1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、如圖所示，物塊A、B質(zhì)量相等，在恒力F作用下，在水平面上做勻加速直線運動若物塊與水平面間接觸面光滑，物塊A的加速度大小為a1，物塊A、B間的相互作用力大小為F1；若物塊與水平面間接觸面粗糙，且物塊A、B與水平面間的動摩擦因數(shù)相同，物塊B的加速度大小為a2，物塊A、B間的相互作用力大小為F2，則以下判斷正確的是（）ABCD2、兩根平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ，間距為d，與水平面成角時，質(zhì)量為m的圓柱體恰能勻速下滑，圓柱體橫截面半徑為r，當(dāng)兩根平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ放水平后，間距不變，對圓柱體施加一水平拉力F，使圓柱體作勻速直線運動，已知d=r,則F為（ ）ABCmgD3、甲、乙兩物

3、體的運動情況如圖所示，下列結(jié)論正確的是（）A甲做勻加速直線運動，乙做勻減速直線運動B經(jīng)過2.5s，兩物體速度相同C經(jīng)過5s的時間，乙物體到達(dá)甲物體的出發(fā)點D甲、乙兩物體的速度大小相等、方向相同4、如圖，小球質(zhì)量為m，通過長度為L的無伸縮性輕質(zhì)條狀物與水平轉(zhuǎn)軸O相連，并能繞轉(zhuǎn)軸O在豎直平面做完整的圓周運動。小球運動過程中受到的空氣阻力可以忽略不計，下列關(guān)于小球運動的說法正確的是（ ）A當(dāng)輕質(zhì)條狀物為繩子且轉(zhuǎn)軸O不受摩擦?xí)r，小球經(jīng)過最低點的速度應(yīng)不小于5gLB當(dāng)輕質(zhì)條狀物為桿且轉(zhuǎn)軸O不受摩擦?xí)r，小球經(jīng)過最低點的速度應(yīng)不小于5gLC當(dāng)輕質(zhì)條狀物為繩子時，可通過控制轉(zhuǎn)軸O的轉(zhuǎn)動讓小球做勻速圓周運動D當(dāng)

4、輕質(zhì)條狀物為桿時，不可能通過控制轉(zhuǎn)軸O的轉(zhuǎn)動讓小球做勻速圓周運動5、關(guān)于光的波粒二象性，以下說法中正確的是()A光的波動性與機(jī)械波，光的粒子性與質(zhì)點都是等同的B光子和質(zhì)子、電子等是一樣的粒子C大量光子易顯出粒子性，少量光子易顯出波動性D紫外線、X射線和射線中，射線的粒子性最強，紫外線的波動性最顯著6、如圖所示，粗糙的固定水平桿上有三點，輕質(zhì)彈簧一端固定在點正下方的點，另一端與套在桿點、質(zhì)量為的圓環(huán)相連，此時彈簧處于拉伸狀態(tài)。圓環(huán)從處由靜止釋放，向右運動經(jīng)過點時速度為、加速度為零，到達(dá)點時速度為零，下列說法正確的是A從到過程中，圓環(huán)在點速度最大B從到過程中，圓環(huán)的加速度先減小后增大C從到過程中，

5、彈簧對圓環(huán)做的功一定大于D從到過程中，圓環(huán)克服摩擦力做功等于二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,剛性板放在豎直墻壁和擋板K之間,豎直墻壁和水平面光滑,物體P、Q靜止疊放在板上,此時物體P的上表面水平。若將K往右緩慢移動一小段距離后固定,整個裝置在新的位置仍保持靜止,與原來的相比( ) A板對P的作用力不變BP對板的壓力變小CP對Q的支持力減小D水平地面受到的彈力變小8、如圖所示，建設(shè)房屋時，保持底邊L不變，要設(shè)計好屋頂?shù)膬A角，以便下雨時落在房頂?shù)挠甑文鼙M快地

