新疆克拉瑪依市北師大克拉瑪依附中2026屆物理高二第一學(xué)期期末達標檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示，一電子僅在電場力作用下從A點沿直線運動到B點，其速度隨時間變化的圖象如圖乙所示．設(shè)A、B兩點的電場強度大小分別為EA、EB，電勢分別為φA、φB，則A.EA=EB B.EA<EBC.φA=φB D.φA<φB2、如圖所示，點電荷＋4Q與＋Q分別固定在A、B兩點，C、D兩點將AB連線三等分，現(xiàn)使一個帶負電的粒子從C點開始以某一初速度向右運動，不計粒子的重力，則該粒子在CD之間運動的速度大小v與時間t的關(guān)系圖象(如圖所示)可能是()A. B.C. D.3、一物體運動的v-t圖像如圖所示，下列說法正確的是A.O到A的速度變化比B到C的速度變化快B.AB平行于時間軸，則物體在AB這段時間內(nèi)是靜止的C.O到A的速度方向與B到C的速度方向相反D.物體的位移越來越大4、如圖所示，一帶電粒子以某速度進入方向水平向右的勻強電場中，在電場力作用下形成圖中所示的運動軌跡.M和N是軌跡上的兩點，其中M點是軌跡的最右點，不計粒子受到的重力，下列說法正確的是（）A粒子帶正電B.粒子在N點速率小于M點速率C.粒子在M點電場力的瞬時功率為0D.粒子在電場中的電勢能先減小后增大5、如圖所示，質(zhì)量為m的人站在體重計上，隨電梯以大小為a的加速度加速上升，重力加速度大小為g．下列說法正確的是A.人對體重計的壓力大小為m(g＋a)B.人對體重計的壓力大小為m(g－a)C.人對體重計的壓力大于體重計對人的支持力D.人對體重計的壓力小于體重計對人的支持力6、如圖，光滑斜面固定于水平面，滑塊A、B疊放后一起沖上斜面，且始終保持相對靜止，A上表面水平．則在斜面上運動時，B受力的示意圖為（）A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩個橫截面分別為圓形和正方形的區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強度相同的勻強磁場，圓的直徑和正方形的邊長相等，兩個電子以相同的速度分別飛入兩個磁場區(qū)域，速度方向均與磁場方向垂直，進入圓形磁場的電子初速度方向?qū)蕡A心；進入正方形磁場的電子初速度方向垂直于邊界，從中點進入。則下面判斷正確的是（）A.兩電子在兩磁場中運動時，其半徑一定相同B.兩電子在磁場中運動的時間一定不相同C.進入圓形磁場區(qū)域的電子一定先飛離磁場D.進入圓形磁場區(qū)域的電子一定不會后飛離磁場8、如圖所示為遠距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器．升壓變壓器T1的原、副線圈匝數(shù)之比為n1：n2＝1：10．在T1的原線圈兩端接入一正弦交流電，輸電線的總電阻為2r＝2Ω，降壓變壓器T2的原、副線圈數(shù)之比為n3：n4＝10：1，若T2的“用電設(shè)備”兩端的電壓為U4＝200V且“用電設(shè)備”消耗的電功率為10kW，不考慮其它因素的影響，則（）A.T1的副線圈兩端電壓的最大值為2010VB.T2的原線圈兩端的電壓為2000VC.輸電線上損失的電功率為100WD.T1原線圈輸入的電功率為10.1kW9、如圖所示，一帶負電粒子以某速度進入水平向右的勻強電場中，在電場力作用下形成圖中所示的運動軌跡．M和N是軌跡上的兩點，其中M點是軌跡的最右點．不計重力，下列表述正確的是()A.粒子所受電場力的方向沿電場方向B.粒子在M點的速率最小C.粒子在電場中的電勢能始終在增加D.