南寧二中2023級高二年級12月聯(lián)考題號123456789答案DCDCCDCABBDAC一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。1.【答案】D【解析】兩個(gè)點(diǎn)電荷A、B之間的庫侖力大小F甲A錯(cuò)誤；在A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷連線之間，點(diǎn)電荷A產(chǎn)生的電場由A指向B，點(diǎn)電荷B產(chǎn)生的電場也由A指向B，結(jié)合矢量疊加原理，可知合電場由A指向B，B錯(cuò)誤；兩個(gè)點(diǎn)電荷A、B連線的中垂線001上各位置到A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷的距離相等，根據(jù)電場強(qiáng)度E和矢量疊加原理，可知除A、B連線的中點(diǎn)外，中垂線001上各點(diǎn)的合電場方向?yàn)樾毕蛴疑戏交蛐毕蛴蚁路?，C錯(cuò)誤；點(diǎn)電荷A對該負(fù)點(diǎn)電荷的電場力F1向右，點(diǎn)電荷B對該負(fù)點(diǎn)電荷的電場力F2向左，由庫侖力F可知F1>F2，該負(fù)點(diǎn)電荷受到的合電場力向右，它向右做加速運(yùn)動，D正確。故選D。2.【答案】C【解析】根據(jù)電容器的決定式C當(dāng)正對面積S減小時(shí)，電容器的電容減小，帶電塵粒受電場力：F=q沒有發(fā)生變化，故電場力不變，粒子仍處于平衡狀態(tài)，AB錯(cuò)誤；由于電容器的電容減小，兩極板間電壓保持不變，故電容器的帶電荷量將減小，故電容器放電，流經(jīng)電阻R電流方向從A至B，C正確，D錯(cuò)誤。故選C。3.【答案】D【解析】根據(jù)磁場的疊加原理，將x軸上電流向里的導(dǎo)線在0點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度與x軸上向外電流向外的導(dǎo)線在0點(diǎn)產(chǎn)生的磁場進(jìn)行合成，則這兩根導(dǎo)線的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1；同理可得：將左上方電流向外的導(dǎo)線在0點(diǎn)產(chǎn)生的磁場與右下方電流向里的導(dǎo)線在0點(diǎn)產(chǎn)生的磁場進(jìn)行合成，則這兩根導(dǎo)線的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2，將右上方電流向里的導(dǎo)線在0點(diǎn)產(chǎn)生的磁場與左下方電流向外的導(dǎo)線在0點(diǎn)產(chǎn)生的磁場進(jìn)行合成，則這兩根導(dǎo)線的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為B3，根據(jù)磁場疊加原理可知：B1=B2=B3=2B0，由幾何關(guān)系可：B2與B3的夾角為120。，故將B2與B3合成，則它們的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為2B0，方向與B1的方向相同，最后將其與B1合成，可得正六邊形中心處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為4B0，方向沿Y軸正方向，D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。4.【答案】C【解析】根據(jù)安培定則，同向電流相互吸引，異向電流相互排斥，圖甲所示兩導(dǎo)線應(yīng)相互排斥，A錯(cuò)誤；只有長為l、通過電流為I的短直導(dǎo)線垂直放在勻強(qiáng)磁場中所受磁場力的大小為F，則可測出該處磁感應(yīng)強(qiáng)度才為B，B錯(cuò)誤；根據(jù)安培定則可知，如圖直導(dǎo)線下方有垂直紙面向里的磁場，N極向紙面內(nèi)轉(zhuǎn)動，C正確；根據(jù)安培定則可知，如圖環(huán)形導(dǎo)線內(nèi)部有垂直紙面向外的磁場，N極向紙面外轉(zhuǎn)動，D錯(cuò)誤。故選C。5.【答案】C【解析】通過圓形線圈的磁通量為穿過圓環(huán)的磁感線的條數(shù)，首先明確條形磁鐵的磁感線分布情況，另外要注意磁感線是閉合的曲線。條形磁鐵的磁感線在磁體的內(nèi)部是從S極到N極，在磁體的外部是從N極到S極，內(nèi)部有多少根磁感線，外部的整個(gè)空間就有多少根磁感線同內(nèi)部磁感線構(gòu)成閉合曲線。對于線圈的兩個(gè)位置，磁鐵內(nèi)部的磁感線全部穿過，但線圈面積越大，抵消越多，磁通量反而越小，C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。6.【答案】D【解析】放電過程中，電子由地面流向云層，即電子所受的電場力由地面指向云層，由于電子帶負(fù)電，電場力的方向與電場強(qiáng)度的方向相反，故云層的電勢比地面的電勢高；電流的方向與負(fù)電荷定向移動的方向相反，故放電電流的方向由云層指向地面，AB錯(cuò)誤。由電流的定義式I=可知，此次放電過程流過地面的電荷量為q=It，由于電子的電荷量為e，故放電過程中從地面流向云層的電子的數(shù)量nC錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.【答案】C【解析】金屬放在靜電場中會發(fā)生感應(yīng)起電，根據(jù)靜電屏蔽，右端外表面的感應(yīng)電荷為正，右端內(nèi)表面不帶電，A錯(cuò)誤；根據(jù)靜電平衡下導(dǎo)體內(nèi)部特征，金屬整體是等勢體，金屬導(dǎo)體內(nèi)外表面電勢差為0，B錯(cuò)誤；根據(jù)靜電平衡下導(dǎo)體內(nèi)部特征，金屬內(nèi)部被靜電屏蔽，A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度為0，金屬內(nèi)部的感應(yīng)電荷產(chǎn)生的電場強(qiáng)度與勻強(qiáng)電場E0大小相等、方向相反，故感應(yīng)電荷在A、B兩點(diǎn)場強(qiáng)相等，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.【答案】AB【解析】若調(diào)節(jié)滑動變阻器之前，F(xiàn)安<mgsinθ,因安培力平行于導(dǎo)軌所在平面向上，則導(dǎo)體棒所受的摩擦力也平行于導(dǎo)軌所在平面向上，當(dāng)滑動變阻器接入電路的阻值減小時(shí)，導(dǎo)體棒中的電流增大，則導(dǎo)體棒所受的安培力增大，受到的摩擦力先減小到零，再向下增大；若調(diào)節(jié)滑動變阻器之前，F(xiàn)安>mgsinθ,則導(dǎo)體棒所受的摩擦力平行于導(dǎo)軌所在平面向下，則當(dāng)滑動變阻器接入電路的阻值減小時(shí)，導(dǎo)體棒所受的摩擦力隨安培力的增大而增大，故選AB。9.【答案】BD【解析】由圖可知0到r0電勢不變，之后電勢變小，帶電金屬球?yàn)橐坏葎蒹w，再依據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，則金屬球帶正電，A錯(cuò)誤；B點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向由B指向C，B點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于C點(diǎn)的電場強(qiáng)度，B正確；A點(diǎn)在金屬球的內(nèi)部，場強(qiáng)為零，C錯(cuò)誤；正電荷沿直線從B移到C的過程中，電場力做功W=quBC=q(φ2-φ3)，D正確。故選BD。10.【答案】AC【解析】若r=2R，粒子會從磁場圓的不同位置出射，范圍是整個(gè)圓周長；其中粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間最長時(shí)，磁場區(qū)域的直徑是軌跡的一條弦，作出軌跡如圖所示，因?yàn)閞=2R，則圓心角α=60。