6、滑離屋頂，雨滴下滑時可視為小球做無初速度、無摩擦的運動下列說法正確的是A傾角越大，雨滴對屋頂壓力越大B傾角越大，雨滴下滑時的加速度越大C傾角越大，雨滴從頂端O下滑至屋檐M時的時間越短D傾角越大，雨滴從頂端O下滑至屋檐M時的速度越大9、如圖所示，光滑水平面OB與足夠長粗糙斜面BC交于B點輕彈簧左端固定于豎直墻面，用質(zhì)量為m1的滑塊壓縮彈簧至D點，然后由靜止釋放滑塊，滑塊脫離彈簧后經(jīng)B點滑上斜面，上升到最大高度，并靜止在斜面上換用相同材料、質(zhì)量為m2的滑塊(m2m1)壓縮彈簧至同一點D后，重復(fù)上述過程不計滑塊經(jīng)過B點時的機(jī)械能損失，下列說法正確的是( )A兩滑塊到達(dá)B點的速度相同B兩滑塊沿斜面上升

7、過程中的加速度相同C兩滑塊上升到最高點的過程中克服重力做的功相同D兩滑塊上升到最高點的過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量相同10、如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面夾角為，在傳送帶上某位置輕輕放置一小木塊，小木塊與傳送帶間動摩擦因素為，小木塊速度隨時間變化關(guān)系如圖所示，若、g、v0、t0已知，則下列說法中正確的是A傳送帶一定逆時針轉(zhuǎn)動BC傳送帶的速度大于v0D后一段時間內(nèi)滑塊加速度為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用如圖甲所示的實驗裝置，探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗中，將一端帶定滑輪的長木板放在水平實驗桌面上，實驗小車通過輕細(xì)繩跨過定滑輪

8、與砂桶相連，小車與紙帶相連，打點計時器所用交流電的頻率為f50 Hz.平衡摩擦力后，在保持實驗小車質(zhì)量不變的情況下，放開砂桶，小車加速運動，處理紙帶得到小車運動的加速度為；改變砂桶中沙子的質(zhì)量，重復(fù)實驗三次（1）在驗證“質(zhì)量一定，加速度與合外力的關(guān)系”時，某學(xué)生根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了如圖乙所示的圖象，其中圖線不過原點并在末端發(fā)生了彎曲現(xiàn)象，產(chǎn)生這兩種現(xiàn)象的原因可能有_A木板右端墊起的高度過小（即平衡摩擦力不足）B木板右端墊起的高度過大（即平衡摩擦力過度）C砂桶和沙子的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量（即）D砂桶和沙子的總質(zhì)量未遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量（2）實驗過程中打出的一條理想紙帶如圖丙所示，圖中

9、、為相鄰的計數(shù)點，相鄰兩計數(shù)點間還有4個點未畫出，則小車運動的加速度_.（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（3）小車質(zhì)量一定，改變砂桶中沙子的質(zhì)量，砂桶和沙子的總質(zhì)量為，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)描繪出的小車加速度與砂桶和沙子的總質(zhì)量之間的關(guān)系圖象如圖丁所示，則小車的質(zhì)量_.（g=10m/s2）12（12分）物理小組在一次驗證機(jī)械能守恒定律的實驗中,實驗裝置如圖甲所示,氣墊導(dǎo)軌放置在水平桌面上,一端裝有光滑的定滑輪;導(dǎo)軌上有一滑塊,其一端與穿過電磁打點計時器的紙帶相連,另一端通過跨過定滑輪的細(xì)線與托盤連接.打點計時器使用的交流電源的頻率為f.開始實驗時,在托盤中放入適量砝碼,先接通電源,再松手后滑塊開始做勻加速運動,

10、在紙帶上打出一系列點.(1)本實驗存在一個重大的失誤,該失誤是:_ (2)圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶的一部分:0、1、2、3、4、5、6、7是計數(shù)點,每相鄰兩計數(shù)點間還有9個計時點未標(biāo)出,計數(shù)點間的距離如圖所示.根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計算的加速度a=_(用、f表示)(3)為了驗證機(jī)械能守恒定律,下列物理量中還應(yīng)測量的是_A導(dǎo)軌的長度L B砝碼的質(zhì)量m1 C滑塊的質(zhì)量m2 D托盤和砝碼的總質(zhì)量m3(4)如果乙圖中、是實驗改進(jìn)后測得的數(shù)據(jù),請寫出計數(shù)點3到計數(shù)點4的過程中要驗證的機(jī)械能守恒守律的表達(dá)式_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和

