重慶八中2024~2025學(xué)年度（上）高二年級(jí)第一次月考物理試卷穩(wěn)定地站立和行走，且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則它的腳和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)不能2．如圖所示，內(nèi)置金屬網(wǎng)的高壓靜電防護(hù)服接地，O為防護(hù)服內(nèi)的一點(diǎn)，把一帶電量為Q的金屬小球移動(dòng)到距離O點(diǎn)的r處。金屬小球可視為點(diǎn)在兩電路兩端各加一恒定的電壓U后，A1和A2示數(shù)分別為I1和I2，V1和V2分別為U1測(cè)得電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖像如圖2所示，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片從左端滑到右端的A．電源的電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為2Ω6．如圖所示，質(zhì)量均為m的甲、乙兩同學(xué)，分別坐在水平放置的輕木板上，木板通過(guò)一根低而增大，C是平行板電容器，電路中的電表均為理想電表。閉合開(kāi)關(guān)S，帶電液滴剛好靜止在C內(nèi)。在溫度降低的過(guò)程中，分別用I、U1、U2和U3表示電流表A、電壓表V1、電壓合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分。乙該過(guò)程重物和人的肩部相對(duì)位置不變，運(yùn)動(dòng)員保持乙狀態(tài)站立Δt時(shí)間后再將重物緩慢板電容器，當(dāng)聲波密部靠近振膜時(shí)振膜產(chǎn)生向右的形變，疏部靠近振膜時(shí)振膜產(chǎn)生向左的形(2)按圖2所示的電路測(cè)量金屬絲的電阻Rx。小明將單刀雙擲開(kāi)關(guān)分別打到a處和b處，通過(guò)示數(shù)，Ig為G示數(shù)。試求Rx=_________。干電池一節(jié)（電動(dòng)勢(shì)約1.5V，內(nèi)阻小于1Ω);電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約3kΩ);滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為20Ω);定值電阻R（阻值2Ω);(1)小明同學(xué)按照如圖所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，結(jié)果發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)的變(2)針對(duì)電壓表示數(shù)的變化范圍比較小的問(wèn)題，小明利用現(xiàn)有的器材改1234567I/AU/V(3)根據(jù)表中數(shù)據(jù)畫(huà)出的U-I圖像（如圖2所示）可得，電源的內(nèi)阻為_(kāi)________（保留2位(4)考慮到電壓表分流會(huì)引起測(cè)量誤差，小明用作圖的方法進(jìn)行誤差分值，虛線對(duì)應(yīng)真實(shí)值，所作的圖像中正確的是_電流表的示數(shù)是1.00A；閉合S1和S2，電流表的示數(shù)是2.00A，此時(shí)電動(dòng)機(jī)豎直向上勻速吊起質(zhì)量為m=0.6kg的重物，已知電動(dòng)機(jī)線圈電阻為R0=0.5Ω,電流表、電壓表均為理想電表，不計(jì)一切阻力，取g=10m/s2，求：(2)閉合S1和S2時(shí)，重物向上運(yùn)動(dòng)的速14．如圖，質(zhì)量為2kg的小球A（視為質(zhì)點(diǎn)）在細(xì)繩O’P和OP作用下處于平衡狀態(tài)，細(xì)繩10m/s2）電場(chǎng)的質(zhì)子通過(guò)兩板間的時(shí)間均為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)變化周期的1.5倍，求不計(jì)質(zhì)子之間的相互作用，計(jì)算結(jié)果不用T表示）(1)質(zhì)子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度大小v0、水平金屬板的長(zhǎng)度L；時(shí)刻射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的質(zhì)子，穿出兩板之間時(shí)的動(dòng)能Ek；(3)從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)射出的質(zhì)子打到屏上，向下偏離軸線OO'的最大距離ym。重慶八中2024~2025學(xué)年度（上）高二年級(jí)第一次月考物理答案【詳解】根據(jù)題意可知機(jī)器人“天工”它可以在傾角不大于30°的斜坡上穩(wěn)定地站立和行走，對(duì)“天工”分析有可得故選B。【詳解】A．防護(hù)服內(nèi)各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，即帶電的金屬小球在防護(hù)服內(nèi)產(chǎn)生的電場(chǎng)與感應(yīng)電荷在該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等大反向，即金屬小球在防護(hù)服內(nèi)產(chǎn)生的電場(chǎng)不為0，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．