濟(jì)南一中2025級(jí)高一上學(xué)期1月學(xué)情檢測(cè)物理參考答案單項(xiàng)選擇題（本題共10小題，每小題3分，共30分）1.【答案】B【詳解】A．“3小時(shí)42分鐘”、“4小時(shí)”是指運(yùn)動(dòng)過程需要的時(shí)間，是時(shí)間間隔，故A錯(cuò)誤；B．位移表示物體的位置變化，只與初末位置有關(guān)，與運(yùn)動(dòng)路徑無關(guān)，所以不管選擇哪條線路，從起點(diǎn)到終點(diǎn)的位移大小和方向都相同，故B正確；C．兩條線路位移相同，由于線路2比線路1所需時(shí)間長(zhǎng)，由速度的定義式可知，選擇線路2，平均速度更小，故C錯(cuò)誤；D．研究汽車整個(gè)過程的平均速度時(shí)，不需要考慮汽車的大小、形狀，故可以將汽車看成質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選B。2.【答案】D【詳解】A．慣性是物體的固有屬性，只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與物體的速度無關(guān)。因此，汽車的慣性在行駛過程中是不變的，A錯(cuò)誤；B．從v?t圖像可以看出，汽車的速度先減小后增大，因此汽車的加速度方向先與速度方向相反（減速階段），后與速度方向相同（加速階段），所以汽車的加速度方向發(fā)生了改變，B錯(cuò)誤；C．在減速過程中，v﹣t圖像的斜率先增大后減小，因此，汽車在減速過程中加速度是先增大后減小的，C錯(cuò)誤；D．在加速過程中，v?t圖像的斜率先增大后減小，因此，汽車在加速過程中加速度是先增大后減小的，D正確。故選D。3.【答案】A【詳解】A．根據(jù)彈力的定義，彈力是發(fā)生彈性形變的物體由于要恢復(fù)原狀，對(duì)與它接觸的物體產(chǎn)生的力。因此，當(dāng)球拍擊球時(shí)，球拍發(fā)生彈性形變，產(chǎn)生彈力作用在網(wǎng)球上，故A正確；B．網(wǎng)球給球拍的力和球拍給網(wǎng)球的力是一對(duì)相互作用力，它們作用在兩個(gè)不同的物體上（一個(gè)是網(wǎng)球，一個(gè)是球拍），因此不是平衡力，平衡力是作用在同一個(gè)物體上，使物體保持靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的力，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第三定律，相互作用力總是大小相等、方向相反、作用在同一條直線上。因此，網(wǎng)球給球拍的力與球拍給網(wǎng)球的力是一對(duì)相互作用力，它們的大小相等，故C錯(cuò)誤；D．網(wǎng)球所受彈力的方向是與球拍形變恢復(fù)的方向相同，而不是與網(wǎng)球反彈后的運(yùn)動(dòng)方向一定相同，網(wǎng)球的反彈方向取決于彈力的方向、網(wǎng)球的初速度、重力以及空氣阻力等多個(gè)因素，故D錯(cuò)誤。故選A。4.【答案】C【詳解】根據(jù)對(duì)稱性可知，P和P左側(cè)的油桶對(duì)Q的支持力大小相等，設(shè)為F，如圖所示根據(jù)平衡條件得解得Q受到P的作用力為故選C。5.【答案】A【詳解】以結(jié)點(diǎn)O為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，受a、b繩的拉力以及下面繩子的拉力，下面繩子的拉力等于燈籠的重力，結(jié)點(diǎn)O平衡，受力分析如圖所示O點(diǎn)位置，則方向不變，b繩緩慢逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)到豎直過程中，由上圖可知，先減小后增大，一直減小，BCD錯(cuò)誤，A正確。故選A。6.【答案】C【詳解】A．根據(jù)逆向思維可得汽車的剎車時(shí)間為則4s末速度汽車為零，故A錯(cuò)誤；B．前4s內(nèi)位移既剎車位移，為故B錯(cuò)誤；C．前2s內(nèi)位移為第1s內(nèi)位移為第2s內(nèi)位移為3m故C正確；D．前2s內(nèi)平均速度為故D錯(cuò)誤。故選C。7.【答案】C【詳解】根據(jù)題意有，汽車在零時(shí)刻的速度為A．由圖像中，面積表示速度的變化量，則有第末汽車的速度約為故A錯(cuò)誤；BC．由圖像中，面積表示速度的變化量，則有第末汽車的速度約為故B錯(cuò)誤，C正確；D．根據(jù)題意，由公式可得，汽車在內(nèi)位移為汽車在內(nèi)位移為可知，汽車在內(nèi)位移大于內(nèi)位移，故D錯(cuò)誤。故選C。8.【答案】D【詳解】AB．小球1和2保持靜止，以小球1和2為整體，根據(jù)平衡條件可得故AB錯(cuò)誤；CD．剪斷輕繩c瞬間，彈簧彈力不發(fā)生突變，此時(shí)小球2合外力與等大反向，小球2的加速度大小為方向水平向左，故D正確，C錯(cuò)誤。故選D。9.【答案】D【詳解】設(shè)物塊P的質(zhì)量為m，加速度為a，系統(tǒng)靜止時(shí)彈簧的壓縮量為x0，彈簧的勁度系數(shù)為k。物塊P靜止時(shí)，由平衡條件得木塊的位移為x時(shí)彈簧對(duì)P的彈力大小對(duì)物塊P，由牛頓第二定律得根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有聯(lián)立得可見F與t是二次函數(shù)關(guān)系，F(xiàn)-t圖象是開口向上的拋物線，當(dāng)x=0時(shí)，F(xiàn)=ma>0。故選D。10.【答案】C【詳解】A．