轉。已知該過程中彈簧、輕繩始終在同一豎直平面內，則下列說法正確的是（）A.上的拉力一直減小B.上的拉力一直增大C.上的拉力一直減小D.上的拉力先減小后增大【答案】AD【解析】【詳解】題意易知兩彈簧彈力等大且它們的合力F大小不變、方向在的角平分線上，故結點O受到而平衡，如圖畫出它們的矢量三角形如圖可知將沿逆時針方向緩慢旋轉的過程中，先減小后增大，一直減小。故選AD。9.某體操運動員在“彩帶操”比賽過程中，她揮舞彩帶形成的波一段時間內類似于水平方向傳播的簡諧橫波，該簡諧橫波在t=0時的波形圖如圖所示。介質中x=2m處的質點P沿y軸方向做簡諧運動的表達式為cm，則（）A.該波的波速為4m/sB.該波傳播方向沿x軸正方向C.若運動員的手振動加快，形成的簡諧橫波波速增大D.x=2.5m處的質點出現(xiàn)在波峰位置最短歷時0.375s【答案】ABD【解析】【詳解】A．根據簡諧運動的表達式可知，該波周期波形圖可知該波波長λ=4m，則波速故A正確；B．由表達式可知0時刻后質點P將y軸正方向運動，同側法可知該波的傳播方向沿x軸正方向，故B正確；C．波速只與介質有關，與其他無關，故C錯誤；D．圖像可知2.5m處的質點與2m處的質點相距0.5m，故2.5m處的質點回到平衡位置的時間為故x=2.5m處的質點出現(xiàn)在波峰位置最短歷時故D正確。故選ABD。10.如圖，空間存在勻強電場，質量為m、電荷量為q的小球沿圖中實線先后通過同一豎直面平面內的P、Q兩點，通過兩點時速率相同，P、Q兩點連線與豎直方向的夾角為θ，則在小球從P運動到Q的過程中（）A.小球到達實線中點時速率最小B.小球動量的變化率先減小后增大C.該電場的場強不應小于D.小球在P點的電勢能大于在Q點的電勢能【答案】AC【解析】【詳解】A．題意可知，小球通過PQ兩點時速率相同，即合力做功為0，則合力方向垂直于PQ連線，可知小球該過程做類斜拋運動，則PQ連線的中垂線與軌跡交點為類斜拋運動的最高點，所以小球到達實線中點時合力做負功最多，該點速率最小，故A正確；B．小球運動過程中只受電場力和重力，由于二者均為恒力，故其合力也為恒力，由動量定理推導式可得可知小球動量的變化率為電場力和重力的合力，故小球動量的變化率不變，故B錯誤；C．設電場力與PQ夾角為α如圖由于電場力和重力合力垂直與PQ連線，故沿PQ方向有解得故電場的場強不應小于，故C正確；D．由于PQ過程電場力和重力做的總功為0，但由于該過程重力做正功，所以該過程電場力做負功，則小球電勢能增加，即小球在P點的電勢能小于在Q點的電勢能，故D錯誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共56分。11.某實驗小組利用如圖甲所示的裝置研究勻變速直線運動，部分實驗步驟如下：A．將木板一端放于水平地面上的M點，調整木板與水平地面保持一適當?shù)膴A角θ，將木板傾斜固定于豎直支架上的N點；B．木板另一端固定一打點計時器，然后將紙帶一端固定在物塊上，另一端穿過打點計時器；C．接通電源，開啟打點計時器，從斜面上某點靜止釋放物塊，物塊沿木板滑下，多次重復后選擇點跡清晰的一條紙帶如圖乙所示。（1）A、B、C、D、E為五個計數(shù)點，每相鄰兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫出，打點計時器使用交變電流的頻率為50Hz，通過計算紙帶數(shù)據可測得打點計時器打下D點時物塊運動的速度大小為________m/s（結果保留三位有效數(shù)字），物塊運動的加速度大小為a=________m（結果保留兩位有效數(shù)字）。（2）如果由于某種原因，當時所用交變電流頻率變?yōu)?1Hz，而該小組的同學不知道頻率發(fā)生了變化，由此會造成物塊運動的加速度的測量值與實際值相比________（選填“偏大”“偏小”或“不變”）【答案】（1）①.0.915②.2.1（2）偏小【解析】【小問1詳解】根據題意可知相鄰計數(shù)點時間間隔[1]根據勻變速直線運動中間時刻瞬時速度等于該過程平均速度可得[2]根據逐差法可得加速度【小問2詳解】根據加速度定義如果由于某種原因，當時所用交變電流的頻率變?yōu)?1Hz，而該小組的同學不知道頻率發(fā)生了變化，則用于計算的周期偏大，由此會造成物塊運動的加速度的測量值與實際值相比偏小。12.