1、08年高考題分類匯總（電學）（一）電路（恒流和交流）15（重慶）.某同學設計了一個轉向燈電路（題15圖），其中L為指示燈，L1、L2分別為左、右轉向燈，S為單刀雙擲開關，E為電源.當S置于位置1時，以下判斷正確的是AA. L的功率小于額定功率B. L1亮，其功率等于額定功率C. L2亮，其功率等于額定功率D. 含L支路的總功率較另一支路的大15（寧夏）.一個T型電路如圖所示，電路中的電, .另有一測試電源，電動勢 為100V，內阻忽略不計。則 AC A.當cd端短路時，ab之間的等效電阻是40B. 當ab端短路時，cd之間的等效電阻是40 C. 當ab兩端接通測試電源時， cd兩端的電壓為80

2、 V D. 當cd兩端接通測試電源時， ab兩端的電壓為80 V7（廣東）電動勢為E、內阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接成如圖3所示的電路。當滑動變阻器的觸頭由中點滑向b端時，下列說法正確的是 AA電壓表和電流表讀數(shù)都增大B電壓表和電流表讀數(shù)都減小C電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小D電壓表讀數(shù)減小，電流表讀數(shù)增大2（江蘇）.2007年度諾貝爾物理學獎授予了法國和德國的兩位科學家，以表彰他們發(fā)現(xiàn)“巨磁電阻效應”。基于巨磁電阻效應開發(fā)的用于讀取硬盤數(shù)據(jù)的技術，被認為是納米技術的第一次真正應用。在下列有關其它電阻應用的說法中錯誤的是D (A)熱敏電阻可應用于溫度測控裝置中 (B)光敏

3、電阻是一種光電傳感器 (C)電阻絲可應用于電熱設備中 (D)電阻在電路中主要起到通過直流、阻礙交流的作用4（江蘇）.在如圖所示的邏輯電路中，當A端輸入電信號“1”、B端輸入電信號“0”時，則在C和D端輸出的電信號分別為C (A)1和0 (B)0和1 (c)1和1 (D)0和08（江蘇）如圖所示的電路中，三個相同的燈泡a、b、c和電感L1、L2與直流電源連接，電感的電阻忽略不計。電鍵K從閉合狀態(tài)突然斷開時，下列判斷正確的有AD (A)a先變亮，然后逐漸變暗 (B)b先變亮然后逐漸變暗 (C)c先變亮，然后逐漸變暗 (D)b、c都逐漸變暗18（北京）.一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1:n2=11:

4、5。原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓u如圖所示。副線圈僅接入一個10 的電阻。則DA.流過電阻的電流是20 AB.與電阻并聯(lián)的電壓表的示數(shù)是100VC.經過1分鐘電阻發(fā)出的熱量是6103 JD.變壓器的輸入功率是1103 WA1A2A1V2V1A1A2A316（四川）如圖，一理想變壓器原線圈接入一交流電源，副線圈電路中R1、R2、R3和R4均為固定電阻，開關S是閉合的。 和 為理想電壓表，讀數(shù)分別為U1和U2； 、 和 為理想電流表，讀數(shù)分別為I1、I2和I3。現(xiàn)斷開S，U1數(shù)值不變，下列推斷中正確的是BC AU2變小、I3變小 BU2不變、I3變大 CI1變小、I2變小 DI1變大、I2變

5、大17（天津）一理想變壓器的原線圈上接有正弦交變電壓，其最大值保持不變，副線圈接有可調電阻R設原線圈的電流為I1，輸入功率為P1，副線圈的電流為I2，輸出功率為P2當R增大時（B）AI1減小，P1增大BI1減小，P1減小CI2增大，P2減小DI2增大，P2增大19（寧夏）如圖a所示，一矩形線圈abcd放置在勻 強磁場 中，并繞過ab、cd中點的軸OO以角速度逆時針勻速轉動。若以線圈平面與磁場夾角時（如圖b）為計時起點，并規(guī)定當電流自a流向b時電流方向為正。則下列四幅圖中正確的是D0圖2e/V20-200.1250.250t/s5（廣東）小型交流發(fā)電機中，矩形金屬線圈在勻強磁場中勻速運動，產生的

6、感應電動勢與時間呈正弦函數(shù)關系，如圖2所示。此線圈與一個R=10的電阻構成閉合電路。不計電路的其他電阻，下列說法正確的是 DA交變電流的周期為0.125sB交變電流的頻率為8HzC交變電流的有效值為AD交變電流的最大值為4A3B（上海）某集裝箱吊車的交流電動機輸入電壓為380 V，則該交流電壓的最大值為_V。當?shù)踯囈?.1 m/s的速度勻速吊起總質量為5.7103 kg的集裝箱時，測得電動機的電流為20 A，則電動機的工作效率為_。（g取10m/s2）3B、537，75%，20B（上海）（10分）某小型水電站輸出功率為20 kW，輸電線路總電阻是6W，（1）若采用380V輸電，求輸電線路損耗的

