第第頁廣東省東莞市、揭陽市、韶關(guān)市2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢查物理試題一、單項選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。每小題的四個選項中只有一個選項符合題目要求。）1．如圖所示的火災(zāi)自動報警器工作原理為：放射源處的鋸95241AmA．發(fā)生火災(zāi)時溫度升高，95241B．這種報警裝置應(yīng)用了α射線貫穿本領(lǐng)強的特點C．95241D．95241A2．某款磁吸式車載手機支架如圖所示。手機放在支架上被磁力吸住后，調(diào)節(jié)支架使手機與豎直方向成圖示角度。安裝該支架的汽車靜止停放在車位。已知手機受到的磁力垂直于手機屏幕，且手機和支架保持相對靜止，下列說法正確的是（）A．手機受到3個力的作用B．支架對手機的作用力豎直向上C．手機對支架的摩擦力沿斜面向上D．手機對支架的彈力和支架對手機的彈力是一對平衡力3．t=0時位于坐標(biāo)原點的波源從平衡位置開始振動，形成一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，波速v=8m/s，下圖是振動剛好傳到質(zhì)點x=6m時的波形，下列說法正確的是（）A．t=0時波源的振動方向沿y軸負(fù)方向B．此時波源已經(jīng)振動了0.75sC．若波源振動頻率減小，該橫波的波長將減小D．若波源振動頻率增大，該橫波傳播的速度將增大4．蜜蜂飛行過程中身上會積累少量正電荷，當(dāng)蜜蜂接近帶負(fù)電的花蕊時，它們之間的電場線如圖中實線所示，圖中虛線為某一帶電花粉顆粒從a到b的運動軌跡。不計帶電花粉顆粒的重力和空氣阻力，下列說法正確的是（）A．a(chǎn)點電勢高于b點電勢B．花粉顆粒在a點所受電場力方向水平向左C．花粉顆粒在a點動能大于在b點的動能D．花粉顆粒在a點電勢能大于在b點的電勢能5．如圖甲所示，是一款高空風(fēng)車及其發(fā)電模塊原理圖。其內(nèi)置發(fā)電機會產(chǎn)生如圖乙所示的交變電流，與其串聯(lián)的一白熾燈泡恰能正常發(fā)光，已知該燈泡額定電壓為220V、阻值為100Ω。則該發(fā)電機（）A．輸出電流的最大值為2.2AB．輸出的交流電頻率為50HzC．t=0.1s時，感應(yīng)電動勢為零，穿過線圈的磁通量達(dá)到最大值D．若風(fēng)力增大，線圈ab的感應(yīng)電動勢不變6．如圖所示，光刻機利用光源發(fā)出的紫外線，將精細(xì)圖投影在硅片上，再經(jīng)技術(shù)處理制成芯片。為提高光刻機投影精細(xì)圖的能力，在光刻膠和投影物鏡之間填充液體，提高分辨率。則填充液體后（）A．紫外線進(jìn)入液體后波長變短B．紫外線進(jìn)入液體后光子能量增加C．紫外線在液體中比在空氣中更容易發(fā)生衍射D．紫外線傳播相等的距離，在液體中所需的時間更短7．在星球P和星球Q的表面，以相同的初速度豎直上拋一小球，小球在空中運動時的速度—時間圖像分別如圖所示。假設(shè)兩星球均為質(zhì)量均勻分布的球體，星球P和星球Q的半徑相等，忽略一切阻力，下列說法正確的是（）A．星球P和星球Q的質(zhì)量之比為3：1B．星球P和星球Q的密度之比為1：1C．星球P和星球Q的近地衛(wèi)星周期之比為3D．星球P和星球Q的第一宇宙速度之比為3：1二、多項選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有兩個或兩個以上選項符合題意，全選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不選的得0分。）