11、演算步驟。13（10分）如圖，小球a、b用等長細(xì)線懸掛于同一固定點O讓球a靜止下垂，將球b向右拉起，使細(xì)線水平從靜止釋放球b，兩球碰后粘在一起向左擺動，此后細(xì)線與豎直方向之間的最大偏角為60忽略空氣阻力，求(1)兩球a、b的質(zhì)量之比；(2)兩球在碰撞過程中損失的機(jī)械能與球b在碰前的最大動能之比14（16分）如圖所示，水平面上放著一塊質(zhì)量為薄木板（厚度忽略不計），長為，木板處于靜止?fàn)顟B(tài)。質(zhì)量為的小物塊可視為質(zhì)點放在木板的最右端。已知物塊與木板間的動摩擦因數(shù)，物塊與地面、木板與地面的動摩擦因數(shù)均為?？烧J(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力?，F(xiàn)對木板施加一個水平向右的恒力F（g?。Ｈ粢鼓景彘_始運動，且物

12、塊相對木板不滑動，則求F的取值范圍。若，求物塊即將滑離木板時的速度大小。若，物塊靜止時離木板右端距離。15（12分）如圖所示，光滑絕緣水平桌面上的A、B、C三點是等腰直角三角形的三個頂點，AD為三角形的高，BAC90，BC0.8m，空間存在方向與BC平行的勻強電場。將質(zhì)量為m=1.010-3Kg、電荷量為q=-8.010-6C的小球由A點移到B點，電勢能增加q=6.410-4J。求：（1）勻強電場的場強大??；（2）A、B兩點間的電勢差UAB；（3）將電荷從B處靜止釋放，運動到C處時的動能。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要

13、求的。1、D【解析】水平面光滑，對物塊A和B整體受力分析有解得對B受力分析有，聯(lián)立上式解得水平面粗糙，對A和B整體受力分析有解得對B受力分析有聯(lián)立上式解得A. 與分析不符，不符合題意B. 與分析不符，不符合題意C. 與分析不符合，不符合題意D. 與分析符合，符合題意2、D【解析】導(dǎo)軌傾斜時圓柱體剛好勻速下滑，把重力分解到沿導(dǎo)軌方向和垂直導(dǎo)軌方向，有：兩支持力的合力與重力壓斜面的分力平衡，有：聯(lián)立可得：當(dāng)導(dǎo)軌水平放置，用水平力F拉動做勻速直線運動，兩支持力的合力在豎直方向平衡，有：聯(lián)立可得：故選D.3、C【解析】試題分析:圖像是位移時間圖像，圖像的斜率表示物體的速度，由圖像可知，甲和乙都在做勻速

14、直線運動，所以A錯誤；經(jīng)過2.5s兩者位移相同，速度方向相反，所以B錯誤；甲的出發(fā)點的位移為零，乙在5s時位移也是零，所以C正確；由圖像可以看出，甲的速度方向為正方向，乙的速度方向為負(fù)方向，所以D錯誤。考點：本題考查了位移-時間圖像。4、A【解析】當(dāng)輕質(zhì)條狀物為繩子，恰好過過最高點的臨界條件時：只有重力提供向心力；當(dāng)輕質(zhì)條狀物為桿時，恰好過過最高點的臨界條件是速度為零，然后根據(jù)機(jī)械能守恒和牛頓第二定律即可分析；【詳解】A、當(dāng)輕質(zhì)條狀物為繩子，恰好過過最高點的臨界條件是：只有重力提供向心力，即為：mg=v2L設(shè)最低點速度為v，由機(jī)械能守恒定律得：2mgL=12mv2-12mv2聯(lián)立解得：v=5g

