12024～2025學(xué)年度上期高中2023級期末考試物理參考答案及評分標(biāo)準(zhǔn)一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題號1234567ACCDBBD二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求；全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。題號89三、實(shí)驗(yàn)探究題：本題共2小題，共14分。11.(6分)(1)19.20(2分)(2)(2分)(3)(2分)12.(8分)(1)1100(2分)(2)串聯(lián)(2分，填“串”也給分)9900.0(2分，填“9900”也給分)(4)0.260(2分，0.253～0.267均給分)四、計算題：本題共3小題，共40分。解答應(yīng)當(dāng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫13.(10分)解：(1)由閉合電路歐姆定律得E=U+Ir解得r=0.8Ω(2)電動機(jī)的輸入功率P=UI解得P=1.4W214.(14分)解：(1)該波的波長λ=4m若該波沿x軸正方向傳播，0～2s內(nèi)，該波傳播的距離(2)若該波沿x軸負(fù)方向傳播，0～2s內(nèi)，該波傳播的距離解得υ=(2n+1.5)m/s(n=0,1,2…(3)該波的振幅即質(zhì)點(diǎn)P的振幅A=5cm由(2)可知，此時該波沿x軸負(fù)方向傳播，由同側(cè)法可知，質(zhì)點(diǎn)P在t?=0該波的周期即質(zhì)點(diǎn)P的振動周期質(zhì)點(diǎn)P的振動方程時刻由平衡位置向y參照給分15.(16分)解：(1)小球靜止時，對小球受力分析，如答圖1所示答圖1由受力平衡得qE=mgtanθ解得(2)小球從B點(diǎn)開始至第一次運(yùn)動到最低點(diǎn)，由動能定理得由牛頓第三定律得，細(xì)繩斷裂前瞬間小球?qū)?xì)繩的拉3(3)細(xì)繩斷裂前瞬間，將小球的速度沿合力F的方向與垂直于合力F的方向分解，如答圖2所示答圖2由力與運(yùn)動的關(guān)系可知，小球沿合力F的方向先做勻減速直線運(yùn)動再做勻加速直線運(yùn)動，垂直于合力F的方向以速度v?做勻速直線運(yùn)動。若沿合力F的方向速度剛減到零時，小球恰好落地，則小球落地前瞬間的動能最小，即小球落地前的瞬間速度為v?。再將v?沿水平與豎直方向分解，如答圖3所示答圖3小球從細(xì)繩剛斷裂到以速度v?落地這一過程，豎直方向由運(yùn)動學(xué)公式得v2=2gh'解得說明：其他合理解法，參照給分4【解析】在機(jī)械波傳播的過程中，各質(zhì)點(diǎn)的起振方向均與波源的起振方向相同，各質(zhì)點(diǎn)均在波源的驅(qū)動下做受迫振動，周期與波源振動的周期相同，A正確；醫(yī)院對病人進(jìn)行“超聲波彩超”檢查，利用的是波的多普勒效應(yīng)，B錯誤；只有頻率相同的兩列波相遇才能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，C錯誤；同一聲源發(fā)出的聲波在空氣和水中傳播的頻率相同，波速不同，由v=λf可知，同一種聲波在空氣和水中傳播的波長不同，D錯誤。2.【答案】C【解析】磁鐵外部的磁感線從磁鐵的N極發(fā)出，S極進(jìn)入，A、D錯誤；直線電流的磁場遵循右手定則，大拇指指向電流，彎曲的四指指向磁感線方向，即磁感線從上向下看應(yīng)為順時針，B錯誤；環(huán)形電流也遵循右手定則，彎曲的四指指向電流方向，大拇指指向磁感線方向，C正確?！窘馕觥侩娮杪逝c材料和溫度有關(guān)，與長短粗細(xì)無關(guān)，所以其電阻率仍為p,A錯誤；將該金屬絲均勻拉長為2L后，其橫截面積將變?yōu)樵瓉淼囊话?，由電阻?.【答案】D【解析】由曲線運(yùn)動的條件及電場力的特點(diǎn)可知，電荷在M點(diǎn)所受電場力方向如答圖4中F所示，由于電荷帶負(fù)電，所受電場力方向與電場強(qiáng)度方向相反，所以可畫出電場線如答圖4中E所示，因?yàn)殡妶鼍€由電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，所以M點(diǎn)的電勢高于N點(diǎn)的電勢，A錯誤；電荷從M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)，電場力做負(fù)功，電荷的電勢能增大，故電荷在M點(diǎn)的電勢能小于在N點(diǎn)的電勢能，B錯誤；等差等勢面更密集的N處，電場強(qiáng)度更大，所以電荷在N點(diǎn)受到的電場力大于在M點(diǎn)受到的電場力，C錯誤；從M點(diǎn)到N點(diǎn)，由功能關(guān)系得3qU=△E,D正確。