8．下面四幅圖片涉及物理學(xué)的四個重大發(fā)現(xiàn)，下列說法正確的是（）A．圖甲，愛因斯坦運用“能量子”的觀點成功解釋了黑體輻射現(xiàn)象，說明能量是不連續(xù)的B．圖乙，焦耳通過熱功當(dāng)量實驗為能量守恒定律奠定了實驗基礎(chǔ)C．圖丙，著名的“泊松亮斑”證明了泊松的觀點“光的粒子說”D．圖丁，開普勒研究行星運動規(guī)律認(rèn)為地球與太陽的連線在相同時間內(nèi)掃過的面積相同9．如圖所示，圓心為O、半徑為R的光滑半圓弧槽固定在水平地面上，一根輕橡皮筋一端連在可視為質(zhì)點的小球上，另一端連在距離O點正上方R處的P點。小球放在與O點等高的槽口A點時，輕橡皮筋處于原長。現(xiàn)將小球從A點由靜止釋放，小球沿圓弧槽ABC運動，當(dāng)運動到最低點B時對圓弧槽的壓力恰好為零。已知小球的質(zhì)量為m，重力加速度為g，不計空氣阻力。則小球從A點運動到B點的過程中，下列說法正確的是（）A．小球運動到B點時，橡皮筋的彈力大于mgB．橡皮筋彈力做功的瞬時功率逐漸變大C．小球重力做的功等于小球動能的增加量D．小球機械能的減少量等于橡皮筋彈性勢能的增加量10．我國新一代航母阻攔系統(tǒng)采用了電磁阻攔技術(shù)，工作原理如圖所示。固定在水平甲板面內(nèi)的“U”型金屬導(dǎo)軌NMPQ面內(nèi)存在垂直平面向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，MN、PQ平行且相距l(xiāng)，導(dǎo)軌電阻不計。一質(zhì)量為m、阻值為R的導(dǎo)體棒ab垂直擱置在兩導(dǎo)軌之間，且與導(dǎo)軌接觸良好。質(zhì)量為M的飛機著艦時，迅速鉤住導(dǎo)體棒ab上的絕緣繩，同時關(guān)閉動力系統(tǒng)并立即與導(dǎo)體棒ab獲得相對航母的共同速度v0，飛機和導(dǎo)體棒一起相對航母減速滑行距離x后停下。除安培力外，兩者一起運動時所受阻力恒為f，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直，絕緣繩的質(zhì)量不計。從飛機與導(dǎo)體棒共速到停下來的過程中，下列說法正確的是（）A．a(chǎn)b棒中的電流方向為b→aB．通過導(dǎo)體棒橫截面的電荷量為BlxC．導(dǎo)體棒ab產(chǎn)生的焦耳熱為1D．所用的時間為（三、實驗與探究題（本題共2小題，共16分。）11．某同學(xué)設(shè)計了一個用拉力傳感器驗證機械能守恒定律的實驗。一根輕繩一端連接固定的拉力傳感器，另一端連接小鋼球，如圖甲所示。拉起小鋼球至某一位置由靜止釋放，使小鋼球在豎直平面內(nèi)擺動，記錄鋼球擺動過程中拉力傳感器示數(shù)的最大值Tmax和最小值Tmin。改變小鋼球的初始釋放位置，重復(fù)上述過程。根據(jù)測量數(shù)據(jù)在直角坐標(biāo)系中繪制的（1）由圖乙可得直線斜率的絕對值為（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；（2）若小鋼球擺動過程中機械能守恒，則Tmax?T（3）圖乙中直線斜率的實際值與理論值不符的主要誤差來源是______（單選）。A．小鋼球擺動過程中有空氣阻力B．小鋼球初始釋放位置不同C．小鋼球擺動角度偏大12．某興趣小組的同學(xué)設(shè)計實驗測量一粗細(xì)均勻圓柱形電阻絲的電阻。