7、功率；（2）若改用5000V高壓輸電，用戶端利用n1:n222:1的變壓器降壓，求用戶得到的電壓。20B（1）16.62kW，（2）226.2V，23. （北京）（18分）風能將成為21世紀大規(guī)模開發(fā)的一種可再生清潔能源。風力發(fā)電機是將風能（氣流的功能）轉化為電能的裝置，其主要部件包括風輪機、齒輪箱，發(fā)電機等。如圖所示。（1）利用總電阻的線路向外輸送風力發(fā)電機產生的電能。輸送功率，輸電電壓，求導線上損失的功率與輸送功率的比值;（2）風輪機葉片旋轉所掃過的面積為風力發(fā)電機可接受風能的面積。設空氣密度為p，氣流速度為v，風輪機葉片長度為r。求單位時間內流向風輪機的最大風能Pm;在風速和葉片數(shù)確定的

8、情況下，要提高風輪機單位時間接受的風能，簡述可采取的措施。（3）已知風力發(fā)電機的輸出電功率P與Pm成正比。某風力發(fā)電機的風速v19m/s時能夠輸出電功率P1=540kW。我國某地區(qū)風速不低于v2=6m/s的時間每年約為5000小時，試估算這臺風力發(fā)電機在該地區(qū)的最小年發(fā)電量是多少千瓦時。23.(18分)（1） 導線上損失的功率為P=I2R=(損失的功率與輸送功率的比值(2)風垂直流向風輪機時，提供的風能功率最大.單位時間內垂直流向葉片旋轉面積的氣體質量為pvS,S=r2風能的最大功率可表示為P風=采取措施合理，如增加風輪機葉片長度，安裝調向裝置保持風輪機正面迎風等。（2） 按題意，風力發(fā)電機的

9、輸出功率為P2=kW=160 kW（3） 最小年發(fā)電量約為W=P2t=1605000 kWh=8105kWh（二）電場、磁場、電磁感應19(全國2). 一平行板電容器的兩個極板水平放置, 兩極板間有一帶電量不變的小油滴, 油滴在極板間運動時所受空氣阻力的大小與其速率成正比. 若兩極板間電壓為零, 經一段時間后, 油滴以速率v勻速下降; 若兩極板間的電壓為U, 經一段時間后, 油滴以速率v勻速上升. 若兩極板間電壓為-U, 油滴做勻速運動時速度的大小方向將是（C）A. 2v、向下 B. 2v、向上C. 3v、向下 D. 3v、向上18（天津）帶負電的粒子在某電場中僅受電場力作用，能分別完成以下兩

10、種運動：在電場線上運動，在等勢面上做勻速圓周運動該電場可能由（A）A一個帶正電的點電荷形成B一個帶負電的點電荷形成C兩個分立的帶等量負電荷的點電荷形成D一帶負電的點電荷與帶正電的無限大平板形成6（江蘇）6.如圖所示，實線為電場線，虛線為等勢線，且AB=BC，電場中的A、B、C三點的場強分別為EA、EB、EC,電勢分別為A、B、C ,AB、BC間的電勢差分別為UAB、UBC則下列關系中正確的有ABC(A) ABC (B) ECEBEA (C) UABmg/q)的勻強電場時,小球從0點靜止釋放后獲得的最大速率vm.23（天津）(16分)在平面直角坐標系xOy中，第象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第

11、象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度為B一質量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度v0垂直于y軸射入電場，經x軸上的N點與x軸正方向成=60角射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，如圖所示不計粒子重力，求(1)M、N兩點間的電勢差UMN；(2)粒子在磁場中運動的軌道半徑r；(3)粒子從M點運動到P點的總時間t23(16分)(1)設粒子過N點時的速度為v,有v=2v0粒子從M點運動到N點的過程,有(2)粒子在磁場中以O為圓心做勻速圓周運動,半徑為ON,有(3)由幾何關系得ON=rsin設粒子在電場中運動的時間為t1,有ON=v0t1粒子在磁場中勻速

12、圓周運動的周期設粒子在磁場中運動的時間為t2,有24（寧夏）.(17分)如圖所示，在xOy平面的第一象限有一勻強電場，電場的方向平行于y軸向下；在x軸和第四象限的射線OC之間有一勻強磁場，磁感應強度的大小為B，方向垂直于紙面向外。有一質量為m，帶有電荷量+q的質點由電場左側平行于x軸射入電場。質點到達x軸上A點時，速度方向與x軸的夾角，A點與原點O的距離為d。接著，質點進入磁場，并垂直于OC飛離磁場。不計重力影響。若OC與x軸的夾角為，求 （1）粒子在磁場中運動速度的大小： （2）勻強電場的場強大小。24.（17分）(1)質點在磁場中的軌跡為一圓弧。由于質點飛離磁場時，速度垂直于OC，故圓弧的