人體接地，則人體上O點(diǎn)的電勢(shì)為零，金屬小球與O點(diǎn)連線中點(diǎn)P處的電勢(shì)不為0，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因O點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為零，即感應(yīng)電荷在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與電荷Q在O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等大反向，則感應(yīng)電荷在O點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小等于Q在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，即選項(xiàng)C正確；D．因人體接地，可知防護(hù)服內(nèi)金屬網(wǎng)左右側(cè)外表面均不帶電，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C?！驹斀狻繄A環(huán)上電荷分布均勻，P、Q處取走的電荷量為已知點(diǎn)P、Q、N把圓環(huán)分為三等分，所以取走前P、Q處電荷在O點(diǎn)的合電場(chǎng)強(qiáng)度為方向沿ON方向。那么，剩余電荷在O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為方向沿OM方向。故選A?！驹斀狻考讏D中三個(gè)電阻并聯(lián)，電流表A1測(cè)量的是R2、R3電流之和，A2測(cè)量的是R1、R2電流之和，故乙圖中三個(gè)電阻串聯(lián)，電流表V1測(cè)量的是R1、R2電壓之和，V2測(cè)量的是R2、R3電壓之和，故故選A?！驹斀狻緼．由閉合電路歐姆定律得E=U+Ir所以U=E-Ir所以由U-I圖像可得故A錯(cuò)誤；B．因?yàn)殡娫葱蕿樗援?dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片在左端時(shí)，效率最大，為故B錯(cuò)誤；C．利用等效內(nèi)阻法，可知當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值為R時(shí)，有最大功率為故C正確；D．因?yàn)殡娮鑂0的功率為P=I所以當(dāng)電路電流最大時(shí)，功率最大，即滑動(dòng)變阻器滑片處于右端時(shí)，此時(shí)電路電流為解得P故D錯(cuò)誤。故選C。【詳解】當(dāng)甲所坐木板剛要離開(kāi)原位置時(shí)，對(duì)甲及其所坐木板整體有解得彈性繩的伸長(zhǎng)量則此時(shí)彈性繩的彈性勢(shì)能為從開(kāi)始拉動(dòng)乙所坐木板到甲所坐木板剛要離開(kāi)原位置的過(guò)程，乙所坐木板的位移為x1=x0+l-d則由功能關(guān)系可知該過(guò)程F所做的功故選B?！驹斀狻緼．根據(jù)歐姆定律，有依題意，溫度降低時(shí)熱敏電阻RT的阻值增大不變都增大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)歐姆定律，有保持不變，由閉合電路歐姆定律，有U2=E-I(r+R)解得保持不變，同理，可得U3=E-Ir解得保持不變，故B正確；C．帶電液滴在平行板中受到向上的電場(chǎng)力和向下的重力處于平衡狀態(tài)，在溫度降低的過(guò)程，熱敏電阻RT阻值變大，回路中電流變小，路端電壓增大，由于流過(guò)定值電阻R的電流變小，所以分的電壓也就變小，而路端電壓增大，故V2讀數(shù)增大，平行板間的電場(chǎng)強(qiáng)度也增大，導(dǎo)致帶電液滴向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．電源的效率為由于路端電壓增大，所以電源的工作效率一定變大，故D錯(cuò)誤。故選B?！驹斀狻緼B．運(yùn)動(dòng)員將重物緩慢上舉，可認(rèn)為是平衡狀態(tài)，地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力為F=（M+m）g整個(gè)過(guò)程的時(shí)間為t1+t2+Δt，根據(jù)I=Ft可知地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量為I=（M+m）g（t1+t2+Δt）地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力沒(méi)有位移，地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員做的功為0，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．運(yùn)動(dòng)員對(duì)重物的作用力為Mg，作用時(shí)間為t1+t2+Δt，運(yùn)動(dòng)員對(duì)重物的沖量為I2=Mg（t1+t2+Δt）重物的位移為h1+h2，根據(jù)W=Flcosα可知，運(yùn)動(dòng)員對(duì)重物做的功為W=Mg（h1+h2）故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC?！驹斀狻緼B.不采集聲音時(shí)，電容器電容不變，帶電量不變，回路中無(wú)電流，可知a點(diǎn)電勢(shì)等于b點(diǎn)電勢(shì)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD.當(dāng)疏部靠近時(shí)，振膜產(chǎn)生向左的形變，兩板間距變大，則由可知電容C減小，電容器放電，電流由b流向a，即a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)；同理可知當(dāng)密部靠近時(shí)，a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選BC?！驹斀狻緼C．所有微粒都是以相同的動(dòng)能射入圓面，射出時(shí)的動(dòng)能最大，即動(dòng)能的變化量最大，根據(jù)動(dòng)能定理可知合外力做的功最大；電場(chǎng)強(qiáng)度為E時(shí)，在B點(diǎn)處射出的微粒動(dòng)能最大，說(shuō)明此時(shí)微粒受到的合外力與圓上B點(diǎn)的切線垂直且指向B；電場(chǎng)強(qiáng)度為E時(shí)，在C點(diǎn)處射出的微粒動(dòng)能最大，說(shuō)明此時(shí)微粒受到的合外力與圓上C點(diǎn)的切線垂直且指向C，則設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度沿著AB的右上方且與AB的夾角為α,受力圖像如下根據(jù)幾何關(guān)系和力的合成準(zhǔn)則有：qEsinα=mg聯(lián)立解得故AC正確；B．由上分析可知，在A點(diǎn)沿與AB成30°角斜向右上方射入的微粒做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，加速度為微粒運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的“水平”位移豎直位移聯(lián)立解得所以初動(dòng)能故B正確；D．電場(chǎng)變化前，微粒受到的合力為從A點(diǎn)到B點(diǎn)有動(dòng)能定理得F?2R=EkB-Ek0聯(lián)立解得故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選ABC。11．(1)0.500（0.498-0.502均可）(2)a【詳解】（1）由圖中的顯示可知，螺旋測(cè)微器讀數(shù)為（2）單刀雙擲開(kāi)關(guān)分別打到a處和b處，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化更明顯，說(shuō)明電流表分壓對(duì)實(shí)驗(yàn)影響較大，應(yīng)采用電流表外接法，即開(kāi)關(guān)應(yīng)接a處。（3）根據(jù)并聯(lián)電路兩支路電壓相等可得(IIg)Rx化簡(jiǎn)整理可得箱—R箱圖像中的斜率為k，所以可得(2)(3)0.67(4)C【詳解】（1）根據(jù)閉合電路的歐姆定律U=E-IrU-I圖像斜率的絕對(duì)值表示電源的內(nèi)阻，如果電源內(nèi)阻較小，則圖像斜率絕對(duì)值就會(huì)很小，即相同的電流變化量時(shí)，電壓表的讀數(shù)變化范圍就會(huì)較小。故選B。（2）將定值電阻與電源串聯(lián)即可解決上述問(wèn)題，電路如圖（3）由圖像的斜率可知電源內(nèi)阻（4）由于電壓表的分流作用電流的測(cè)量值小于流過(guò)電源的真實(shí)值，當(dāng)外電路短路時(shí)電流的測(cè)量值等于真實(shí)值。故選C。13．(1)6.00V；(2)0.68m/s【詳解】(1)閉合S1、斷開(kāi)S2，電流表的示數(shù)是1.00A，由閉合電路歐姆定律有(2)閉合S1和S2，電流表的示數(shù)是2.00A，則路端電壓為U=E-I2r=(6.00-2.00×1)V=4.00V此時(shí)流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為則電動(dòng)機(jī)的輸出功率為P=IMU-IR0=(1.2×4.00-1.22×0.5)W=4.08W重物向上運(yùn)動(dòng)的速率141）40N2）4m/s3）0.15【詳解】根據(jù)題意，設(shè)AC質(zhì)量為m=2kg，B的質(zhì)量為M=6kg，細(xì)繩OP長(zhǎng)為l=1.6m，初始時(shí)細(xì)線與豎直方向夾角θ=60。（1）A開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)有對(duì)最低點(diǎn)受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得解得v0=4m/s，F(xiàn)=40N（2）A與C相碰時(shí)，水平方向動(dòng)量守恒，由于碰后A豎直下落可知故解得（3）A、C碰后，C相對(duì)B滑行4m后與B共速，則對(duì)CB分析，過(guò)程中根據(jù)動(dòng)量守恒可得(M+m)v根據(jù)能量守恒得聯(lián)立解得【詳解】(1)由題意得解得質(zhì)子在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故有(2)取向下為正，質(zhì)子在進(jìn)入電場(chǎng)后在豎直方向先受到向下的電場(chǎng)力，再受到向上的電場(chǎng)力，且加速大小不變，因此可得沿電場(chǎng)方向的速度vy隨時(shí)間t變化的圖象如下圖所示質(zhì)子出電場(chǎng)的時(shí)間為由牛頓第二定律得，質(zhì)子在電場(chǎng)中的加速度大小為出電場(chǎng)時(shí)豎直方向