（1）用多用電表歐姆擋粗測電阻絲的電阻Rx，開始時選用“×10”的擋位測量發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角太大，擋位應(yīng)調(diào)整為（填“×1”或“×100”）擋，正確調(diào)整擋位并經(jīng)過歐姆調(diào)零后重新測量，指針如圖甲所示，電阻的測量值為Ω；（2）為了比較精確測量電阻絲的電阻Rx，實驗室提供了下列器材：A．電壓表V1（量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩ）；B．電壓表V2（量程為15V，內(nèi)阻約為15kΩ）；C．電流表A1（量程為50mA，內(nèi)阻約為10Ω）；D．電流表A2（量程為200mA，內(nèi)阻約為3Ω）；E．滑動變阻器R（阻值范圍為0~5Ω）；F．電源（電動勢為4.5V，內(nèi)阻不計）；G．開關(guān)S，導(dǎo)線若干。選擇合適的實驗器材，設(shè)計如圖乙所示的實驗電路，為比較精確測量電阻絲的電阻，電壓表應(yīng)選，電流表應(yīng)選（填寫器材前對應(yīng)的字母序號）；（3）興趣小組的同學(xué)利用上述器材進(jìn)行了實驗測量，記錄實驗數(shù)據(jù)并描繪出U-I圖線，如圖丙所示，則金屬絲的阻值Rx=（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。四、計算題（本題共3小題，共38分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。）13．一定質(zhì)量的理想氣體的壓強p與溫度T的關(guān)系圖像如圖所示。氣體先經(jīng)過等壓變化由狀態(tài)A變?yōu)闋顟B(tài)B，再經(jīng)過等容變化由狀態(tài)B變?yōu)闋顟B(tài)C。已知氣體在狀態(tài)C的體積為6L。求：（1）氣體在狀態(tài)B的溫度TB（2）氣體在狀態(tài)A的體積VA14．2024年7月巴黎奧運會滑板女子街式?jīng)Q賽中，中國14歲小將崔宸曦奪得第四名的好成績。現(xiàn)將運動情景簡化為如圖乙所示，ABCDE為截去14（1）若圓槽固定在水平地面，則小球到達(dá)D處的速度大?。唬?）若圓槽不固定，初始時靜止在光滑水平面上，則小球離開槽口D時小球的速度大??；（3）接（2）問，小球第一次落到地面時距圓槽平臺右側(cè)CD邊的水平距離（結(jié)果可含根號）。15．如圖甲所示，電子被直線加速器加速后轟擊重金屬靶，會產(chǎn)生射線，可用于放射治療。直線加速器由一列中心軸線有小孔、長度逐漸變長的金屬圓筒構(gòu)成。為使電子每次運動到相鄰圓筒之間的間隙恰能加速，在圓筒內(nèi)部做勻速直線運動，須將圓筒和如圖乙所示交變電源連接，序號為奇數(shù)的圓筒連接電源一極，序號為偶數(shù)的圓筒連接電源另一極。t=t（1）電子從8號圓筒出射時的速度大小和磁感應(yīng)強度B的大??；（2）金屬圓筒的長度和它的序號nn>1（3）若每秒打在金屬靶上的電子數(shù)為N，其中70%被吸收，30%被反向彈回，彈回速率為撞擊前速率的0.6倍，求金屬靶受到電子的作用力大小。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A．半衰期是核素固有屬性，與元素的化學(xué)性質(zhì)、物理環(huán)境均無關(guān)，不受溫度影響，可知，發(fā)生火災(zāi)時溫度升高，95241B．α射線貫穿本領(lǐng)最弱，這種報警裝置應(yīng)用了α射線電離能力強的特點，故B錯誤；C．95241D．根據(jù)電荷數(shù)、質(zhì)量數(shù)守恒可知，95241A故D正確；故選D；