粒子在電場中的加速度不變10、如圖所示的xOy坐標系中，x軸上固定一個點電荷Q，y軸上固定一根光滑絕緣細桿（細桿的下端剛好在坐標原點O處），將一個套在桿上重力不計的帶電圓環(huán)（視為質(zhì)點）從桿上P處由靜止釋放，圓環(huán)從O處離開細桿后恰好繞點電荷Q做圓周運動．下列說法正確的是A.圓環(huán)沿細桿從P運動到O的過程中，加速度一直增大B.圓環(huán)沿細桿從P運動到O的過程中，速度一直增大C.增大圓環(huán)所帶的電荷量，其他條件不變，圓環(huán)離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動D.將圓環(huán)從桿上P的上方由靜止釋放，其他條件不變，圓環(huán)離開細桿后仍然能繞點電荷做圓周運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)利用如圖所示的電路測量一微安表（量程為100μA，內(nèi)阻大約為2500Ω）的內(nèi)阻?？墒褂玫钠鞑挠校簝蓚€滑動變阻器R1、R2（其中一個阻值為20Ω，另一個阻值為2000Ω）；電阻箱Rz（最大阻值為99999.9Ω）；電源E（電動勢約為1.5V）；單刀開關(guān)S1和S2，C、D分別為兩個滑動變阻器的滑片。(1)按原理圖將圖中的實物連線。（）(2)完成下列填空：①R1的阻值為______Ω（填“20”或“2000”）；②為了保護微安表，開始時將R1的滑片C滑到接近圖中滑動變阻器的________端（填“左”或“右”）對應(yīng)的位置；將R2的滑片D置于中間位置附近；③將電阻箱Rz的阻值置于2500.0Ω，接通S1將R1的滑片置于適當位置，再反復(fù)調(diào)節(jié)R2的滑片D的位置，最終使得接通S2前后，微安表的示數(shù)保持不變，這說明S2接通前B與D所在位置的電勢______（填“相等”或“不相等”）④將電阻箱Rz和微安表位置對調(diào)，其他條件保持不變，發(fā)現(xiàn)將Rz的阻值置于2601.0Ω時，在接通S2前后，微安表的示數(shù)也保持不變。待測微安表的內(nèi)阻為________Ω（結(jié)果保留到個位）；(3)寫出一條提高測量微安表內(nèi)阻精度的建議：_________。12．（12分）用電流表和電壓表測電池的電動勢和內(nèi)電阻(兩電表內(nèi)阻未知)，提供的器材如圖乙所示。(1)用實線代表導(dǎo)線按照甲圖把乙圖的實物連線接成測量電路(兩節(jié)干電池串聯(lián)作為電源，圖中有部分線路已連好)__________。(2)圖丙中的6個點表示實驗測得的6組電流/電壓U的值，請按照這些實驗值作出U－I圖線_______，由此圖線求得的電源電動勢E=____________V，電源內(nèi)阻r=____________Ω（以上兩空均取小數(shù)點后2位）。(3)按照甲圖電路測得的電源電動勢與內(nèi)阻和真實值比較，有E測_________E真，r測_________r真(以上兩空選填>、<或=)。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】從圖象中可以看出，速度的變化率逐漸減小，即加速度逐漸減小，所以電場力就減小，電場強度就逐漸減小．同時帶電粒子的速度增大，說明了電場力做正功，電勢能減小【詳解】從圖象中可以看出，速度的變化率逐漸減小，即加速度逐漸減小，所以電場力就減小，電場強度就逐漸減小，即EA>EB，故AB錯誤；電子的速度增大，說明了電場力做正功，電勢能減??；電子帶負電，所以電勢升高φA＜φB．故C錯誤，D正確．故選D【點睛】該題中，圖象中看出速度的變化率逐漸減小，即加速度逐漸減小是解決問題的關(guān)鍵2、B【解析】根據(jù)點電荷的電場強度公式分析得到D點的場強為零。A．從C到D場強減小，粒子的加速度減小，不可能做勻減速運動，A錯誤；B．