2023年浙江省杭州市塘棲中學(xué)高二上物理期末統(tǒng)考模擬試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，在半徑為R的圓柱形區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一個(gè)電子以速度v0從M點(diǎn)沿半徑方向射入該磁場(chǎng)，從N點(diǎn)射出，速度方向偏轉(zhuǎn)了60°.則電子從M到N運(yùn)行的時(shí)間是()A.B.C.D.2、圖中所示為某種質(zhì)譜儀的工作原理示意圖．此質(zhì)譜儀由以下幾部分構(gòu)成：粒子源N；P、Q間的加速電場(chǎng)；靜電分析器，即中心線半徑為R的四分之一圓形通道，通道內(nèi)有均勻輻射電場(chǎng)，方向沿徑向指向圓心O，且與圓心O等距的各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等；磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直紙面向外；膠片M．由粒子源發(fā)出的不同帶電粒子，經(jīng)加速電場(chǎng)加速后進(jìn)入靜電分析器，某些粒子能沿中心線通過(guò)靜電分析器并經(jīng)小孔S垂直磁場(chǎng)邊界進(jìn)入磁場(chǎng)，最終打到膠片上的某點(diǎn)．粒子從粒子源發(fā)出時(shí)的初速度不同，不計(jì)粒子所受重力．下列說(shuō)法中正確的是A.從小孔S進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子速度大小一定相等B.從小孔S進(jìn)入磁場(chǎng)的粒子動(dòng)能一定相等C.打到膠片上同一點(diǎn)的粒子速度大小一定相等D.打到膠片上位置距離O點(diǎn)越遠(yuǎn)的粒子，比荷越大3、如圖所示，兩固定在絕緣水平面上的同心金屬圓環(huán)P、Q水平放置，圓環(huán)P中通有如圖所示的電流，以圖示方向?yàn)殡娏髡较?，下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)刻，兩圓環(huán)間無(wú)作用力B.時(shí)刻，圓環(huán)Q中感應(yīng)電流為零C.~時(shí)間內(nèi)，圓環(huán)Q中感應(yīng)電流始終沿逆時(shí)針?lè)较駾.~T時(shí)間內(nèi)，圓環(huán)Q有擴(kuò)張的趨勢(shì)4、如圖所示是由電源、靈敏電流計(jì)、滑動(dòng)變阻器和平行板電容器組成的電路，閉合開(kāi)關(guān)，在下列四個(gè)過(guò)程中，為使靈敏電流計(jì)中有到電流，下列做法可行的是A.在平行板電容器中插入一塊塑料板B.增大平行板電容器兩極板間的距離C.滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)D.減小平行板電容器兩極板的正對(duì)面積5、如圖所示，小芳在體重計(jì)上完成下蹲動(dòng)作，下列反映體重計(jì)示數(shù)隨時(shí)間變化的F-t圖像可能正確的是A. B.C. D.6、如圖所示為回旋加速器的示意圖．兩個(gè)靠得很近的D形金屬盒處在與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一質(zhì)子從加速器的A處開(kāi)始加速．已知D型盒的半徑為R，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，高頻交變電源的電壓為U、頻率為f，質(zhì)子質(zhì)量為m，電荷量為q．下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.質(zhì)子的最大速度不超過(guò)2πRfB.質(zhì)子的最大動(dòng)能為C.質(zhì)子的最大動(dòng)能與高頻交變電源的電壓U無(wú)關(guān)D.質(zhì)子的最大動(dòng)能與高頻交變電源的電壓U有關(guān)，且隨電壓U增大而增加二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖是某交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流的圖象，根據(jù)圖象可以判定A.此交變電流的周期為0.1sB.此交變電流的頻率為5HzC.將標(biāo)有“12V、3W”的燈泡接在此交變電流上，燈泡可以正常發(fā)光D.圖象上對(duì)應(yīng)的時(shí)刻，發(fā)電機(jī)中的線圈剛好轉(zhuǎn)至中性面8、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，定值電阻R0，A和B是小燈泡，光敏電阻Rt阻值隨光照強(qiáng)度增加而減小。用逐漸增強(qiáng)的光照射光敏電阻Rt過(guò)程中（）A.燈A和燈B都變暗B.R0兩端電壓減小C.電源的效率一定減小D.