【分析】（1）解題關(guān)鍵要掌握α衰變的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒；理解半衰期的不可變性；明確α射線的電離與貫穿特性差異；

（2）易錯點在于混淆衰變能量方向；誤認(rèn)為環(huán)境因素影響半衰期；忽視α射線與煙霧顆粒相互作用的物理機制。2．【答案】B【解析】【解答】A．手機受摩擦力必受彈力，故手機除了受到重力、磁力和摩擦力，還受到彈力作用，一共4個力，故A錯誤；B．手機受到的支架對手機的作用力（磁力+彈力+摩擦力）應(yīng)與手機的重力平衡，手機受的重力豎直向下，則手機受支架的作用力合力方向豎直向上，故B正確；C．支架對手機的摩擦力沿接觸面向上，根據(jù)牛頓第三定律可知，手機對支架的摩擦力沿接觸面向下，故C錯誤；D．手機對支架的彈力和支架對手機的彈力是同一性質(zhì)的作用對象不同的一對相互作用力，非平衡力，故D錯誤；故選B；

【分析】（1）解題關(guān)鍵是通過受力分析明確各力方向，注意磁力垂直于屏幕的特殊條件；理解相互作用力與平衡力的本質(zhì)區(qū)別；

（2）易錯點在于漏算磁力；混淆作用力與反作用力的方向；誤判摩擦力的作用對象和方向。3．【答案】B【解析】【解答】A．波上所有質(zhì)點的振動都在重復(fù)波源的行為，只是有時間上的延遲，x=6m處質(zhì)點此刻的振動狀態(tài)，就是波源在t=0的振動狀態(tài)，已知波沿x軸正方向傳播，根據(jù)同側(cè)法，上下坡法，如下圖

可知x=6m處的質(zhì)點起振方向沿y軸正方向，所以波源的起振方向沿y軸正方向，故A錯誤；B．由于振動剛好傳到質(zhì)點x=6m，則波源已振動的時間為t=C.若減小f，該波的傳播速度v，根據(jù)公式λ=vf=v故選B；

【分析】（1）解題關(guān)鍵是掌握波速公式v=λf及波速的介質(zhì)決定性；會根據(jù)傳播方向判斷質(zhì)點振動方向；理解波傳播的時間與波源振動時間的關(guān)系；

（2）易錯點在于混淆波源初始振動方向與波形圖中質(zhì)點的振動方向；誤認(rèn)為波長或波速隨頻率改變；忽視波傳播時間的計算。4．【答案】D【解析】【解答】A．電場線從正電荷（蜜蜂）出發(fā)指向負(fù)電荷（花蕊），等勢線垂直于電場線沿電場線方向電勢降低，故a點更靠近負(fù)電荷，可知，a點電勢低于b點電勢，故A錯誤；B．由于花粉顆粒僅受電場力，花粉帶負(fù)電，所受電場力方向與電場強度方向相反，且指向軌跡內(nèi)側(cè)，可知，花粉顆粒在a點所受電場力方向水平向右，故B錯誤；C．電場線上每一點的切線方向，就是該點電場強度E的方向，電場力方向沿電場強度方向沿電場線切線沿電場線切線指向軌跡內(nèi)側(cè)，可知，花粉顆粒從a到b的運動過程中，電場力方向與速度方向夾角為銳角，則花粉顆粒速度增大，花粉顆粒在a點動能小于在b點的動能，故C錯誤；D．結(jié)合上述可知，花粉顆粒從a到b的運動過程中，電場力做正功，電勢能減小，即花粉顆粒在a點電勢能大于在b點的電勢能，故D正確；故選D；

【分析】（1）解題關(guān)鍵是依據(jù)電場線方向判斷電勢高低；根據(jù)電荷電性確定電場力方向；通過軌跡彎曲分析受力做功與能量變化；電場線上每一點的切線方向，就是該點電場強度E的方向，當(dāng)我們需要判斷電荷受力時，必須做的是找到電荷所在的位置點，過該點畫出電場線的切線，這個切線的方向就是該點的E方向，最后根據(jù)F=qE求出電場力的大小和方向；

（2）易錯點在于混淆正負(fù)電荷受力方向與場強方向的關(guān)系；錯誤根據(jù)軌跡直接判斷速度大小而忽略做功分析；誤認(rèn)為電勢高低與電勢能增減總是同步。5．【答案】C【解析】【解答】A．燈泡正常發(fā)光，其額定電壓220V為有效值，電阻100Ω，輸出電流的有效值為I=UR=220B．由圖乙橫坐標(biāo)可知，周期T=0.02s，則頻率為f=1C．由圖乙可知，在t=0.1s時，感應(yīng)電動勢為零，時電流瞬時值為零，說明線圈位于中性面，感應(yīng)電動勢為零，磁通量最大，線速度與磁感線平行，此時線圈處于中性面位置，穿過線圈的磁通量達(dá)到最大值，故C正確；D．風(fēng)力增大，線圈轉(zhuǎn)動的角速度增大，根據(jù)Em故選C；

