遼寧省丹東市鳳城市通遠堡高級中學2025-2026學年高二上物理期末學業(yè)水平測試模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、物體做平拋運動，在水平方向上通過的最大距離取決于（）A.物體的下落高度B.物體的下落高度和初速度C.物體的初速度D.物體受到的重力和初速度2、在某高度處將小球以2m/s的速度水平拋出.落地時的速度是4m/s，不計空氣阻力，則小球落地時速度方向和水平方向的夾角是（）A.60° B.45°C.37° D.30°3、如圖為甲、乙兩人沿直線跑步的v-t圖像，下列說法正確的是A.t=0時刻甲、乙的速度相同B.t=t1時刻甲、乙的速度相同C.0-t1內甲的平均速度比乙的大D.0-2t1內甲的平均速度比乙的大4、以下是四種導電器件的伏安特性曲線，隨電壓增加，電阻變小的是（）A. B.C. D.5、下列說法中正確的是（）A.點電荷是一種理想化模型，真正的點電荷是可以在自然界找到的B.點電荷就是體積和電荷量都很小的帶電體C.根據(jù)可知，當時，D.一個帶電體能否看成點電荷，不是看它的尺寸大小，而是看它的形狀和大小對所研究的問題的影響是否可以忽略不計6、真空中兩個點電荷相距r時，靜電力為F，如果保持它們的電量不變，而將距離增大為3r時，則靜電力將變?yōu)椋ǎ〢.F/3 B.F/9C.F D.2F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，t=0時，質量為0.5kg的物體從光滑斜面上的A點由靜止開始下滑，經過B點后進入水平面（經過B點前后速度大小不變），最后停在C點。每隔2s物體的瞬時速度記錄在下表中，重力加速度g取10m/s2，下列說法正確的是（）t/s0246v/（ms1）08128A.物體運動過程中的最大速度為12m/s B.t=3s的時刻物體恰好經過B點C.t=10s的時刻物體恰好停在C點 D.A、B間的距離小于B、C間的距離8、地面附近空間中存在著水平方向的勻強電場和勻強磁場，已知磁場方向垂直紙面向里，一個帶電油滴沿著一條與豎直方向成θ角的直線MN運動．如圖所示，由此可以判斷：（）A.油滴一定做勻速直線運動B.油滴可能做勻變速直線運動C.如果油滴帶正電，它是從N點運動到M點D.如果油滴帶正電，它是從M點運動到N點9、在如圖所示的U﹣I圖象中，直線a為某電源的路端電壓U與干路電流I的關系圖象，直線b為某電阻R的U﹣I圖象．用該電源與電阻R直接連成一閉合電路，由圖象可知（）A.R的阻值為0.5ΩB.電源電動勢為3V，內電阻為1.5ΩC.電源的輸出功率為3.0WD.電源的效率為50%10、電子以初速度v0垂直進入磁感應強度為B的勻強磁場中，則（）A.磁場對電子的洛倫茲力大小、方向恒定不變B.磁場對電子的洛倫茲力始終不做功C.電子的速度、加速度始終不變D.電子的動能始終不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內阻，現(xiàn)備有下列器材：A．被測干電池一節(jié)B．電流表：量程0～0.6A，內阻r＝0.3ΩC．電壓表：量程0～3V，內阻未知D．滑動變阻器：0～10Ω，2AE．開關、導線若干伏安法測電池電動勢和內阻的實驗中，由于電流表和電壓表內阻的影響，測量結果存在系統(tǒng)誤差：在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準確地測量電池的電動勢和內阻（1）實驗電路圖應選擇如圖中的_____（填“甲”或“乙“）：（2）根據(jù)實驗中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U﹣1圖象，則在修正了實驗系統(tǒng)誤差后，干電池的電動勢E＝_____V，內電阻r＝_____Ω．（所有結果保留兩位有效數(shù)字）（3）忽略偶然誤差，本實驗測得的E測、r測與真實值比較：E測_____E真，r測_____r真（選填“＜”、“＝”或“＞”）12．（12分）歐姆表“”檔的中央刻度值中值電阻為，已知其內裝有一節(jié)干電池，干電池的電動勢為，該歐姆表表頭滿偏電流為______mA，要測約的電阻應選______檔四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】物體在做平拋運動，在豎直方向有：，得，在水平方向，可知最大距離取決于物體的下落高度和初速度，B正確，ACD錯誤，選B【點睛】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移2、A【解析】小球在水平方向上的分速度不變，等于，根據(jù)平行四邊形定則得則所以A選項是正確的，BCD均錯誤故選A。3、B【解析】由圖可知，t=0時刻甲速度為零、乙的速度為v1，選項A錯誤；t=t1時刻甲、乙的速度相同，選項B正確；0-t1內甲的平均速度為，乙的平均速度為v1，則甲的平均速度比乙的小，選項C錯誤；0-2t1內甲的平均速度，等于乙的平均速度，選項D錯誤4、B【解析】伏安特性曲線描述電流與電壓的變化關系，其斜率，電阻變小的應為圖線的斜率變大的，因此只有選項B正確，A、C、D錯誤。故選B。5、D【解析】A.點電荷是一種理想化模型，真正的點電荷實際上并不存在，選項A不符合題意；B.當兩個帶電體的形狀對它的相互作用力的影響可忽略時，這兩個帶電體可看作點電荷，與體積大小無直接關系，選項B不符合題意；C.庫侖定律只適用于真空中的靜止的點電荷，當距離很小時，帶電體不能再看作是點電荷，故庫侖定律不再適用，故C不符合題意；D.一個帶電體能否看成點電荷，不是看它的尺寸大小，而是看它的形狀和大小對所研究的問題的影響是否可以忽略不計，選項D符合題意.6、B【解析】根據(jù)庫侖定律可知原來的庫侖力大小為：，將距離增大為3r時，此時A.F/3與分析不符，故A錯誤；B.F/9與分析相符，故B正確；C.F與分析不符，故C錯誤；D.2F與分析不符，故D正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】AB．