電源的輸出功率一定增大9、如圖所示，圖中兩平行板電容器、電源都完全相同，先閉合開(kāi)關(guān)S，穩(wěn)定后將甲圖中的開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，乙圖中開(kāi)關(guān)S保持閉合，當(dāng)將兩圖中的下極板向上移動(dòng)少許，則（）A.甲圖中電容器的電容增大，乙圖中電容器的電容不變B.甲圖中電容器所帶電荷量不變，乙圖中電容器所帶電荷量增大C.甲圖中電容器兩端的電勢(shì)差增大，乙圖中電容器兩端的電勢(shì)差不變D.甲圖中兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，乙圖中兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大10、如圖所示，質(zhì)量分別為m和2m的A、B兩個(gè)木塊間用輕彈簧相連，放在光滑水平面上，A緊靠豎直墻壁．用水平力向左推B，將彈簧壓縮，推到某位置靜止時(shí)推力大小為F，彈簧的彈性勢(shì)能為E．在此位置突然撤去推力，下列說(shuō)法中正確的是（

）A.撤去推力的瞬間，B的加速度大小為B.從撤去推力到A離開(kāi)豎直墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒,機(jī)械能守恒C.A離開(kāi)豎直墻壁后，彈簧彈性勢(shì)能最大值為D.A離開(kāi)豎直墻壁后，彈簧彈性勢(shì)能最大值為E三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)定一個(gè)阻值約為5Ω電阻Rx的阻值.（1）現(xiàn)有電源(3V,內(nèi)阻可不計(jì))、滑動(dòng)變阻器(0~10Ω,標(biāo)定電流1A)、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干,以及下列電表:A.電流表(0-3A,內(nèi)阻約0.025Ω)B.電流表(0-0.6A,內(nèi)阻約0.125Ω)C.電壓表(0-3V,內(nèi)阻約3kΩ)D.電壓表(0-15V,內(nèi)阻約15kΩ)為減小測(cè)量誤差,在實(shí)驗(yàn)中,電流表應(yīng)選用_____,電壓表應(yīng)選用_____(填器材前的字母);實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用下圖中的_____(填“甲”或“乙”).（2）接通開(kāi)關(guān),改變滑動(dòng)變阻器的滑片位置,某次電表示數(shù)如圖所示,對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)I=_____A,電壓表示數(shù)U=_____V.計(jì)算可得該電阻的測(cè)量值Rx=_____Ω.12．（12分）某同學(xué)用多用電表測(cè)量一個(gè)量程為15mA的毫安表內(nèi)阻．已知多用電表表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)為，歐姆檔表盤(pán)中央刻度值為“15”，對(duì)毫安表進(jìn)行測(cè)量時(shí)多用電表的指針如圖所示．則(1)毫安表的內(nèi)阻約為_(kāi)_____；(2)測(cè)量時(shí)，毫安表的指針發(fā)生了偏轉(zhuǎn)圖中未畫(huà)出，根據(jù)以上數(shù)據(jù)可推測(cè)，毫安表的示數(shù)為_(kāi)_____mA；結(jié)果保留兩位有效數(shù)字(3)多用電表的紅表筆應(yīng)與毫安表的______填“正”，“負(fù)”接線柱相連四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫(huà)出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】由圖可知，粒子轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為60°，r=R；轉(zhuǎn)過(guò)的弧長(zhǎng)為：；則運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間為：；故選D點(diǎn)睛：本題注意求時(shí)間的兩種方法，可以用來(lái)求時(shí)間，用線速度的定義來(lái)求時(shí)間也是一個(gè)不錯(cuò)的選擇2、C【解析】對(duì)粒子加速過(guò)程有：，粒子經(jīng)過(guò)圓形通道后從S射出后，速度不變，與v相同，可見(jiàn)比荷不同，速度就不同，A錯(cuò)誤；粒子的動(dòng)能取決于電量，電量不同動(dòng)能不同，B錯(cuò)誤；打到膠片上的位置取決于半徑，可見(jiàn)打到膠片相同位置的粒子只與比荷有關(guān)，由前面分析之，比荷相同，速度相同，C正確；由r的表達(dá)式知，打到膠片上位置距離O點(diǎn)越遠(yuǎn)的粒子，比荷越小，D錯(cuò)誤考點(diǎn)：帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)和質(zhì)譜儀的有關(guān)知識(shí)3、A【解析】A．