15、L；因為繩子不可以通過轉(zhuǎn)軸控制，所以小球不可能做勻速圓周運動，故A正確，C錯誤；B、當(dāng)輕質(zhì)條狀物為桿時，恰好過過最高點的時速度為零，設(shè)最低點速度為v，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：2mgL=12mv2,解得：v=2gL,可以控制轉(zhuǎn)軸O的轉(zhuǎn)動，讓小球做勻速圓周運動，故BD錯誤；【點睛】本題考查豎直面內(nèi)圓周運動兩種模型，關(guān)鍵是要掌握兩種模型能做完整圓周運動的最高點的臨界條件，繩模型是在最高點只有重力提供向心力，桿模型是到最高點速度恰好為零。5、D【解析】光的波動性與機(jī)械波、光的粒子性與質(zhì)點有本質(zhì)區(qū)別，故A錯誤；光子實質(zhì)上是以場的形式存在的一種“粒子”，而電子、質(zhì)子是實物粒子，故B錯誤；光是一種概率波，大量

16、光子往往表現(xiàn)出波動性，少量光子則往往表現(xiàn)出粒子性，故C錯誤；頻率越高的光的粒子性越強，頻率越低的光的波動性越顯著，故D正確故D正確，ABC錯誤6、C【解析】AB圓環(huán)由A點釋放，此時彈簧處于拉伸狀態(tài)，則圓環(huán)加速運動，設(shè)AB之間的D位置為彈簧的原長，則A到D的過程中，彈簧彈力減小，圓環(huán)的加速度逐漸減小，D到B的過程中，彈簧處于壓縮狀態(tài)，則彈簧彈力增大，圓環(huán)的加速度先增大后減小，B點時，圓環(huán)合力為零，豎直向上的彈力等于重力，從B到C的過程中，圓環(huán)可能做減速運動，無論是否存在彈簧原長的位置，圓環(huán)的加速度始終增大，也可能先做加速后做減速運動，加速度先減小后增大，故B點的速度不一定最大，從A到C過程中，圓

17、環(huán)的加速度不是先減小后增大，故AB錯誤；C從A到B過程中，彈簧對圓環(huán)做的功、摩擦力做負(fù)功，根據(jù)功能關(guān)系可知，彈簧對圓環(huán)做功一定大于，故C正確；D從B到C過程中，彈簧彈力做功，圓環(huán)克服摩擦力做功，根據(jù)功能關(guān)系可知，圓環(huán)克服摩擦力做功不等于，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】AB設(shè)板與水平地面的夾角為，以PQ整體為研究對象，分析受力情況如圖1：總重力、板的支持力和摩擦力，板對P的作用力是支持力和摩擦力的合力.由平衡條件分析可以知道板對P的作

18、用力大小與總重力大小平衡，保持不變.又因為：減小，增大.故A正確、B錯誤.C以Q為研究對象，Q原來不受摩擦力，當(dāng)將K往右緩慢移動一小段距離后，Q受力情況如圖2，Q受到摩擦力，則Q受到的摩擦力將增大.支持力：原來支持力等于重力,故支持力減小了；所以C正確.D以板、P、Q整體為研究對象，受力情況如圖3，則有水平地面的彈力，則水平地面受到的彈力將保持不變.故D錯誤.8、BD【解析】雨滴從房頂下滑時做初速度為零的勻加速直線運動，該物理模型和物塊從斜面頂端沿斜面下滑一樣，然后根據(jù)牛頓第二定律和勻變速直線運動規(guī)律列式，分析運動時間、速度與傾角的關(guān)系【詳解】屋檐的傾角為，底邊為L，設(shè)屋頂?shù)钠旅骈L度為s，雨滴

19、下滑時加速度為a對水滴做受力分析，只受重力mg和屋頂對水滴的支持力N，垂直于屋頂方向：；平行于屋頂方向：；可知，傾角越大，N越小，則由牛頓第三定律知雨滴對屋頂?shù)膲毫Γ海詢A角越大，雨滴對屋頂壓力越小，故A錯誤；雨滴下滑的加速度為：，則傾角越大，雨滴下滑時的加速度越大，故B正確；設(shè)從O到M的時間為t，水滴的運動位移為：，由位移時間公式得：，則：，故當(dāng)時，用時最短，故C錯誤；雨滴從頂端O下滑至屋檐M時的速度為：，知傾角越大，雨滴從頂端O下滑至屋檐M時的速度越大，故D正確故選BD9、BCD【解析】A、兩次實驗，彈簧壓縮形變是相同的，所以彈性勢能相等，兩滑塊到達(dá)B點的動能是相等的，又m2m1，所以v