，粒子在磁場中運(yùn)動的最長時(shí)間tmaxA正確，B錯(cuò)誤；若rR，粒子在磁場圓的出射點(diǎn)都在AP之間，由幾何關(guān)系可知，AP弧長對應(yīng)的圓心角為確。若rR，粒子沿不同方向射入磁場，如圖所示，在磁場中運(yùn)動時(shí)間60°確。若rR，粒子沿不同方向射入磁場，如圖所示，在磁場中運(yùn)動時(shí)間最長的粒子正好轉(zhuǎn)過了一周，時(shí)間為tmax=TD錯(cuò)誤；故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共14分。11.（6分，每空2分）【答案】（1）C；D2【解析】（1）根據(jù)電源與待測電阻估算電流最大值I==A=40mA，故毫安表選C；電源電動勢為4V，所以電壓表應(yīng)選D；（2）實(shí)驗(yàn)要求電壓和電流的變化范圍盡可能大一些，故滑動變阻器應(yīng)采用分壓式接法，毫安表的內(nèi)阻與被測電阻阻值接近，應(yīng)采用毫安表外接法。12.（8分，每空2分）【答案】（1）2.325；6.7002）0.40；【解析】（1）由圖甲所示游標(biāo)卡尺可知，游標(biāo)尺是20分度的，游標(biāo)尺的精度是0.05mm，其示數(shù)為23mm+5×0.05mm=23.25mm=2.325cm；由圖乙所示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：6.5mm+20.0×0.01mm=6.700mm；（2）由圖示電流表可知，其量程為0.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.40A；待測金屬絲電阻阻值R=，結(jié)合電阻定律得R=P可得電阻率P=【答案】（1）LC=0.4m2）U=9×104V3）=解1）質(zhì)子在C管運(yùn)動的時(shí)間為：tC=T..........................................(1分)漂移管C的長度：LC=VCtC (1分)代入數(shù)據(jù)解得：LC=0.4m (1分)（2）質(zhì)子從漂移管C到漂移管E過程，加速了2次根據(jù)動能定理有：2qUmVmV........................................(2分)代入數(shù)據(jù)解得：U=9×104V..................................................................(1分)（3）質(zhì)子沿中線進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場AB后，a=........................................(2分)在豎直方向上：=at2...................................................................(1分)在水平方向上：L=VEt.....................................................................(1分)聯(lián)立解得：=................................................................................(2分)【答案】（1）uER;3）0≤△B<2(32)解1）設(shè)質(zhì)子經(jīng)過加速電場加速后速度為v，質(zhì)子在靜電分析器中做勻速圓周運(yùn)動根據(jù)牛頓第二定律可得qE=........................................................(1分)解得：v..................................................................................(1分)根據(jù)動能定理可得qu=mv2一0......................................................(1分)解得：u=ER....................................................................................(1分)（2）設(shè)子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動的半徑為r1根據(jù)幾何關(guān)系可得r1=d............................................................................(1分)質(zhì)子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得qvB=................(1分)聯(lián)立解得B....................................................................................(1分)（3）若質(zhì)子在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B一△B與氘核在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B+△B時(shí)，恰好打在記錄板上同一位置，則對質(zhì)子，有qv(B一△B)=....................................................................(1分)對氘核，有qu=?2mv一0..........................................................................(1分)qv2(B+△B)=..........................................................................................(1分)聯(lián)立解得：△B=(3一22)B=2(32).............................................(1分)則△B的取值范圍為0≤△B<2(32)...............................................(1分)15.（16分）【答案】（1）E=Bv02）y（3）90%解1）電子入射速度為v0時(shí)，電子沿x軸做勻速直線運(yùn)動，有：eE=ev0B.............................(2分)解得：E=v0B.......................................................................................................................(2分)（2）根據(jù)動能定理得：eEy1=m()2一m()2................................................................(2分)解得：y1=....................................................................................................................(2分)（3）從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)，有evmB一eE=eE一evB..................................................................(2分)若電子恰能到達(dá)縱坐標(biāo)y2=位置根據(jù)動能定理有eEy2=mv一mv2..................................