游客隨轎廂一起，有沿鋼索斜向上的加速度，因此游客處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．游客處于超重狀態(tài)，則豎直方向轎廂對(duì)游客的支持力大于游客受到的重力，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)載人轎廂沿鋼索做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，以游客為研究對(duì)象，水平方向上有豎直方向上有，解得，，故C正確；D．轎廂對(duì)游客的作用力大小由牛頓第三定律可知，游客對(duì)轎廂的作用力大小故D錯(cuò)誤，故選C。多項(xiàng)選擇題（本題共5小題，每小題4分，共20分。）11.【答案】BD【詳解】A．重心就是從作用效果上相當(dāng)于重力作用在那個(gè)點(diǎn)上，是利用了等效的思想，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)速度定義式，可知當(dāng)非常小時(shí)，就可以用平均速度表示物體在某時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義應(yīng)用了極限思想的方法，B正確；C．把一個(gè)物體當(dāng)作“質(zhì)點(diǎn)”進(jìn)行研究，質(zhì)點(diǎn)是實(shí)際物體在一定條件下的科學(xué)抽象，使用了理想模型法，C錯(cuò)誤；D．伽利略探究物體下落規(guī)律的過程使用的科學(xué)方法是：?jiǎn)栴}→猜想→數(shù)學(xué)推理→實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證→合理外推→得出結(jié)論，即采用了推理與實(shí)驗(yàn)相結(jié)合的方法，D正確。故選BD12.【答案】BC【詳解】由題意，彈簧處于自然長(zhǎng)度，當(dāng)旅客發(fā)現(xiàn)彈簧的長(zhǎng)度變長(zhǎng)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)，小球受到向左的彈力，根據(jù)牛頓第二定律得知小球的加速度向左，火車向左做加速運(yùn)動(dòng)，或向右做減速運(yùn)動(dòng)。故AD錯(cuò)誤，BC正確。故選BC．13.【答案】AC【詳解】A．由圖示v﹣t圖像可知，無人機(jī)上升的最大高度故A正確；B．由圖示v﹣t圖像可知，在10～12s內(nèi)，無人機(jī)的速度保持不變但不是零，無人機(jī)做勻速直線運(yùn)動(dòng)而沒有懸停，故B錯(cuò)誤；C．由圖示v﹣t圖像可知，在8～10s內(nèi)無人機(jī)的加速度故C正確；D．由圖示v﹣t圖像可知，在12～16s內(nèi)，無人機(jī)的加速度對(duì)無人機(jī)，由牛頓第二定律得代入數(shù)據(jù)解得無人機(jī)在12～16s內(nèi)受到空氣的作用力大小為故D錯(cuò)誤。故選AC。14.【答案】AC【詳解】A．對(duì)8節(jié)車廂整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律解得，故A正確；B．對(duì)后面6、7、8三節(jié)車廂看成一整體，根據(jù)牛頓第二定律有解得，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)后面5、6、7、8四節(jié)車廂看成一整體，根據(jù)牛頓第二定律有解得，故C正確；D．對(duì)某節(jié)車廂中一質(zhì)量為的乘客受力分析，可知，水平方向受車廂的作用力大小，根據(jù)牛頓第二定律可得，豎直方向上，根據(jù)平衡條件可得故某節(jié)車廂中一質(zhì)量為的乘客所受車廂的作用力大小為，故D錯(cuò)誤。15.【答案】BD【詳解】AC．由圖乙可知，物塊運(yùn)動(dòng)過程為在時(shí)間內(nèi)向下做減速運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間內(nèi)向上做加速運(yùn)動(dòng)，且整個(gè)過程加速度不變（圖線斜率大小不變）始終沿著傳送帶向上，可以得到物塊與傳送帶的滑動(dòng)摩擦力大于重力沿傳送帶向下的分力，因最后速度為，所以傳送帶速度大于等于；因物塊上滑初速度為，而傳送帶速度大于等于。故物塊不可能減速，故AC錯(cuò)誤；D．當(dāng)傳送帶速度等于時(shí)，物塊與傳送帶無相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，只有靜摩擦力，由于滑動(dòng)摩擦力大于重力沿傳送帶向下的分力，靜摩擦力大于等于滑動(dòng)摩擦力，故此時(shí)物塊速度與傳送帶保持一致為，故D正確；B．當(dāng)傳送帶速度大于時(shí)，物塊相對(duì)于傳送帶下滑，有向上的摩擦力，此時(shí)物塊做沿傳送帶向上的勻加速運(yùn)動(dòng)直到與傳送帶共速，故B正確。故選BD。三、非選擇題：本題共5個(gè)小題，共50分。16.（5分）【答案】①.B②.平行四邊形③.不變【詳解】(1)[1]在實(shí)驗(yàn)中，該同學(xué)用到的物理方法是等效替代法。故選B。(2)[2]在實(shí)驗(yàn)中，“3+4”等于“5”說明了力的合成滿足平行四邊形定則。(3)[3]在實(shí)驗(yàn)中，如果將細(xì)繩換成橡皮筋，繩子上和橡皮筋上都是拉力，拉力大小不變，因此那么實(shí)驗(yàn)結(jié)果不變。17.（8分）【答案】（1）AB（2）①.0.39②.