若粒子的初速度較大，粒子在CD間做加速度減小的減速運動，運動到D點時速度仍沒有減小到零，通過D點后加速向B運動，因此在CD間只是減速運動，B正確；CD．若粒子的初速度較小，粒子在CD間先向右做加速度減小的減速運動，速度減到零后向左做加速度增加的加速運動，運動的圖像是對稱的，并且最小速度減小到零，CD錯誤。故選B。3、D【解析】A．速度時間圖象的斜率代表物體的加速度，斜率越大速度變化越快，故O到A的速度變化比B到C的速度變化慢，故A錯誤；B．AB平行于時間軸，斜率為零，加速度為零，物體做勻速直線運動，故B錯誤；C．O到A的速度與B到C的速度均為正值，則速度方向相同，選項C錯誤；D．整個過程物體的速度方向不變，故位移一直增大，故D正確；4、C【解析】A．粒子受到的電場力的方向與場強方向相反，故該粒子帶負電，故A錯誤;B．電子受到的電場力向左，在向右運動的過程中，電場力對電子做負功，電子的速度減小，運動到M點時，電子的速度最小，故B錯誤;C．粒子在M點水平速度減小到0，根據(jù)，所以粒子在M點電場力的瞬時功率為0，故C正確;D．電場力向左，因此在運動過程中，電場力先做負功再做正功，電勢能先增大后減小，則D錯誤。故選C。5、A【解析】超重狀態(tài)：當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度，合力也向上．根據(jù)牛頓第二定律即可計算出人對體重計的壓力【詳解】人受到的支持力N：N-mg=ma，得：N=mg+ma．根據(jù)牛頓第三定律得，對體重計的壓力大小m（g+a）．故A正確，B錯誤；人對體重計的壓力和人受到的支持力是作用力和反作用力，故人對體重計的壓力等于體重計對人的支持力，故CD錯誤．故選A【點睛】本題考查了學(xué)生對超重失重現(xiàn)象的理解，與牛頓運動定律的應(yīng)用，掌握住超重失重的特點與受力分析的基本方法即可求解6、A【解析】將A、B做為一個整體，則一起沖上斜面時，受重力及斜面的支持力，合力沿斜面向下，然后再用隔離體法，單獨對B進行受力分析可知，B受摩擦力一定沿水平方向上，且一定水平向左，豎直方向上重力大于支持力這樣才能使合力沿斜面向下了，故A正確，BCD錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A．兩個電子以相同的速度分別飛入兩個磁感應(yīng)強度相同的磁場區(qū)域，兩電子在兩磁場中運動時，其半徑一定相同，選項A正確；BCD．電子在磁場中的可能運動情況如圖所示電子從O點水平進入由于它們進入圓形磁場和正方形磁場的軌道半徑、速度是相同的，把圓形磁場和矩形磁場的邊界放到同一位置如圖所示，由圖可以看出進入磁場區(qū)域的電子的軌跡1，先出圓形磁場，再出正方形磁場；進入磁場區(qū)域的電子的軌跡2，同時從圓形與正方形邊界處磁場；進入磁場區(qū)域的電子的軌跡3，先出圓形磁場，再出正方形磁場；所以電子不會先出正方形的磁場，即進入圓形區(qū)域的電子一定不會后飛離磁場。如圖軌跡2所示，粒子轉(zhuǎn)過的圓心角是相等的，則運動時間相等。故BC錯誤D正確。故選AD。8、AB【解析】根據(jù)降壓變壓器的輸出電壓，結(jié)合匝數(shù)比求出輸入電壓，從而得出輸電線電流，根據(jù)輸電線的電阻得出損失的功率，根據(jù)電壓損失得出升壓變壓器的輸出功率【詳解】T2副線圈電流，設(shè)輸電線中的電流為I3．則比得，則有I3＝5A，設(shè)T2原線圈兩端的電壓為U3．則，即得U3＝2000V，輸電線上的損失電壓為U損＝I3?2r＝5×2＝10V，T1的副線圈兩端電壓U2＝U損+U3＝10+2000＝2010V，所以T1的副線圈兩端電壓的最大值為2010V，故AB正確；輸電線上損失的功率P損＝I32?2r＝52×2＝50W，故C錯誤；T1的原線圈輸入的電功率為P1＝10kW+50W＝10.05kW，故D錯誤．