某實驗小組準備利用表頭設計一個多擋位歐姆表，但不知道其內阻。為了精確測量表頭內阻，小組首先采用“電橋法”進行測量。實驗電路如圖所示，分為控制電路和測量電路兩部分，所用器材如下：A.待測表頭：量程μA，內阻約為B.靈敏電流計GC.定值電阻D.粗細均勻的電阻絲AB，總長度E.滑動變阻器（最大阻值為F.滑動變阻器（最大阻值為）G.線夾、電源、開關及導線若干。（1）實驗過程中為便于調節(jié)，滑動變阻器應選用__________填器材前的字母；（2）閉合開關S前，先將線夾大致固定在電阻絲AB中部，滑片置于a端。調節(jié)滑動變阻器滑片使表頭示數(shù)適當后保持不動。移動線夾直至靈敏電流計G示數(shù)為零，測得此時段電阻絲長度。則表頭內阻__________保留三位有效數(shù)字；（3）將表頭改裝成具有“”、“”或“”三個擋位的歐姆表，如圖乙所示。電源電動勢，內阻忽略，為調節(jié)范圍足夠的滑動變阻器，且接線柱3未接電阻。表筆b為__________填“紅”或“黑”表筆；當開關S接接線柱3時，對應的倍率為__________（填“”、“”或“”）；短接表筆a、b進行歐姆調零時，應調至__________?！敬鸢浮浚?）E（2）（3）①.黑②.③.9667【解析】【小問1詳解】待測表頭內阻約為，定值電阻，電阻均較大，為便于調節(jié)，滑動變阻器應選最大阻值較小的，即選項?！拘?詳解】粗細均勻的電阻絲AB，總長度，靈敏電流計G示數(shù)為零，即電橋平衡時，測得此時段電阻絲長度，有代入數(shù)據解得表頭內阻【小問3詳解】[1]表筆b接內部電源正極，故應為黑表筆。[2]接線柱3未接電阻，表頭和分流電阻構成的電流表量程最小，倍率最大，可知倍率為“”。[3]短接調零時，滿偏電流由得四、計算題（本題共3小題，共42分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）13.2024年7月27日巴黎奧運會上，兩名00后小將黃雨婷、盛李豪獲得射擊混合團體10米氣步槍金牌，為中國隊奪得首金！比賽用的氣步槍是利用壓縮空氣推動彈丸的槍械，它的原理可簡化如下圖：將高壓空氣儲存在氣罐A中，撞擊錘向前頂開氣閥門K，壓縮氣體經細小通道進入槍膛B中，A、B中氣體立即達到平衡且不向外界漏氣，從而給彈丸強大作用力將其發(fā)射出去。已知槍膛B內為常壓氣體，壓強為，體積為，氣罐A儲存的氣體初始壓強為，體積為，細小通道體積可忽略不計，不考慮溫度的變化。求：（1）初始儲存在氣罐A中的氣體，做等溫變化在壓強為時所對應的體積；（2）氣閥門K打開瞬間槍膛B中的壓強。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】氣體做等溫變化解得【小問2詳解】氣體做等溫變化，對A與B中氣體整體分析得解得14.某種質譜儀的結構示意圖如圖所示，主要構造包括加速電場（可左右平移）、靜電分析器和磁分析器等。其中加速電場的電壓為U，靜電分析器是以為圓心的四分之一圓形通道，通道內有均勻輻射電場，方向沿徑向指向圓心，且與圓心等距的各點電場強度大小相等，電場強度E與到圓心距離r的關系滿足（k未知）；磁分析器在以為圓心、圓心角為的圓形扇形區(qū)域內分布著磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面的勻強磁場，其左邊界與靜電分析器的右邊界緊靠。由離子源靜止釋放出三種正離子a、b、c經相同電場加速后，分別從P、Q、M進入靜電分析器，恰好能以為圓心做勻速圓周運動從磁分析器中、、射出。已知PQ、QM間的距離都為，Q到圓心距離為R，不考慮電磁場的邊緣效應，求：（1）關系式中k的大??；（2）b離子進入靜電分析器時的速度大?。唬?）a、c兩離子的比荷之比；（4）離子a經相同加速電場加速后從M進入至磁分析器下端（未標出）射出，求、之間的距離d?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（4）【解析】【小問1詳解】由動能定理知電場力提供離子做圓周運動向心力知聯(lián)立解得由題意得【小問2詳解】離子在電場中，電場力提供離子做圓周運動向心力知離子在磁場中洛倫茲力提供向心力知聯(lián)立解得【小問3詳解】由題意知，得出，兩離子的比荷之比為【小問4詳解】如圖所示由幾何關系知則15.如圖所示，固定的桌