（3）小于【小問1詳解】根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度由外力與質(zhì)量決定，實(shí)驗(yàn)應(yīng)保持小車質(zhì)量不變，探究小車加速度與所受合外力的關(guān)系或保持小車所受合外力不變，探究小車加速度與質(zhì)量的關(guān)系。故選AB?！拘?詳解】④[1]紙帶上相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，則時(shí)間為s=0.1s根據(jù)逐差法可知加速度為[2]根據(jù)表格數(shù)據(jù)作圖，如圖【小問3詳解】根據(jù)牛頓第二定律有，則圖像的斜率代表，由圖可知18.(7分)【答案】（1）0.5；（2）80N【詳解】（1）依題意，對(duì)物塊受力分析，由平衡條件可得----------------（1分）----------------（1分）聯(lián)立，解得----------------（1分）（2）對(duì)物塊受力分析，豎直方向，有----------------（1分）可得----------------（2分）即物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，物塊受到的靜摩擦力大小為80N。----------------（1分）19.(8分)【答案】（1）沒有撞上，1m（2）會(huì)撞上貨車，1s【小問1詳解】該車在反應(yīng)后減速的總距離為----------------（1分）假設(shè)沒有撞上障礙物，則該車停下時(shí)到障礙物的距離s1=s0-x----------------（1分）代入數(shù)據(jù)解得s1=1m，假設(shè)成立。沒有撞上障礙物，停下時(shí)到障礙物的距離為1m。------（1分）【小問2詳解】設(shè)經(jīng)時(shí)間t'兩車的速度相等，則v2=v1-at'----------------（1分）假設(shè)兩車沒有相撞，從無人駕駛汽車開始反應(yīng)到兩車速度相等的最小距離為----------------（1分）解得Δx=-2.5m，說明無人駕駛汽車會(huì)撞上貨車，假設(shè)不成立。則----------------（2分）解得t=1s（另一個(gè)解t=3s舍去），因此無人駕駛汽車會(huì)撞上貨車，無人駕駛汽車的減速時(shí)間為1s。----------------（1分）20.（10分）【答案】（1）10m/s（2）15m（3）17.25m【小問1詳解】恒力F作用時(shí)，對(duì)A受力分析，如圖所示沿斜面方向，根據(jù)牛頓第二定律有----------------（1分）垂直斜面方向，根據(jù)平衡條件有----------------（1分）又根據(jù)聯(lián)立解得a1=5m/s2撤去恒力F時(shí)物塊A的速度大小v1=a1t1=10m/s----------------（1分）【小問2詳解】則A向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的位移為----------------（1分）撤去恒力F后，對(duì)A受力分析，如圖所示沿斜面方向，根據(jù)由牛頓第二定律有----------------（1分）解得加速度為a2=10m/s2則減速到零的時(shí)間為s則向上減速至零的位移為物塊A沿斜面上滑的最大距離----------------（1分）【小問3詳解】物塊B沿斜面向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)B受力分析，如圖所示沿斜面方向，牛頓第二定律有----------------（1分）解得aB=0.4m/s2物塊A沿斜面向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)A受力分析，如圖所示根據(jù)牛頓第二定律有----------------（1分）解得a3=2m/s2假設(shè)再經(jīng)過t3物塊A、B達(dá)到共速，則有---------------（1分）解得A下滑的位移為整個(gè)過程B的位移為A、B兩物塊在斜面上始終未相遇，斜面的最小長(zhǎng)度----------------（1分）21.（12分）【答案】（1）；（2）（3）能，【小問1詳解】由乙圖可知，前內(nèi)木板的加速度大小----------------（1分）木塊的加速度大小----------------（1分）對(duì)木塊解得----------------（1分）對(duì)木板解得----------------（1分）【小問2詳解】從木塊滑上木板到達(dá)到第一次共速所用的時(shí)間為，此時(shí)木板的位移解得說明木塊與木板第一次共速時(shí)恰好木板與豎直擋板相撞，碰撞后木板原速率反彈然后向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至速度為零。----------------（1分）設(shè)該過程運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，對(duì)木板解得----------------（1分）對(duì)木板解得此時(shí)木塊的加速度大小仍為木塊的速度解得木板從速度為零到向右勻加速直線運(yùn)動(dòng)直至第二次與木塊達(dá)到共同速度時(shí)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，木板的加速度大小仍為木塊的加速度大小仍為對(duì)木板對(duì)木塊----------------（1分）解得----------------（1分）小問3詳解】碰撞后木板