時(shí)刻圓環(huán)P中的電流最大，但變化率為零，則穿過(guò)Q的磁場(chǎng)的磁通量最大，但變化率為零，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知Q中無(wú)感應(yīng)電流，則P與Q間無(wú)相互作用力，故A正確；B．時(shí)刻雖然P中的電流為零，但是電流的變化率最大(圖像的斜率)，故在Q中產(chǎn)生了最大的感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；C．~時(shí)間內(nèi)的原電流為順時(shí)針減小，由安培定則可知Q中的磁場(chǎng)方向向下，由楞次定律可知Q中的感應(yīng)電流為順時(shí)針，~時(shí)間內(nèi)的原電流為逆時(shí)針增大，由安培定則可知Q中的磁場(chǎng)方向向上，由楞次定律可知Q中的感應(yīng)電流為順時(shí)針，故C錯(cuò)誤；D．~T時(shí)間內(nèi)原電流為逆時(shí)針減小，由安培定則可知Q中的磁場(chǎng)方向向上，由楞次定律可知Q中的感應(yīng)電流為逆時(shí)針，兩線圈的電流同為逆時(shí)針，兩者有相互吸引的安培力，則Q有收縮的趨勢(shì)，故D錯(cuò)誤。故選A。4、A【解析】根據(jù)題圖可知，考查了含容電路；電路穩(wěn)定時(shí)，該電路中沒(méi)有電流，滑動(dòng)變阻器R上沒(méi)有電壓．根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，由電容的定義式分析電容器所帶電量如何變化，就能判斷電路中電流的方向【詳解】A、在平行板電容器中插入電介質(zhì)，根據(jù)電容的決定式分析得知電容增大，而電容器的電壓不變，則電容的定義式分析得知電容器所帶電量增加，將要充電，電路中形成逆時(shí)針?lè)较虻某潆婋娏鳎衎到a方向的電流通過(guò)電流計(jì)．故A正確；B、增大平行板電容器兩極板間的距離，根據(jù)電容的決定式分析得知電容減小，而電容器的電壓不變，則電容的定義式分析得知電容器所帶電量減小，將要放電，，有a到b方向的電流通過(guò)電流計(jì)．故B錯(cuò)誤；C、電路穩(wěn)定時(shí)，該電路中沒(méi)有電流，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器R的滑片，電容器的電壓不變，電路中仍沒(méi)有電流．故C錯(cuò)誤；D、減小平行板電容器兩極板的正對(duì)面積，根據(jù)電容的決定式分析得知電容減小，而電容器的電壓不變，則電容的定義式分析得知電容器所帶電量減小，將要放電，有a到b方向的電流通過(guò)電流計(jì)．故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】當(dāng)電容器保持與電源相連時(shí)，電壓不變．只有電容器充電或放電時(shí)，電路中才有電路5、C【解析】人在加速下蹲的過(guò)程中，有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，在減速下蹲的過(guò)程中，加速度方向向上，處于超重狀態(tài).【詳解】對(duì)人運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析可知，人下蹲的過(guò)程可以分成兩段：人在加速下蹲的過(guò)程中，有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，此時(shí)人對(duì)傳感器的壓力小于人的重力的大??；在減速下蹲的過(guò)程中，加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，此時(shí)人對(duì)傳感器的壓力大于人的重力的大小，ABD錯(cuò)誤；C正確.故選C.【點(diǎn)睛】本題主要考查了對(duì)超重失重現(xiàn)象的理解，人處于超重或失重狀態(tài)時(shí)，人的重力并沒(méi)變，只是對(duì)支持物的壓力變了.6、D【解析】質(zhì)子出回旋加速器的速度最大，此時(shí)的半徑為R，則．所以最大速度不超過(guò)2πfR．故A正確．質(zhì)子的最大動(dòng)能，與電壓無(wú)關(guān)，故BC正確，D錯(cuò)誤；因選錯(cuò)誤的，故選D.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】AB．根據(jù)圖象可知，周期T=0.2s，頻率為：，故A不符合題意，B符合題意；C．交變電流的電壓的有效值為由此可知標(biāo)有“12V、3W”的燈泡額定電壓為12V，燈泡不能正常發(fā)光故，C不符合題意；D．圖象上對(duì)應(yīng)的0.1s時(shí)刻，電動(dòng)勢(shì)為零，發(fā)電機(jī)中的線圈剛好轉(zhuǎn)至中性面，故D符合題意。