答圖4【解析】由圖乙可知t=0.1s時，質(zhì)點(diǎn)Q通過平衡位置向y軸正方向振動，根據(jù)上下坡法可知，該波沿x軸負(fù)方向傳播，質(zhì)點(diǎn)P向下振動，t=0.2s時(即經(jīng)過半個周期),質(zhì)點(diǎn)P通過平衡位置向y軸正方向振動，A錯誤；由圖甲可知波長λ=0.2m,由圖乙可知周期T=0.2s,由得波速為1m/s,B正確；各質(zhì)點(diǎn)只在各自平衡位置附近振動，不隨波遷移，C錯誤；當(dāng)縫的寬度或障礙物的尺寸大小與6.【答案】B【解析】帶電小球在重力、電場力、斜面彈力三力作用下平衡，其中電場力、彈力的合力與重力等大反向，合力恒定、彈力方向恒定，三力構(gòu)成矢量三角形，其中電場力最小值為垂線段(如答圖5),即最小電場力qEm.n=mgsinθ,故電場強(qiáng)度的最小值為60N/C,方向沿斜面向下，B正確。答圖557.【答案】D【解析】電源與外電路斷開時，理想電壓表的示數(shù)等于電源電動勢，故E=3V,閉合開關(guān)S?和S?時，由閉合電路歐姆定律得E=I(r+R+Rpmax),得電源內(nèi)阻r=2Ω,A錯誤；將電阻R等效為電源內(nèi)阻的一部分，由電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系圖像(如答圖6)可知，當(dāng)Rp=R+r時等效電源的輸出功率最大，即Rp消耗的電功率最大，所以當(dāng)滑動變阻器Rp的滑片從最左端向右滑至最右端的過程中，其消耗的電功率先增大后減小，B錯誤；通過定值電阻R的電流最大(即Rp=0Ω)時，定值電阻R消耗的電功率最大，C錯誤；由于外電阻大于電源內(nèi)阻，由答圖6可知，當(dāng)外電阻越接近電源內(nèi)阻時，電源的輸出功率越大，所以當(dāng)Rp=0Ω時外電阻最接近電源內(nèi)阻，此時電源的輸出功率最大，且最大答圖6【解析】做簡諧運(yùn)動的彈簧振子，其速度增大時，靠近平衡位置，位移減小，根據(jù)F=-kx=ma可知，其回復(fù)力、加速度與位移大小成正比，所以加速度一定減小，A正確；同一彈簧振子振動的振幅越大，其振動的能量越大，但其振動的周期由彈簧振子的質(zhì)量和彈簧的勁度系數(shù)決定，與振幅無關(guān)，B錯誤；做簡諧運(yùn)動的單擺，擺球的回復(fù)力由其重力沿圓弧切線方向的分力提供，C錯誤；做受迫振動的物體，振動穩(wěn)定后的頻率等于驅(qū)動力的頻率，D正確?！窘馕觥看鸥袘?yīng)強(qiáng)度定義式的適用條件是通電直導(dǎo)線垂直于磁場方向，若不垂直時，L為通電直導(dǎo)線垂直于磁場方向的有效投影長度，圖甲中通電直導(dǎo)線垂直于磁場方向的有效投影長度為Lcosθ,所以磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為,A正確；圖乙、丙、丁中通電直導(dǎo)線均與磁場垂直，所以磁感應(yīng)10.【答案】CD【解析】由題可知，小球豎直方向先向上加速再向上減速為0,最后垂直打在豎直屏M上，故小球在兩極板間所受電場力一定豎直向上，小球帶正電，電場強(qiáng)度方向豎直向上，故上極板帶負(fù)電，小球在兩極板間運(yùn)動時，沿極板方向有L=V?≠?,垂直于極板方向有,離開電場后沿極板方向垂直于極板方向有v,=U,-gt?,v,=0,,聯(lián)立解得,電容器上極板的電荷量,A錯誤；小球在整個過程中豎直向上偏轉(zhuǎn)的位移大小,B錯誤；整個過程中只有電場力和重力對小球做功，小球的動能、電勢能、重力勢能的總和不變，初末狀態(tài)速度(動能)不變，所以電勢能的減少量與重力勢能的增加量相同，增加的重力勢能，,C正確；電容器充電后與電源斷開，若僅增大兩極板間的距離，兩極板間的電場強(qiáng)度不變，所以小球的受力情況不變，運(yùn)動情況也將不變，所以小球仍垂直打在豎直屏M上，D正確。6(1)由圖乙可知，游標(biāo)卡尺為50分度的，且游標(biāo)尺第10根刻度線與主尺刻度線對齊，則小鋼球的直(2)根據(jù)題意可所以(1)用多用電表的歐姆擋測定電壓表V的內(nèi)阻為11×100Ω=1100Ω。(2)將電壓表V改裝成量程為0～3V的電壓表。具體操作為：將電阻箱R與電壓表V串聯(lián)，由得(其中U是電壓表V的電壓，Ry是電壓表V的內(nèi)阻)電阻箱R的阻值為(4)將兩個完