【分析】（1）解題需結(jié)合交變電流圖像讀取周期計算頻率，利用有效值關(guān)系Im=√2I求最大值；關(guān)鍵點在于中性面位置（電流零值時磁通量最大、電動勢為零）及電動勢峰值公式Em=NBSω與轉(zhuǎn)速成正比；6．【答案】A【解析】【解答】A．根據(jù)λ0=cf，知紫外線進(jìn)入液體后f不變但傳播速度v=B．紫外線進(jìn)入液體頻率不變，根據(jù)E=hν可知光子能量不變，故B錯誤；C．衍射繞過障礙物能力與波長正相關(guān)，λ=cD．紫外線在液體中傳播速度變慢，根據(jù)x=vt知傳播相等的距離，在液體里時間更長，故D錯誤；故選D；

【分析】（1）解題需抓住光從空氣進(jìn)入液體時頻率不變這一核心；關(guān)鍵公式是波速v=c/n、波長λ=λ0/n、能量E=hf及時間t=d/v；隱含條件是折射率n>1導(dǎo)致光速降低和波長縮短；

（2）易錯點：誤認(rèn)為進(jìn)入介質(zhì)后光子能量變化；混淆波長與衍射能力的關(guān)系波長越短衍射越弱；忽略光速變化對傳播時間的影響。7．【答案】A【解析】【解答】A．由v-t圖斜率的絕對值知重力加速度，則有

gP=v0t1，gQ=v03t1，gPB．星球P和星球Q的密度分別為ρP=3MPC．星球P和星球Q的近地衛(wèi)星由萬有引力提供向心力，則有mGMPR2=m4π2RTP2D．由運動狀態(tài)必有對應(yīng)的合力定律mGMPR2=mvP2R⑤，m故選A；

【分析】（1）解題關(guān)鍵是從v-t圖斜率獲取重力加速度比；核心公式：g=GMR2、ρ=3M4πR38．【答案】B,D【解析】【解答】A．愛因斯坦提出光子說解釋光電效應(yīng)，圖甲，解釋黑體輻射現(xiàn)象的是普朗克而非愛因斯坦，普朗克運用“能量子”的觀點成功解釋了黑體輻射現(xiàn)象，說明能量是不連續(xù)的，故A錯誤；B．圖乙，焦耳通過精確的熱功當(dāng)量實驗為能量守恒定律提供了堅實實驗基礎(chǔ)，故B正確；C．圖丙，著名的“泊松亮斑”是菲涅爾波動理論預(yù)言的衍射現(xiàn)象，證明了“光的波動說”，泊松原本試圖用此反駁波動說但失敗，故C錯誤；D．圖丁，開普勒利用第谷的觀察數(shù)據(jù)研究行星運動規(guī)律，開普勒第二定律（面積定律）指出行星與太陽連線在相等時間內(nèi)掃過面積相等，故D正確；故選BD；

【分析】（1）解題需熟悉物理學(xué)史關(guān)鍵人物與貢獻(xiàn)：普朗克（量子論）、焦耳（能量守恒實驗）、泊松亮斑（波動性證明）、開普勒（行星運動定律）；突破點是準(zhǔn)確匹配科學(xué)家與其成就；

（2）易錯點：混淆普朗克與愛因斯坦的量子貢獻(xiàn)；誤認(rèn)為泊松亮斑支持粒子說；忽略圖片與描述的對應(yīng)性（如D項需看圖確認(rèn)）。9．【答案】A,D【解析】【解答】A．當(dāng)運動到最低點B時對圓弧槽的壓力恰好為零，設(shè)小球運動至最低點B時速度為v，由運動狀態(tài)必有對應(yīng)的合力定律可得F?mg=mv2B．根據(jù)P=Fvcosθ功率的大小實際上等于力在速度方向上的分力(F·cosθ)與速度大小(v)的乘積，