13、圓心在OC上。依題意，質點軌跡與x軸的交點為A，過A點作與A點的速度方向垂直的直線，與OC交于O。由幾何關系知，AO垂直于OC，O是圓弧的圓心。設圓弧的半徑為R，則有R=dsinj由洛化茲力公式和牛頓第二定律得將式代入式，得(2)質點在電場中的運動為類平拋運動。設質點射入電場的速度為v0，在電場中的加速度為a，運動時間為t，則有v0vcosjvsinjatd=v0t聯(lián)立得設電場強度的大小為E，由牛頓第二定律得qEma聯(lián)立得25（山東）.（18分）兩塊足夠大的平行金屬極板水平放置，極板間加有空間分布均勻、大小隨時間周期性變化的電場和磁場，變化規(guī)律分別如圖1、圖2所示（規(guī)定垂直紙面向里為磁感應強度

14、的正方向）。在t=0時刻由負極板釋放一個初速度為零的帶負電的粒子（不計重力）。若電場強度E0、磁感應強度B0、粒子的比荷均已知，且，兩板間距。（1）求粒子在0t0時間內的位移大小與極板間距h的比值。（2）求粒子在板板間做圓周運動的最大半徑（用h表示）。（3）若板間電場強度E隨時間的變化仍如圖1所示，磁場的變化改為如圖3所示，試畫出粒子在板間運動的軌跡圖（不必寫計算過程）。解法一：（1）設粒子在0t0時間內運動的位移大小為s1 又已知聯(lián)立式解得（2）粒子在t02t0時間內只受洛倫茲力作用，且速度與磁場方向垂直，所以粒子做勻速圓周運動。設運動速度大小為v1，軌道半徑為R1，周期為T，則聯(lián)立式得又即

15、粒子在t02t0時間內恰好完成一個周期的圓周運動。在2t03t0時間內，粒子做初速度為v1的勻加速直線運動，設位移大小為s2解得 由于s1+s2h,所以粒子在3t04t0時間內繼續(xù)做勻速圓周運動，設速度大小為v2，半徑為R2解得 由于s1+s2+R2h,粒子恰好又完成一個周期的圓周運動。在4t05t0時間內，粒子運動到正極板（如圖1所示）。因此粒子運動的最大半徑。（3）粒子在板間運動的軌跡如圖2所示。解法二：由題意可知，電磁場的周期為2t0，前半周期粒子受電場作用做勻加速直線運動，加速度大小為 方向向上 后半周期粒子受磁場作用做勻速圓周運動，周期為T 粒子恰好完成一次勻速圓周運動。至第n個周期

16、末，粒子位移大小為sn 又已知 由以上各式得 粒子速度大小為 粒子做圓周運動的半徑為 解得 顯然 （1）粒子在0t0時間內的位移大小與極板間距h的比值 （2）粒子在極板間做圓周運動的最大半徑 （3）粒子在板間運動的軌跡圖見解法一中的圖2。22（北京）.（16分）均勻導線制成的單位正方形閉合線框abcd，每邊長為L，總電阻為R，總質量為m。將其置于磁感強度為B的水平勻強磁場上方h處，如圖所示。線框由靜止自由下落，線框平面保持在豎直平面內，且cd邊始終與水平的磁場邊界平行。當cd邊剛進入磁場時，（1）求線框中產生的感應電動勢大小;（2）求cd兩點間的電勢差大小;（3）若此時線框加速度恰好為零，求線

17、框下落的高度h所應滿足的條件。22.（16分）（1）cd邊剛進入磁場時，線框速度v=(2)此時線框中電流 I=cd兩點間的電勢差U=I()=(3)安培力 F=BIL=根據(jù)牛頓第二定律mg-F=ma,由a=0解得下落高度滿足 h=24（全國2）（19分）如圖，一直導體棒質量為m、長為l、電阻為r，其兩端放在位于水平面內間距也為l的光滑平行導軌上，并與之密接；棒左側兩導軌之間連接一可控制的負載電阻（圖中未畫出）；導軌置于勻強磁場中，磁場的磁感應強度大小為B，方向垂直于導軌所在平面。開始時，給導體棒一個平行于導軌的初速度v0。在棒的運動速度由v0減小至v1的過程中，通過控制負載電阻的阻值使棒中的電流

