2026屆北京市西城區(qū)第14中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末監(jiān)測(cè)試題注意事項(xiàng):1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時(shí)請(qǐng)按要求用筆。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試卷上答題無(wú)效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、磁感線可以用來(lái)描述磁場(chǎng)，下列關(guān)于磁感線的說(shuō)法不正確的是()A.磁感線的疏密表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱B.磁感線從S極出發(fā)，終止于N極C.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感線疏密分布均勻D.磁感線上任一點(diǎn)的切線方向表示該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向2、某交流發(fā)電機(jī)給燈泡供電，產(chǎn)生正弦式交變電流的圖象如圖所示，下列說(shuō)法中正確的是（）A.交變電流的頻率為B.交變電流的瞬時(shí)表達(dá)式為

C.在時(shí)，穿過(guò)交流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量最大D.若發(fā)電機(jī)線圈電阻為，則其產(chǎn)生的熱功率為5W3、如圖所示，長(zhǎng)方體金屬塊邊長(zhǎng)之比a：b：c=3：1：2，將A與B接入電壓為U的電路中時(shí)，電流為I；若將C與D接入電壓為U的電路中，則電流為（設(shè)金屬塊的電阻率不變）（）A.I B.9I/4C.4I/9 D.2I4、關(guān)于洛倫茲力，以下說(shuō)法正確的是（）A.帶電粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)不受洛倫茲力作用，則該處的磁感強(qiáng)度為零B.磁感強(qiáng)度、洛倫茲力、粒子的速度三者之間一定兩兩垂直C.洛倫茲力不會(huì)改變運(yùn)動(dòng)電荷的速度D.洛倫茲力對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷一定不做功5、帶電微粒的電荷量的值不可能的是下列的()A.4×10-17C B.-6.4×10-19CC.-1.6×10-19C D.2.4×10-19C6、如圖，矩形閉合導(dǎo)體線框在勻強(qiáng)磁場(chǎng)上方，由不同高度靜止釋放，用t1、t2分別表示線框ab邊和cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)的時(shí)刻．線框下落過(guò)程形狀不變，ab邊始終保持與磁場(chǎng)水平邊界線OO′平行，線框平面與磁場(chǎng)方向垂直．設(shè)OO′下方磁場(chǎng)區(qū)域足夠大，不計(jì)空氣阻力影響，則下列圖像不可能反映線框下落過(guò)程中速度v隨時(shí)間t變化的規(guī)律（）A. B.C. D.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，定值電阻R0，A和B是小燈泡，光敏電阻Rt阻值隨光照強(qiáng)度增加而減小。用逐漸增強(qiáng)的光照射光敏電阻Rt過(guò)程中（）A.燈A和燈B都變暗B.R0兩端電壓減小C.電源的效率一定減小D.電源的輸出功率一定增大8、用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種很重要的思想方法，下列表達(dá)式中屬于比值法定義物理量的是A.平均速度 B.電阻C.電勢(shì)差 D.勻強(qiáng)電場(chǎng)9、如圖，指紋傳感器半導(dǎo)體基板上陣列了10萬(wàn)金屬顆粒，每一顆粒充當(dāng)電容器的一個(gè)板，當(dāng)手指的指紋與傳感器絕緣表面接觸時(shí)，手指指紋構(gòu)成電容器的另一個(gè)極。由于指紋深淺不同，對(duì)應(yīng)的峪（本義：山谷）和嵴（本義：山脊）與半導(dǎo)體基板上的金屬顆粒間形成一個(gè)個(gè)電容值不同的電容器。其工作過(guò)程是通過(guò)對(duì)電容器感應(yīng)顆粒預(yù)先充電到某一參考電壓，然后對(duì)每個(gè)電容的放電電流進(jìn)行測(cè)量，設(shè)備將采集到不同的數(shù)值匯總，也就完成了指紋的采集。若金屬顆粒與手指指紋間組成的每個(gè)電容電壓保持不變，則（）A.對(duì)比峪，指紋的嵴處形成的電容器的電容小B.對(duì)比峪，指紋的嵴處形成的電容器的電容大C.在手指擠壓絕緣表面時(shí)，電容器電極間的距離減小，金屬顆粒電極電量增大D.在手指擠壓絕緣表面時(shí)，電容器電極間的距離減小，金屬顆粒電極電量減小10、長(zhǎng)為L(zhǎng)的水平極板間，有垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，板間距離為2L，極板不帶電，現(xiàn)有質(zhì)量為m，電量為q的帶正電粒子不計(jì)重力，從左邊極板間中點(diǎn)處垂直磁感線以速度V水平射入磁場(chǎng)，欲使粒子不打在極板上，粒子的速率可以為A. B.C. D.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）如圖所示，一段靜止的長(zhǎng)為L(zhǎng)的通電導(dǎo)線，每米導(dǎo)線中有n個(gè)自由電子，每個(gè)自由電子的電荷量為e，它們定向移動(dòng)的速度為v?