故選BD。8、AC【解析】AB．用逐漸增強(qiáng)的光照射光敏電阻Rt過(guò)程中Rt阻值減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓U減小，則A燈變暗，通過(guò)R0電流I增大，而減小，則增大，兩端電壓增大，而、B的電壓之和等于路端電壓，路端電壓減小，則知B的電壓減小，B燈變暗，A正確B錯(cuò)誤；C．電源的效率U減小，故電源的效率減小，C正確；D．當(dāng)外電路電阻和電源內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，本題中不知道兩者之間的關(guān)系，所以電源的輸出功率不一定增大，D錯(cuò)誤。故選AC。9、BD【解析】A．當(dāng)下極板向上移動(dòng)少許時(shí)，根據(jù)可知兩個(gè)電容器的電容增大，故A錯(cuò)誤；B.因?yàn)榧讏D中開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，所以甲圖電容器所帶電荷量不變。乙圖開(kāi)關(guān)閉合，所以乙圖的板間電壓不變，根據(jù)可知，乙圖中的電容器所帶電荷量增大，故B正確；C.甲圖電荷量不變，電容變大，所以甲圖中電容器兩端電壓變小，故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)可以推導(dǎo)出所以甲圖中板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變；乙圖中開(kāi)關(guān)保持閉合，則電容器兩板間電壓保持不變，由知電場(chǎng)強(qiáng)度變大，D正確。故選：BD。10、ABC【解析】A、撤去推力前,B處于靜止?fàn)顟B(tài),彈簧的彈力與F0二力平衡.撤去F的瞬間,彈簧的彈力不變,根據(jù)牛頓第二定律得,B的加速度大小為.故A正確.B、從撤去推力到A離開(kāi)豎直墻之前,墻壁對(duì)B有彈力作用,A、B和彈簧組成的系統(tǒng)合外力不等于零,系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒.因?yàn)橹挥袕椓ψ龉?系統(tǒng)的機(jī)械能守恒,故B正確.C、D,A離開(kāi)豎直墻后,系統(tǒng)所受的合外力為零,動(dòng)量守恒;彈簧的彈力做功,系統(tǒng)的機(jī)械能守恒.當(dāng)A、B的速度相等時(shí),彈簧的彈性勢(shì)能最大；對(duì)于從撤去推力到A離開(kāi)豎直墻之前,機(jī)械能守恒,設(shè)A剛離開(kāi)墻壁時(shí)，B的速度大小為.則有,得;A離開(kāi)墻壁后,根據(jù)系統(tǒng)的動(dòng)量守恒得:;根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得:計(jì)算得出,彈簧的彈性勢(shì)能最大值:,所以C選項(xiàng)是正確的,D錯(cuò)誤.【點(diǎn)睛】撤去F的瞬間,B所受的彈力大小等于F0,根據(jù)牛頓第二定律求出撤去推力瞬間的加速度大小;分析A、B和彈簧組成的系統(tǒng)所受的外力,判斷動(dòng)量和機(jī)械能是否守恒.A離開(kāi)豎直墻后,根據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律分析A離開(kāi)豎直墻后,A、B的最大彈性勢(shì)能.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.B②.C③.甲④.0.50⑤.2.60⑥.5.2【解析】（1）[1][2]電源電動(dòng)勢(shì)約為，所以電壓表選擇C，根據(jù)歐姆定律：可知電流表選擇B即可；[3]計(jì)算電表內(nèi)阻和待測(cè)電阻的關(guān)系：可知電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻，分流較小，電流表應(yīng)采用外界法，即甲圖；（2）[4]電流表分度值為，所以電流表讀數(shù)為：；[5]電壓表分度值為，所以電壓表讀數(shù)為：；[6]根據(jù)歐姆定律：。12、①.50②.7.5③.負(fù)【解析】(1)歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù).(2)應(yīng)用閉合電路歐姆定律可以求出毫安表的示數(shù).(3)歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負(fù)極與紅表筆相連，電流應(yīng)從電流的正接線柱流入.【詳解】(1)由圖示可知，多用電表選擇歐姆擋位，歐姆表示數(shù)為：；(2)歐姆表調(diào)零后內(nèi)阻等于中值電阻，由題意可知，歐姆表內(nèi)阻為：，毫安表示數(shù)為：；(3)歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負(fù)極與紅表筆相連，電流應(yīng)從電流的正接線柱流入，因此