20、1v2，兩滑塊到達(dá)B點的速度不相同，A錯誤B、根據(jù)牛頓運動定律可得，沿斜面上升時，物體收到重力、支持力、摩擦力，將重力垂直斜面和平行斜面分解，可得，兩滑塊材料相同，B正確C、設(shè)初始彈簧壓縮了x，滑塊沿斜面運動的距離為s，根據(jù)能量守恒可知，所以，C正確D、滑塊上升到最高點的過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量，D正確10、AD【解析】A.若傳送帶順時針轉(zhuǎn)動，當(dāng)滑塊下滑時若有，所以滑塊將一直勻加速到底端；當(dāng)滑塊上滑時若有，則滑塊先勻加速運動，在速度相等后將勻速運動，兩種均不符合運動圖象；故傳送帶是逆時針轉(zhuǎn)動，故A正確；B.滑塊在內(nèi)，滑動摩擦力向下做勻加速下滑，根據(jù)牛頓第二定律有：由圖可知聯(lián)立解得：故B錯誤；C.

21、只有當(dāng)滑塊的速度等于傳送帶的速度時，滑塊所受的摩擦力變成斜向上，傳送帶的速度才為，故C錯誤；D.共速后的加速度代入值得故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BD 2.00 0.4 【解析】(1)圖線不過原點且力為零時小車加速度不為零；所以木板右端墊起的高度過大（即平衡摩擦力過度）圖線末端發(fā)生了彎曲現(xiàn)象，是因為當(dāng)砂桶和沙子的總質(zhì)量未遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量后，繩上拉力小于砂桶和沙子的總重力故答案為BD(2) 相鄰兩計數(shù)點間還有4個點未畫出，則兩計數(shù)點間時間間隔小車運動的加速度 (3) 設(shè)繩子拉力為，對砂桶和沙子受力分析，由牛頓第二定

22、律可得：對小車和砝碼受力分析，由牛頓第二定律可得：聯(lián)立解得：，整理得：由關(guān)系圖象可得：，解得：12、（1）末驗證氣墊導(dǎo)軌是否水平； （2）； （3）CD； （4） 【解析】（1）在本實驗中應(yīng)首先驗證導(dǎo)軌是否水平，而本題中沒有進(jìn)行驗證；（2）由于題目中只給出了三組數(shù)據(jù)，故可采用其中任兩組，本題中采用s1和s3；則有：s3-s1=2aT2；因中間有10個間距，故；則有： ；（3）根據(jù)實驗原理可知，本實驗中砝碼和托盤的重力勢能減小量等于總的動能的增加量；故應(yīng)測量滑塊的質(zhì)量m2和托盤和砝碼的總質(zhì)量m3；故選CD.（4）分別求出3、4兩點的速度；物體下降的高度為s2；則由機(jī)械能守恒定律可知；四、計算題：

23、本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) 【解析】試題分析：（1）b球下擺過程中，只有重力做功，由動能定理可以求出碰前b球的速度；碰撞過程中動量守恒，由動量守恒定律列方程，兩球向左擺動過程中，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律或動能定理列方程，解方程組可以求出兩球質(zhì)量之比（2）求出碰撞過程中機(jī)械能的損失，求出碰前b求的動能，然后求出能量之比（1）b球下擺過程中，由動能定理得：碰撞過程動量守恒，由動量守恒定律可得：，兩球向左擺動過程中，由機(jī)械能守恒定律得：解得：（2）兩球碰撞過程中損失是機(jī)械能：，碰前b球的最大動能，14、（1）3NF9N；（2）2m/s；（3）18m【解析】（1）根據(jù)木板受到地面的最大靜摩擦力求出F的最小值，根據(jù)牛頓第二定律求出m不發(fā)生相對滑動的最大加速度，對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出最大拉力，從而得出