《2025年12月9日高中物理作業(yè)》參考答案題號(hào)12345678910答案AACDCCCBCBCBC1．A【詳解】設(shè)加速電場(chǎng)的電壓為，電子在加速電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理有電子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力充當(dāng)向心力，有聯(lián)立，解得電子運(yùn)動(dòng)徑跡的半徑電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期A．僅升高電子槍加速電場(chǎng)的電壓，則運(yùn)動(dòng)徑跡的半徑將變大，故A正確；B．僅增大勵(lì)磁線圈中的電流，則增大，運(yùn)動(dòng)徑跡的半徑將變小，故B錯(cuò)誤；C．僅增大勵(lì)磁線圈中的電流，則增大，電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期將變小，故C錯(cuò)誤；D．僅使勵(lì)磁線圈中電流為零，則為零，電子槍中飛出的電子將不受洛倫茲力作用，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選A。2．A【詳解】A．在P點(diǎn)變軌前后空間站所受到的萬(wàn)有引力不變，根據(jù)牛頓第二定律可知空間站變軌前、后在P點(diǎn)的加速度相同，故A正確；B．因?yàn)樽冘壓笃浒腴L(zhǎng)軸大于原軌道半徑，根據(jù)開普勒第三定律可知空間站變軌后的運(yùn)動(dòng)周期比變軌前的大，故B錯(cuò)誤；C．變軌后在P點(diǎn)因反沖運(yùn)動(dòng)相當(dāng)于瞬間獲得豎直向下的速度，原水平向左的圓周運(yùn)動(dòng)速度不變，因此合速度變大，故C錯(cuò)誤；D．由于空間站變軌后在P點(diǎn)的速度比變軌前大，而比在近地點(diǎn)的速度小，則空間站變軌前的速度比變軌后在近地點(diǎn)的小，故D錯(cuò)誤。故選A。3．C【詳解】AD．圖像的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，由圖乙可知，區(qū)間圖像的斜率先變大后變小，所以電場(chǎng)強(qiáng)度先變大后變小，處的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，根據(jù)牛頓第二定律可知正電荷的加速度先變大后變小，故AD錯(cuò)誤；B．區(qū)間電勢(shì)逐漸降低，故電場(chǎng)強(qiáng)度的方向一直沿軸正方向，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)負(fù)電荷來(lái)說(shuō)，電勢(shì)越低，電勢(shì)能越大，所以負(fù)電荷在的電勢(shì)能小于在處的電勢(shì)能，故C正確。故選C。4．D【詳解】如圖所示電流A、B在C處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別均為B0，根據(jù)平行四邊形定則，結(jié)合幾何關(guān)系，可知電流在處合磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向下，大小為由左手定則可知，安培力方向水平向左，大小為由于導(dǎo)線C位于水平面處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以導(dǎo)線C受到的靜摩擦力大小為，方向水平向右。故選D。5．C【詳解】A．根據(jù)圖乙可知，平衡位置處于處的質(zhì)點(diǎn)M在時(shí)，沿著軸正方向振動(dòng)，則由“用測(cè)法”可知，該列波的傳播方向沿軸負(fù)向傳播，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)圖甲可知該波的波長(zhǎng)，根據(jù)圖乙可知，該波的周期，則根據(jù)波速與波長(zhǎng)之間的關(guān)系代入數(shù)據(jù)可得，該列波的傳播速度為故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)分析可得而質(zhì)點(diǎn)在在平衡位置上下振動(dòng)，其路程為故C正確；D．質(zhì)點(diǎn)只在平衡位置附近上下振動(dòng)，并不會(huì)隨波遷移，故D錯(cuò)誤。故選C。6．C【詳解】AB．油滴原來(lái)靜止在電容器內(nèi)，受向上的電場(chǎng)力與向下的重力且二力平衡，由題圖可知，電容器內(nèi)部電場(chǎng)方向向下，所以油滴帶負(fù)電，當(dāng)滑片向b端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中的總電流增大，即電流表示數(shù)變大，路端電壓減小，所以R1兩端的電壓增大，則電容器兩端電壓減小，即電壓表示數(shù)變小，電容器內(nèi)場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴所受電場(chǎng)力小于重力，將向下運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；C．電源的效率為當(dāng)滑片向b端移動(dòng)時(shí)，其阻值減小，外電阻R減小，電源的效率降低，故C正確；D．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知可得若電壓表、電流表的示數(shù)變化量分別為和，則有故D錯(cuò)誤。故選C。7．C【詳解】A．粒子向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則，b向上偏轉(zhuǎn)，應(yīng)當(dāng)帶正電，a向下偏轉(zhuǎn)，應(yīng)當(dāng)帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．畫出a、b粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，如下圖所示設(shè)粒子的半徑分別為ra、rb，則根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得設(shè)大圓半徑為R，做如圖藍(lán)色輔助線，根據(jù)幾何關(guān)系有整理得故B錯(cuò)誤；C．設(shè)粒子的半徑分別為，則根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得畫出a、b粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，如下圖所示由上圖可知?jiǎng)t整理有故C正確；D．將磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的倍，其它條件不變，設(shè)此時(shí)b粒子的運(yùn)動(dòng)半徑為r、周期為T′、運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得可計(jì)算出根據(jù)選項(xiàng)B有則b運(yùn)動(dòng)的圓心角為90°，運(yùn)動(dòng)周期為則b運(yùn)動(dòng)時(shí)間為則可計(jì)算出故D錯(cuò)誤。故選C。8．BC【詳解】A．甲同學(xué)在使用多用電表歐姆擋“×10”倍率測(cè)量某待測(cè)電阻阻值時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏角過(guò)小，說(shuō)明所選倍率過(guò)小，為了使測(cè)量結(jié)果比較準(zhǔn)確，應(yīng)換用更大倍率，即“×100”倍率，故A錯(cuò)誤；B．乙同學(xué)用“伏安法”測(cè)量待測(cè)電阻時(shí)選擇了圖乙所示電路，在電表內(nèi)阻無(wú)法忽略且未知阻值的情況下，待測(cè)電阻的測(cè)量值故B正確；C．在丙圖中，當(dāng)G的示數(shù)為0時(shí)，說(shuō)明M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相等，根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)和歐姆定律，故故C正確；D．丁同學(xué)在使用螺旋測(cè)微器測(cè)量某元件寬度時(shí)，示數(shù)如圖丁所示，可以將其讀為故D錯(cuò)誤。故選BC。9．BC【詳解】A．通過(guò)電場(chǎng)線的疏密程度可以得出，C點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最小，則，A錯(cuò)誤；B．由帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可以判斷A、B、C各點(diǎn)的速度方向，再結(jié)合電場(chǎng)線可以判斷各點(diǎn)的加速度方向，通過(guò)加速度和速度的夾角關(guān)系可以判斷，從A到B再到C的過(guò)程中，帶電粒子的動(dòng)能先增大后減小，又由能量守恒可知，帶電粒子的電勢(shì)能先減小后增大，B正確；C．由電場(chǎng)線的疏密程度可判斷，a的電荷量比b的電荷量小，C正確；D．由于點(diǎn)電荷a、b的正負(fù)電性無(wú)法判斷，故電勢(shì)的高低無(wú)法判斷，D錯(cuò)誤。故選BC。10．BC11．0.99右【詳解】（2）[1]游標(biāo)卡尺的分度值為0.1mm，則擋光片的寬度為（3）[2]小車經(jīng)過(guò)光電門的速度為測(cè)得擋光片經(jīng)過(guò)A、B的擋光時(shí)間分別為13.56ms、17.90ms，可知小車經(jīng)過(guò)光電門A的速度大于經(jīng)過(guò)光電門B的速度，故應(yīng)適當(dāng)調(diào)高軌道的右端；（5）[3]小車經(jīng)過(guò)光電門的速度為子彈粘上小車的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得12．0.6AB1.201.450.50【詳解】（1）[1][2]一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.5V，若定值電阻選擇10.0Ω的，則電路中電流一定不超過(guò)0.15A，此時(shí)所給兩個(gè)電流表指針的偏轉(zhuǎn)幅度均不能達(dá)到量程的三分之一以上，讀數(shù)誤差較大，所以定值電阻應(yīng)選擇2.0Ω的，此時(shí)電路中電流一定不超過(guò)0.75A，再通過(guò)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，可使電路中電流控制在0.6A以下，所以電流表選擇0.6A量程。（2）[3]易知實(shí)驗(yàn)中所選電壓表量程為3V，此時(shí)表盤分度值為0.1V，需要估讀到0.01V，則讀數(shù)為（3）[4][5]根據(jù)閉合電路歐姆定律可知所以圖像的縱截距表示電動(dòng)勢(shì)，斜率的絕對(duì)值表示r+R0，則13．(1)(2)【詳解】（1）粒子從M到N的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有解得（2）粒子在中，根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律有根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有、又解得粒子在P處時(shí)的速度大小為在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有由幾何關(guān)系可知解得14．(1)(2)(3)【詳解】（1）根據(jù)題意可知，物體在B點(diǎn)有解得從A到B過(guò)程解得（2）電場(chǎng)力方向水平向右，當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)到圓軌道最右端，電場(chǎng)力做功最多，機(jī)械能最大，從A到該點(diǎn)電場(chǎng)力做功摩擦力做功根據(jù)物體在圓軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)機(jī)械能的最大值為（3）等效重力且即方向與豎直方向夾角37°，斜向右下方。從B點(diǎn)到動(dòng)能最大點(diǎn)解得15．（1）1m/s；0.125m；（2）0.25m；；（3）【詳解】（1）由于地面光滑，則m1、m2組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則有m2v0=(m1＋m2)v1代入數(shù)據(jù)有v1=1m/s對(duì)m1受力分析有則木板運(yùn)動(dòng)前右端距彈簧左端的距離有v12=2a1x1代入數(shù)據(jù)解得x1=0.125m（2）木板與彈簧接觸以后，對(duì)m1、m2組成的系統(tǒng)有kx=(m1＋m2)a共對(duì)m2有a2=μg=1m/s2當(dāng)a共=a2時(shí)物塊與木板之間即將相對(duì)滑動(dòng)，解得此時(shí)的彈簧壓縮量x2=0.25m對(duì)m1、m2組成的系統(tǒng)列動(dòng)能定理有代入