1.C電流可以是正電荷也可以是負(fù)電荷定向移動(dòng)形成的,A錯(cuò)誤;電荷定向移動(dòng)的速率遠(yuǎn)小于電流的傳導(dǎo)速率,B錯(cuò)誤;導(dǎo)體橫截面積越小的地方,電荷速率越大,D錯(cuò)誤,故C正確.2.D電阻與電壓,電流無關(guān),A錯(cuò)誤;導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體長度、形狀、大小無關(guān),B錯(cuò)誤;金屬的電阻率一般隨溫度的升高而增大,C錯(cuò)誤,故選D.3.C題圖中電場線的切線方向表示電場的方向,電場線的疏密程度表示電場的強(qiáng)弱,可知C正確.4.A設(shè)其中較小的帶電荷量為q,則另外一個(gè)帶電荷量為7q,沒有接觸前,根據(jù)庫侖定律可得它們之間的庫侖力為F=k接觸后電荷量發(fā)生平均分配,則帶電荷量為qIq,它們間的靜電力變?yōu)镕I=kF,A正確.5.B沿著電場線方向,電勢(shì)逐漸減低,所以由題圖知φB<φA,根據(jù)正電荷在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能大,負(fù)電荷在電勢(shì)低的地方電勢(shì)能大,由于不知所放電荷的電性,所以不能確定該電荷在A、B兩點(diǎn)電勢(shì)能的大小,故A、D錯(cuò)誤;電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的大小,由題圖可知,電場強(qiáng)度EA<EB,所以,同一電荷在A點(diǎn)受電場力較小,故B正確,C錯(cuò)誤.6.D設(shè)燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流為I,對(duì)于甲圖,電路的總電流的大小就為I,此時(shí)甲的總功率的大小為P甲=U●I;對(duì)于乙圖,電路的總的電流為4I,此時(shí)乙的總功率的大小為P乙=U●4I,所以P乙=4P甲.7.B帶電粒子在a點(diǎn)的電勢(shì)能為0.2J,動(dòng)能與電勢(shì)能之和為1.2J且守恒,由軌跡可知粒子一定帶正電,在b點(diǎn)的電勢(shì)能為0.4J,則動(dòng)能為0.8J,A、C錯(cuò)誤,B正確;在c點(diǎn)的電勢(shì)能0.3J,則動(dòng)能為0.9J,D錯(cuò)誤.8.AC根據(jù)公式U,極板間電壓增大時(shí),靜電計(jì)指針的張角變大,所以減小電容C即可,根據(jù)電容的決定式C可知,增大極板間距離d、減小極板間正對(duì)面積S、減小介電常數(shù)都可以減小電容.故選A、C.52均斷開時(shí),電流計(jì)與電阻R1串聯(lián),虛線框中可等效為電壓表,其量程為U=(R1十Rg)Ig=3V,A錯(cuò)誤,B正確;當(dāng)51和52均閉合時(shí),電流計(jì)與電阻R2并聯(lián),虛線框中可等效為電流表,其量程為I=Ig十A,C正確、D錯(cuò)誤.10.BD剛開始時(shí)物塊的加速度最大,由牛頓第二定律,得qE—μmg=ma,解得:a=6m/s2,方向水平向左,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由圖像可得電場強(qiáng)度隨位移是變化的,所以物塊受到的電場力隨位移是變化的,當(dāng)電場力等于摩擦力時(shí),加速度為0,速度最大.則qE=μmg=0.4N,E=40N/C,選項(xiàng)B正確,C錯(cuò)誤;由題中圖像得到E與x的函數(shù)關(guān)系式E=100—25x,解得x=2.4m,選項(xiàng)D正確.11.(1)D(2分)(2)減小(2分)解析:(1)圖甲中先保持帶電小球的電荷量不變,把系在絲線上的帶電小球先后掛在橫桿,改變兩個(gè)小球之間的距離,比較庫侖力的大小;后來保持小球之間的距離不變,改變小球所帶的電荷量大小,分析小球之間的庫侖力,所以實(shí)驗(yàn)采用的方法是控制變量法,故D正確,A、B、C錯(cuò)誤.(2)本實(shí)驗(yàn)中,根據(jù)小球的擺角可以看出小球所受靜電力的大小,由圖可知,電荷量越大、距離越小,絲線偏離豎直方向的角度越大,設(shè)偏角為θ,由平衡條件有:F=mgtanθ,可知電荷之間的靜電力隨著電荷量的增大而增大、隨著距離的增大而減小.(3)設(shè)小球B的質(zhì)量為m,電荷量為q,B球的受力情況如圖所示;當(dāng)A球帶電荷量為q1時(shí),由平衡條件得:F= =PBsin30。,當(dāng)A球帶電荷量為q2時(shí),由平衡條件得:FImr2=PBsin【高二期中考試卷●物理參考答案第1頁(共2頁)】25—T—267B12.(1)1.200(1.199~1.201均可)(1分)150(1分)(2)R(U—Ir1)πD2R1(U—Ir1)R(U—Ir1)πD2R1(U—Ir1)解析:(1)固定刻度讀數(shù)是1mm,可動(dòng)刻度讀數(shù)是20.0×0.01mm=0.200mm,則螺旋測微器的示數(shù)為(2)電壓表量程為6V,電阻絲電阻約150Ω,電流表量程應(yīng)該為40mA左右,可以將量程5mA的電流表并聯(lián)5Ω的電阻改裝成量程為55mA的電流表,即電流表選擇B,定值電阻選擇F;(3)金屬絲中電流為I/=I十=IR1r1,電壓U/=U—Ir1,由歐姆定律可得金屬絲電阻R父==));由電阻定律,R父=P,S=,解得電阻率P13.解:(1)對(duì)電荷受力分析,受重力、電場力和支持力,根據(jù)三力平衡條件,有qE=mgtanθ(3分)解得E=(3分)(2)若改變勻強(qiáng)電場的方向要使點(diǎn)電荷仍靜止在斜面上,該勻強(qiáng)電場沿斜面向上時(shí)電場強(qiáng)度最小(2分)即qE/=mgsinθ(2分)解得E/=(2分)14.解:(1)只閉合開關(guān)52時(shí),燈泡R1與電阻R2串聯(lián),電壓表測R1兩端的電壓,串聯(lián)電路總電阻等于各部分電阻之和,所以電路總電阻R=R1十R2=10Ω十20Ω=30Ω(2分)此時(shí)通過電路的電流I===0.2A(2分)所以R1兩端的電壓為U1=IR1=0.2A×10Ω=2V(2分)即電壓表示數(shù)為2V.(2)將滑動(dòng)變阻器滑片滑到最左端,閉合所有開關(guān),電阻R2與R3的最大阻值并聯(lián),電流表A測干路電流,此時(shí)電流表示數(shù)為0.5A,并聯(lián)電路各并聯(lián)支路兩端電壓相等,所以通過R2的電流I2===0.3A(2分)并聯(lián)電路干路電流等于各支路電流之和,所以通過滑動(dòng)變阻器的電流I3=I0—I2=0.5A—0.3A=0.2A(2分)所以滑動(dòng)變阻器的最大阻值為R3===30Ω(2分)15.解:(1)根據(jù)題意,微粒在垂直于電場線的方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)(1分)微粒從射入到打在紙上所用的時(shí)間t(2分)m(2分)(2)設(shè)微粒射出電場時(shí)沿平行電場線方向的速度為Ψy,根據(jù)牛頓第二定律,微粒在電場中的加速度為:a=m(2分)=a(2分)所以微粒剛射出電場時(shí)的速度方向與初速