，F(xiàn)加一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其方向垂直于導(dǎo)線，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，那么，導(dǎo)體中的電流大小為_________，這段導(dǎo)線受到的安培力大小為_________。12．（12分）某學(xué)習(xí)小組利用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究螺線管線圈中感應(yīng)電流的方向（1）由于粗心該小組完成表格時(shí)漏掉了一部分（見表格），發(fā)現(xiàn)后又重做了這部分：將磁鐵S極向下從螺線管上方豎直插入過(guò)程，發(fā)現(xiàn)電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)（已知電流從右接線柱流入電流計(jì)時(shí)，其指針向右偏轉(zhuǎn)），則①填________，②填________．B原方向ΔΦI感方向（俯視）B感方向N極插入向下增大逆時(shí)針向上S極插入向上增大①②N極抽出向下減小順時(shí)針向下S極抽出向上減小逆時(shí)針向上（2）由實(shí)驗(yàn)可得磁通量變化ΔΦ、原磁場(chǎng)B原方向、感應(yīng)電流的磁場(chǎng)B感方向三者之間的關(guān)系：________四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】磁感線封閉的曲線，無(wú)頭無(wú)尾，其疏密描述磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，磁感線上一點(diǎn)的切線方向表示該點(diǎn)的磁場(chǎng)方向，所以ACD說(shuō)法正確；B說(shuō)法錯(cuò)誤。故本題不正確的選B。2、D【解析】A．由圖象可知，交流電的周期為2.0×10-2s，所以交流電的頻率為f==50Hz，所以A錯(cuò)誤；B．根據(jù)圖象可得，交變電流的瞬時(shí)表達(dá)式為i=Acosωt=5cos100πt（A），所以B錯(cuò)誤；C．在t=0.01s時(shí)，感應(yīng)電流最大，所以此時(shí)穿過(guò)交流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量的變化率最大，穿過(guò)交流發(fā)電機(jī)線圈的磁通量最小，所以C錯(cuò)誤；D．交流電的有效值為I=A，所以發(fā)電機(jī)的發(fā)熱功率為P=I2r=（）2×0.4W=5W，所以D正確3、B【解析】根據(jù)電阻定律可確定AB及CD時(shí)的電阻，再由歐姆定律即可確定電流【詳解】設(shè)b長(zhǎng)為l；根據(jù)電阻定律可知：；則接AB時(shí)，電阻；當(dāng)接CD時(shí)，電阻；由歐姆定律可知：；則；故選B4、D【解析】AB．洛倫茲力表達(dá)式：為磁感應(yīng)強(qiáng)度為與速度的夾角，所以磁感強(qiáng)度、洛倫茲力、粒子的速度三者之間不一定兩兩垂直，當(dāng)時(shí)，，但是磁感應(yīng)強(qiáng)度可以不為零，AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)左手定則可知洛倫茲力始終與速度垂直不做功，不會(huì)改變速度的大小，會(huì)一直改變速度的方向，C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5、D【解析】任何帶電體所帶的電量都是元電荷的整數(shù)倍，即為1.6×10-19C的整數(shù)倍，則不可能是2.4×10-19C，故選D.6、A【解析】線框先做自由落體運(yùn)動(dòng)，ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)做減速運(yùn)動(dòng)，加速度應(yīng)該是逐漸減小，而A圖象中的加速度逐漸增大．故A錯(cuò)誤．線框先做自由落體運(yùn)動(dòng)，ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)后做減速運(yùn)動(dòng)，因?yàn)橹亓π∮诎才嗔?，?dāng)加速度減小到零做勻速直線運(yùn)動(dòng)，cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為g．故B正確．線框先做自由落體運(yùn)動(dòng)，ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)后因?yàn)橹亓Υ笥诎才嗔?，做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，cd邊離開磁場(chǎng)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為g，故C正確．線框先做自由落體運(yùn)動(dòng)，ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)后因?yàn)橹亓Φ扔诎才嗔?，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，cd邊離開【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵能夠根據(jù)物體的受力判斷物體的運(yùn)動(dòng)，即比較安培力與重力的大小關(guān)系，結(jié)合安培力公式、切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式進(jìn)行分析二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】AB．