18、強度I保持恒定。導體棒一直在磁場中運動。若不計導軌電阻，求此過程中導體棒上感應電動勢的平均值和負載電阻上消耗的平均功率。24（19分）導體棒所受的安培力為 該力大小不變，棒做勻減速運動，因此在棒的速度從v0減小到v1的過程中，平均速度為 當棒的速度為v時，感應電動勢的大小為 棒中的平均感應電動勢為 由式得 導體棒中消耗的熱功率為 負載電阻上消耗的平均功率為 由567式得 評分參考：式3分（未寫出1式，但能正確論述導體棒做勻減速運動的也給這3分），式各3分，式各2分，式各2分。25（天津）(22分)磁懸浮列車是一種高速低耗的新型交通工具它的驅動系統(tǒng)簡化為如下模型，固定在列車下端的動力繞組可視為一

19、個矩形純電阻金屬框，電阻為R，金屬框置于xOy平面內，長邊MN長為L平行于y軸，寬為d的NP邊平行于x軸，如圖1所示列車軌道沿Ox方向，軌道區(qū)域內存在垂直于金屬框平面的磁場，磁感應強度B沿O x方向按正弦規(guī)律分布，其空間周期為，最大值為B0，如圖2所示，金屬框同一長邊上各處的磁感應強度相同，整個磁場以速度v0沿Ox方向勻速平移設在短暫時間內，MN、PQ邊所在位置的磁感應強度隨時間的變化可以忽略，并忽略一切阻力列車在驅動系統(tǒng)作用下沿Ox方向加速行駛，某時刻速度為v(vv0)(1)簡要敘述列車運行中獲得驅動力的原理；(2)為使列車獲得最大驅動力，寫出MN、PQ邊應處于磁場中的什么位置及與d之間應滿

20、足的關系式；(3)計算在滿足第(2)問的條件下列車速度為v時驅動力的大小25(22分)(1)由于列車速度與磁場平移速度不同,導致穿過金屬框的磁通量發(fā)生變化,由于電磁感應,金屬框中會產生感應電流,該電流受到的安培力即為驅動力.(2)為使列車獲得最大驅動力,MN、PQ應位于磁場中磁感應強度同為最大值且反向的地方,這會使得金屬框所圍面積的磁通量變化率最大,導致框中電流最強,也會使得金屬框長邊中電流受到的安培力最大,因此,d應為/2的奇數(shù)倍,即(3)由于滿足第(2)問條件，則MN、PQ邊所在處的磁感應強度大小均為B0且方向總相反，經短暫時間t，磁場沒Ox方向平移的距離為v0t,，同時，金屬框沿Ox方向

21、移動的距離為vt因為v0v，所以在t時間內MN邊掃過磁場的面積S=(v0v)Lt在此t時間內，MN邊左側穿過S的磁通量移進金屬框而引起框內磁通量變化MN=B0L(v0v) t同理，在t時間內，PQ邊左側移出金屬框的磁通量引起框內磁通量變化PQ=B0L(v0v) t故在t時間內金屬框所圍面積的磁通量變化MNPQ根據(jù)法拉第電磁感應定律,金屬框中的感應電動勢大小根據(jù)閉合電路歐姆定律有根據(jù)安培力公式,MN邊所受的安培力FMN=B0ILPQ邊所受的安培力FPQ=B0IL根據(jù)左手定則,MN、PQ邊所受的安培力方向相同,此時列車驅動力的大小F=FMN+FPQ=2B0IL聯(lián)立解得15（江蘇）(16分)如圖所示

22、，間距為l的兩條足夠長的平行金屬導軌與水平面的夾角為，導軌光滑且電阻忽略不計場強為B的條形勻強磁場方向與導軌平面垂直，磁場區(qū)域的寬度為d1,間距為d2兩根質量均為m、有效電阻均為R的導體棒a和b放在導軌上，并與導軌垂直 (設重力加速度為g) (1)若a進入第2個磁場區(qū)域時，b以與a同樣的速度進入第1個磁場區(qū)域求b穿過 第1個磁場區(qū)域過程中增加的動能Ek。(2)若a進入第2個磁場區(qū)域時，b恰好離開第1個酷場區(qū)域，此后a離開第2個磁場區(qū)域時B又恰好進入第2個磁場區(qū)域且a、b在任意一個磁場區(qū)域或無磁場區(qū)域的 運動時間均相等.求a穿過第2個磁場區(qū)域過程中，兩導體棒產生的總焦耳熱Q(3)對于第(2)問所述的運動情況，求a穿出第k個磁場區(qū)域時的速率v.24（上海）（14分）如圖所示，豎直平面內有一半徑為r、電阻為R1、粗細均勻的光滑半圓形金屬環(huán)，在M、N處與距離為2r、電阻不計的平行光滑金屬導軌ME、NF相接，EF之間接有電阻R2，已知R112R，R24R。在MN上方及CD下方有水平方向的勻強磁場I