根據(jù)圖表中的數(shù)據(jù)，可以求出物體下滑的加速度在水平面上的加速度根據(jù)運動學公式解得知經過到達B點，到達B點時的速度如果第4s還在斜面上的話，速度應為16m/s，從而判斷出第4s已過B點。是在2s到4s之間經過B點。所以最大速度不是12m/s，選項AB錯誤；C．第6s末的速度是8m/s，到停下來還需的時間所以到C點的時間為10s。選項C正確；D．根據(jù)可求出AB段的長度為2009m，BC段長度為4009m。則A、B間的距離小于B、C間的距離，選項D正確。故選CD。8、AD【解析】對帶電粒子進行受力分析，受到豎直向下的重力，水平方向的電場力和垂直于虛線的洛倫茲力，由于帶電粒子做直線運動，所以洛倫茲力只能垂直于直線向上，從而可判斷粒子的電性（帶負電），同時可知電場力的方向向左，再根據(jù)各力的做功情況，即可判斷各選項的正誤【詳解】AB．油滴做直線運動，受重力、電場力和洛倫茲力作用，因為重力和電場力均為恒力，根據(jù)物體做直線運動條件可知，粒子所受洛倫茲力亦為恒力據(jù)F=qvB可知，粒子必定做勻速直線運動;故A正確,B錯誤.CD．根據(jù)做直線運動的條件和受力情況，如圖所示：可知如果油滴帶正電，由左手定則判斷可知，油滴的速度從M點到N點，故C錯誤，D正確.故選AD.【點睛】帶電粒子在重力場、電場、磁場的復合場中，只要是做直線運動，一定是勻速直線運動（v與B不平行）．若速度是變的，洛倫茲力會變，合力就是變的，合力與速度不在一條直線上，帶電體就會做曲線運動9、BD【解析】A．圖線b的斜率表示電阻，所以電阻為故A錯誤；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E-Ir，知當I=0時，U=E，由讀出電源的電動勢E=3V，內阻等于圖線的斜率大小，則故B正確；C．兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時的工作狀態(tài)，由圖讀出電壓U=1.5V，電流I=1.0A，則電源的輸出功率為故C錯誤；D．電源的效率為故D正確10、BD【解析】電子以初速度v0垂直進入磁感應強度為B的勻強磁場中，電子在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，粒子受到的洛倫茲力的大?。篺=qvB，大小不變，但方向時刻改變，故A錯誤；洛倫茲力的方向始終與速度的方向垂直，所以洛倫茲力只是改變了電子的運動方向，并沒有改變速度的大小，磁場不會對電子做功．故B正確．電子在磁場中做勻速圓周運動，速度的方向始終沿圓弧的切線方向，方向不斷變化．同時加速度的方向也在時刻改變，故C錯誤．電子在磁場中做勻速圓周運動，速度的大小不變，所以電子的動能就沒有變化．故D正確．故選BD【點睛】帶電粒子垂直于勻強磁場射入，此時粒子在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，洛倫茲力只是改變帶電粒子的運動方向，不改變粒子的速度大小，即洛倫茲力不會對帶電粒子做功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.甲②.1.5③.0.70④.＝⑤.＝【解析】根據(jù)題意分析實驗電路，根據(jù)實驗誤差來源選擇實驗電路；電源U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內阻；根據(jù)題意分析實驗誤差【詳解】（1）由題意可知，電流表內阻已知，電流表采用外接法可以減小實驗誤差，應選擇甲電路圖；（2）由閉合電路歐姆定律可知，路端電壓：U＝E﹣Ir，U﹣I圖象與縱軸截距等于電源電動勢，圖象斜率的絕對值等于電源內阻，由圖示電源U﹣I圖可知，電源的電動勢：E＝1.50V，內電阻：（3）由題意可知，電流表的內阻已知，它引起的誤差可以算出來，這樣就可以消除誤差，則電源電動勢與內阻的測量值都等于真實值.【點睛】本題考查了實驗電路選擇、實驗數(shù)據(jù)處理與實驗誤差分析，本題為設計性實驗，在解題時應注意明確實驗的原理；并且要由實驗原理結合閉合電路歐姆定律得出表達式，由圖象得出電動勢和內電阻12、①.100②.【解析】根據(jù)“歐姆表表頭”可知，本題考查歐姆表的原理和應用，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，運用歐姆表內阻等于中值電阻，進行求解.【詳解】歐姆表“”檔的中央刻度值中值電阻為，則中央刻度線為15，歐姆表內阻等于中值電阻，歐姆表表頭滿偏電流：，歐姆表指針指在中央刻度線附近時測量最準確，指針指在中央刻度線處而待測電阻指針為，說明歐姆表的中值電阻為，中央刻度線為15，則歐姆表倍率為：；【點睛】歐姆表的中值電阻等于歐姆表內阻；歐姆表的工作原理是閉合電路歐姆定律，根據(jù)題意應用閉合電路歐姆定律答題.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、8cm【解析】粒子a板左端運動到P處，由動能定理得代入有關數(shù)據(jù)，解得，代入數(shù)據(jù)得θ=30°粒子在磁場中做勻速圓周運動，圓心為O，半徑為r，如圖由幾何關系得聯(lián)立求得代入數(shù)據(jù)解得14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當R0=1Ω時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強度，由平衡條件求解磁感應強度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當R0＝1Ω時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得根據(jù)左手定則可