只有與速度方向一致的分力才對物體做功（改變動能）有貢獻(xiàn)，θ為彈力與速度方向的夾角，從A到B到C過程中，速度v的方向：始終沿著圓弧的切線方向，彈力F的方向：始終指向固定點P，從A到B過程中θ從135°減小到90°（cosθ從-2C．小球運動過程中兩增一減，橡皮筋彈性勢能增大小球動能增加，唯有重力勢能減少，總能量守恒，減小量大于任一個增加量，如小球動能增加量，故C錯誤；D．小球和橡皮筋組成的系統(tǒng)機械能守恒（因圓弧槽光滑無摩擦），故小球運動過程中，機械能的減少量等于橡皮筋彈性勢能的增加量，故D正確；故選AD；

【分析】（1）解題關(guān)鍵：B點向心力分析F?mg=mv2R；能量守恒求B點速度

（Ep+ΔE彈=Ek10．【答案】A,C,D【解析】【解答】A．根據(jù)速度描述會使向里磁力線增加，磁場需要保持守恒，需感應(yīng)電流產(chǎn)生向外磁力線即需要逆時針電流，或右手定則ab棒向右運動切割磁感線，ab棒中的電流方向為b→a，故A正確；B．導(dǎo)軌電阻不計注意ab是唯一電阻阻值為R，通過導(dǎo)體棒某橫截面的電荷量為

q=IΔC．根據(jù)能量守恒總動能減少量轉(zhuǎn)化為焦耳熱和克服阻力做功，動能定理可得

?W安?fx=0?12（D．以飛機和導(dǎo)體棒ab整體為對象，根據(jù)動量定理合力沖量等于動量的變化量可得

?BIlΔt?f解得所經(jīng)的時間為

Δt=（故選ACD；

【分析】（1）解題關(guān)鍵：用右手定則判斷電流方向；電荷量公式q=ΔΦ/R；能量守恒求焦耳熱（注意ab是唯一耗能元件）；隱含條件是減速非勻變速，時間需用動量定理（安培力沖量）求解；

（2）易錯點：誤用勻變速公式求時間；忽略能量分配（此題ab是唯一電阻，焦耳熱全歸它）；電荷量計算中ΔΦ=BΔS=Blx易漏。11．【答案】（1）2.1（2）2.0（3）A【解析】【解答】（1）直線斜率絕對值取最遠(yuǎn)的兩個點計算得k=1.77?1.50（2）根據(jù)題意，則Tmax?Tmin圖像的每個點對應(yīng)著不同角度釋放小球產(chǎn)生的繩子拉力從最小變到最大(Tmin，Tmax)變成坐標(biāo)系上一個點，設(shè)小球擺動到最高點時，輕繩與豎直方向的夾角為θ，輕繩長為l，擺動到最低點時，小球的速度為v。mgsinθ提供切向加速度改變速度大小，mgcosθ提供向心力與拉力共同，由于在擺動過程中，小球機械能守恒，則有mgl1?cosθ小球在最低點時，輕繩拉力最大，速度與繩垂直可看做圓周運動，由運動狀態(tài)必有對應(yīng)的合力定律有Tmax?mg=mv2一次函數(shù)圖象知識可知，圖乙中多組θ形成的拉力極值坐標(biāo)連線直線的斜率絕對值的理論值為-2.0；