用逐漸增強(qiáng)的光照射光敏電阻Rt過(guò)程中Rt阻值減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓U減小，則A燈變暗，通過(guò)R0電流I增大，而減小，則增大，兩端電壓增大，而、B的電壓之和等于路端電壓，路端電壓減小，則知B的電壓減小，B燈變暗，A正確B錯(cuò)誤；C．電源的效率U減小，故電源的效率減小，C正確；D．當(dāng)外電路電阻和電源內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，本題中不知道兩者之間的關(guān)系，所以電源的輸出功率不一定增大，D錯(cuò)誤。故選AC。8、ABC【解析】平均速度的定義，運(yùn)動(dòng)物體在某段時(shí)間的平均速度，速度與位移和時(shí)間無(wú)關(guān)，A正確；根據(jù)電阻定律可知電阻和導(dǎo)線的長(zhǎng)度，橫截面積，電阻率有關(guān)，和其兩端的電壓以及電流無(wú)關(guān)，故電阻為比值法定義，B正確；電勢(shì)是認(rèn)為規(guī)定的，電勢(shì)差是相對(duì)的，與電荷在這兩點(diǎn)間移動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力做功無(wú)關(guān)，電荷量無(wú)關(guān)，故公式為比值法定義，C正確；在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小在數(shù)值上等于沿電場(chǎng)方向上每單位上的電勢(shì)差，所以不是比值法定義，D錯(cuò)誤；【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是理解比值法定義：所謂比值定義法，就是用兩個(gè)基本的物理量的“比”來(lái)定義一個(gè)新的物理量的方法．比值法定義的基本特點(diǎn)是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變9、BC【解析】AB．對(duì)比峪，指紋的嵴處與半導(dǎo)體基板上對(duì)應(yīng)的金屬顆粒距離近，根據(jù)電容的決定式得知其電容大，，A錯(cuò)誤B正確；CD、在手指擠壓絕緣表面時(shí)，手指與對(duì)應(yīng)的金屬顆粒距離靠近，電容增大，而電壓一定，則由Q=CU可知，各金屬顆粒電極電量增大，故C正確D錯(cuò)誤。故選BC。10、AB【解析】根據(jù)“欲使粒子不打在極板上”可知，本題考查帶電粒子在有界磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，根據(jù)淪洛倫茲力提供向心力得到粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑和粒子速度的關(guān)系，運(yùn)用幾何關(guān)系求出軌跡半徑，列式計(jì)算.【詳解】欲使粒子不打在極板上，如圖所示，帶正電的粒子從左邊射出磁場(chǎng)時(shí)，其在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)由洛倫茲力提供向心力，即：可得粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑：所以粒子不打到極板上且從左邊射出，則：即：.帶正電的粒子從右邊射出，如圖所示，此時(shí)粒子的最小半徑為r，由上圖可知：；可得粒子圓周運(yùn)動(dòng)的最大半徑：則：，即：故欲使粒子不打在極板上，粒子的速度必須滿足或，故A、B正確，C、D錯(cuò)誤；故選AB.【點(diǎn)睛】帶電粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力作用而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，需要找圓心，畫軌跡，求半徑，算時(shí)間.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、①.nev②.nevBL【解析】[1]每米導(dǎo)線中有n個(gè)自由電子，每個(gè)自由電子的電量均為e，它們定向移動(dòng)的平均速率為v，所以電流的大小為[2]磁場(chǎng)對(duì)這段導(dǎo)線的安培力12、①.（1）順時(shí)針；②.向下③.（2）ΔΦ增大，B原與B感反向，ΔΦ減小，B原與B感同向【解析】（1）當(dāng)S極插入時(shí)，原磁場(chǎng)方向向上，磁通量增大，感應(yīng)電流磁場(chǎng)阻礙原磁場(chǎng)的增加，故感應(yīng)電流磁場(chǎng)方向向下，感應(yīng)電流方向（附視）為順時(shí)針?lè)较?；?）由實(shí)驗(yàn)可得磁通量變化、原磁場(chǎng)B原方向、感應(yīng)電流的磁場(chǎng)B感方向三者之間的關(guān)系：增大，B原與B感反向；減小，B原與B感同向；考點(diǎn)：探究螺線管線圈中感應(yīng)電流的方向四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強(qiáng)度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得根據(jù)左手定則可知安培力方向水平向右；由平衡條件有：BILcosθ＝mgsinθ解得B＝2T；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，大小不變；根據(jù)牛頓第二定律可