所以AB正確，CD錯誤【點睛】解決本題的關(guān)鍵要知道：1、輸送功率與輸送電壓、電流的關(guān)系；2、變壓器原副線圈的電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系；3、升壓變壓器輸出電壓、降壓變壓器輸入電壓、電壓損失的關(guān)系；4、升壓變壓器的輸出功率、功率損失、降壓變壓器的輸入功率關(guān)系9、BD【解析】粒子在勻強電場中受到的電場力的方向向左，在向右運動的過程中，電場力對粒子做負功，粒子的速度減小，電勢能增加，根據(jù)粒子的運動分析可以得出結(jié)論【詳解】A、粒子做曲線運動，受電場力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，故可知粒子所受電場力沿電場的反方向，故A錯誤；B、粒子受到的電場力向左，在向右運動的過程中，電場力對粒子做負功，粒子的速度減小，運動到M點時，粒子的速度最小，故B正確；C、當粒子向右運動時電場力做負功電勢能增加，當粒子向左運動時電場力做正功電勢能減小，粒子的電勢能先增加后減小，故C錯誤.D、粒子在勻強電場中只受到恒定的電場力作用，故粒子在電場中的加速度大小不變，方向不變，故D正確；故選BD.【點睛】本題就是對電場力做功特點的考查，掌握住電場力做正功，電勢能減小，動能增加，電場力做負功時，電勢能增加，動能減小.10、BC【解析】A.圓環(huán)從P運動到O的過程中，受庫侖引力，桿子的彈力，庫侖引力沿桿子方向上的分力等于圓環(huán)的合力，滑到O點時，所受的合力為零，加速度為零．故A錯誤B.圓環(huán)從P運動到O的過程中，只有庫侖引力做正功，根據(jù)動能定理知，動能一直增大，則速度一直增大．故B正確CD.根據(jù)動能定理得：根據(jù)牛頓第二定律得：聯(lián)立解得：增大圓環(huán)所帶的電荷量，其他條件不變，圓環(huán)仍然可以做圓周運動；若增大高度，知電勢差U增大，庫侖引力與所需向心力不等，不能做圓周運動．故C正確，D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.20③.左④.相等⑤.2550⑥.要提高測量微安表內(nèi)阻的精度，可調(diào)節(jié)R1上的分壓，盡可能使微安表接近滿量程【解析】(1)[1]實物連線如圖所示(2)[2]R1起分壓作用，應(yīng)選用阻值較小的滑動變阻器，即R1的電阻為20Ω；[3]為了保護微安表，閉合開關(guān)前，滑動變阻器R1的滑片C應(yīng)移到左端，確保微安表兩端電壓為零；[4]反復(fù)調(diào)節(jié)D的位置，使閉合S2前后微安表的示數(shù)不變，說明閉合后S2中沒有電流通過，B、D兩點電勢相等；[5]將電阻箱Rz和微安表位置對調(diào)，其他條件保持不變，發(fā)現(xiàn)將Rz的阻值置于2601.0Ω時，在接通S2前后，微安表的示數(shù)也保持不變。說明則解得RμA=2550Ω(3)[6]要提高測量微安表內(nèi)阻的精度，可調(diào)節(jié)R1上的分壓，盡可能使微安表接近滿量程。12、①.見解析圖②.見解析圖③.3.00④.0.80⑤.<⑥.<【解析】（1）[1]電路連接如圖：（2）[2]讓大多數(shù)點落在直線上，少數(shù)分布在直線兩側(cè)，畫出U-I圖像如圖：[3][4]由圖可知，電源電動勢E=3.00V；內(nèi)阻（3）[5][6]根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，由于電壓表的分流作用導(dǎo)致電流表測出的電流小于干路的總電流，從而造成誤差；可采用等效電源法分析誤差大?。喊央?/p>