故1空填2.0；（3）A.設(shè)空氣阻力做功為Q

mgl1?cosθ-Q=12mv2Tmax【分析】（1）解題關(guān)鍵在于從圖像提取斜率絕對值，理論值源于機械能守恒和圓周運動公式聯(lián)立得出的線性關(guān)系Tmax=3mg?2Tmin，其斜率絕對值為2.0；隱含條件是實驗通過測量力極值間接驗證能量守恒，需理解Tmin（1）直線斜率絕對值k（2）根據(jù)題意，設(shè)小球擺動到最高點時，輕繩與豎直方向的夾角為θ，輕繩長為l，擺動到最低點時，小球的速度為v。由于在擺動過程中，小球機械能守恒，則有mgl小球在最高點時，輕繩拉力最小，由于速度為0，則有T小球在最低點時，輕繩拉力最大，由牛頓第二定律有T整理得T可知，圖乙中直線斜率絕對值的理論值為2.0。（3）該實驗系統(tǒng)誤差的主要來源是小鋼球擺動過程中有空氣阻力，使得機械能減小，故選A。12．【答案】（1）×1；16.0（2）A；D（3）15.6【解析】【解答】（1）用“×10”的擋位測量發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角太大，表明待測電阻阻值較小，為了使指針指在中央刻線附近減小誤差，需要將擋位應(yīng)調(diào)整為小擋位，即擋位應(yīng)調(diào)整為“×1”；根據(jù)歐姆表的讀數(shù)規(guī)則，該電阻的測量值為16.0×1（2）A．電源為4.5V，電壓表V1量程與電動勢差不多，減小電壓表的讀數(shù)誤差，故A正確；B．電壓表V2量程與電動勢相差太大，電壓表的讀數(shù)不夠精細(xì)，故B錯誤；故選A；C．因待測電阻約16Ω，最大電流I=URx=0.19D．待測電阻阻值為16Ω，當(dāng)電壓表達(dá)到滿偏時，通過電阻的電流約為I=URx=0.19故選D；（3）根據(jù)歐姆定律可得待測電阻電壓除以電流Rx=【分析】（1）多用電表歐姆擋使用中，指針偏轉(zhuǎn)角太大表明電阻值較小，需換用小倍率擋位以減小讀數(shù)誤差；讀數(shù)時需注意刻度線與倍率的乘積，并估讀到最小分度的下一位；

（2）選擇電表時需考慮電源電動勢和待測電阻大小，電壓表量程應(yīng)略大于待測電壓且不過大，電流表量程應(yīng)略大于最大電流且兼顧精度；易錯點在于忽略電表內(nèi)阻對電路的影響，但本題中電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測電阻，采用電流表外接法誤差較小題中未要求選擇接法，但設(shè)計電路時需注意。（1）[1]用“×10”的擋位測量發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角太大，表明待測電阻阻值較小，為了使指針指在中央刻線附近減小誤差，需要將擋位應(yīng)調(diào)整為小擋位，即擋位應(yīng)調(diào)整為“×1”；[2]根據(jù)歐姆表的讀數(shù)規(guī)則，該電阻的測量值為16.0×1（2）[1]電源電動勢為4.5V，為了減小電壓表的讀數(shù)誤差，需要選擇與電動勢相差不多的量程，即電壓表選擇A；[2]結(jié)合上述可知，待測電阻利用歐姆表測得阻值為16.0Ω，當(dāng)電壓表達(dá)到滿偏時，通過電阻的電流約為I=為了確保電流表的安全與精度，電流表選擇量程200mA，即電流表選擇D。（3）根據(jù)歐姆定律可得R13．【答案】（1）解：從B到C為等容變化，C點(pC=2atm，TC=400K)，B點(pB=1.5atm，TB=300K)，根據(jù)壓力與溫度成正比例，有

pBTB=（2）解：從B到C為等容變化，則有VB=VC從狀態(tài)A到狀態(tài)B為等壓變化，根據(jù)體積與溫度成正比例，有

V【解析】【分析】（1）解題關(guān)鍵在于正確識別圖像中的過程并應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程，控制pVT其中一個變量，另外兩個變量存在函數(shù)關(guān)系，A到B為等p壓過程，V/T=常量，需結(jié)合B到C等容V過程p/T=常量，C點(pC=2atm，TC=400K)，B點(pB=1.5atm，TB=300K)隱含條件是坐標(biāo)軸讀數(shù)和過程判斷。

（2）求狀態(tài)A體積：利用A到B等壓過程，VATA=V（1）從B到C為等容變化，根據(jù)查理定律有p解得T（2）從B到C為等容變化，則有V從狀態(tài)A到狀態(tài)B為等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律有V解得V14．【答案】（1）解：對小球從P運動到D處，重力勢能減小2R，動能增加，由動能定理mg2R=1（2）解：若槽不固定，設(shè)小球離開槽口D時的速度大小為v1，槽的速度大小為v2，取水平向右的方向為正方向。由水平方向動量守恒可得0=mv由機械能守恒可得mg2R=12mv12+（3）解：由（2）可得球槽分離時，槽的速度大小為