1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，光滑水平面上停著一輛小車，小車的固定支架左端用不計質量的細線系一個小鐵球。開始將小鐵球提起到圖示位置，然后無初速釋放，之后不會與車上的支架碰撞。在小鐵球來回擺動的過程中，下列說法中正確的是A小球擺到最低點時，小車的速度最大B小車和小球系統(tǒng)動量守恒C小球擺到右方最高點時刻，小車有向右的速度D小球向右擺動過程小車一直向左加速運動2、我們生活中的許多實際現象如果要用物理規(guī)律嚴格地進行求解往往會很復雜，甚至可能無法求解，而有些問題用量綱分析法就簡便得多比如，鳥能夠飛起來

3、的必要條件是空氣對鳥的升力大于鳥的重力，設鳥的升力為f，它與鳥的翅膀面積S和飛行速度v有關，另外鳥是在空氣中飛行的，因而可能與空氣的密度有關，人們猜測f與這些有關因素之間的關系式為：f=CSavbc，其中C為無量綱的常數根據量綱分析的方法，你認為該公式中的a、b、c應分別為Aa=1,b=1, c=1Ba=1, b=2, c=1Ca=1,b=2, c=2Da=2, b=2, c=23、如圖所示，某同學用一個小球在O點對準前方的一塊豎直放置的擋板，O與A在同一高度，小球的水平初速度分別是，不計空氣阻力。打在擋板上的位置分別是B、C、D，且。則之間的正確關系是（ ）ABCD4、質量相同的甲、乙兩車同

4、時從同一地點沿同一直線運動，它們的運動速度隨時間變化的t圖象如圖所示關于兩車的運動情況，下列說法正確的是（ ）A在0t0內，乙車一直在做加速度減小的加速運動B在t=t0時，甲乙兩車恰好相遇C在t=2t0時刻，甲乙兩車相距最遠D在02t0內，甲車的平均速度大小為v05、如圖所示，一個小球（視為質點）從H=18m高處，由靜止開始通過光滑弧形軌道AB，進入半徑R=6m的豎直圓環(huán)，且與圓環(huán)間動摩擦因數處處相等，當到達環(huán)頂C時，剛好對軌道壓力為零；沿CB圓弧滑下后，進入光滑弧形軌道BD，且到達高度為h的D點時的速度為零，g=10m/s2，所有高度均相對B點而言，則h值可能為（ ） A10mB11mC12

5、mD13m6、某車以相同的功率在兩種不同的水平路面上行駛，受到的阻力分別為車重的k1和k2倍，最大速率分別為v1和v2，則()Av2k1v1Bv2v1Cv2v1Dv2k2v1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，勁度系數為k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質量為m的物體接觸（未連接），彈簧水平且無形變用水平力F緩慢推動物體，在彈性限度內彈簧長度被壓縮了x1，此時物體靜止撤去F后，物體開始向左運動，運動的最大距離為4x1物體與水平面間的動摩擦因數為

6、，重力加速度為g則（）A撤去F后，物體先做勻加速運動，再做勻減速運動B撤去F后，物體剛運動時的加速度大小為C彈簧被壓縮了x1時具有的彈性勢能為3mgx1D物體開始向左運動到速度最大的過程中克服摩擦力做的功為mg（x1）8、如圖甲所示，木塊放在水平桌面上，給木塊施加一隨時間t增大的水平力F=kt(k是常數)，摩擦力傳感器描繪出木塊受到的摩擦力Ff隨著時間t變化的圖線如圖乙所示。下列說法正確的是（ ）A木塊在t2時刻開始運動B木塊在t2時刻以后做勻速直線運動C滑動摩擦力的大小等于Ff 1D最大靜摩擦力的大小等于Ff 29、傾角為的三角形斜面體固定在水平面上，在斜面體的底端附近固定一擋板，一質量不計

7、的的彈簧下端固定在擋板上，其自然長度時彈簧的上端位于斜面體上的O點質量分別為4m、m的物塊甲和乙用一質量不計的細繩連接，且跨過固定在斜面體頂端的光滑定滑輪，如圖所示開始物塊甲位于斜面體上的M處，且MO=L，滑塊乙開始距離水平面中足夠高，現將物塊甲和乙由靜止釋放，物塊甲沿斜面下滑，當滑塊將彈簧壓縮到N點時，滑塊的速度減為零，已知物塊甲與斜面體之間的動摩擦因數為，重力加速度取，忽略空氣的阻力，整個過程細繩始終沒有松弛且乙未碰到滑輪，則下列說法正確的是（ ）A物塊由靜止釋放到斜面體上N點的過程，物塊甲先勻加速直線運動緊接著勻減速直線運動到速度減為零B物塊甲在與彈簧接觸前的加速度大小為C物塊甲位于N點

8、時，彈簧所儲存的彈性勢能的最大值為D物塊甲位于N點時，彈簧所儲存的彈性勢能的最大值為10、靜止在粗糙水平地面上的物塊(視為質點)在水平拉力作用下向右運動，經過一段時間后撤去拉力。物體在整個運動過程中的速度的二次方隨位移的變化規(guī)律如圖所示。已知物塊的質量為1kg，取g10m/s1下列說法正確的是 ( )A拉力作用的時間為3sB物塊運動過程的平均速度大小為9m/sC物塊與地面間的動摩擦因數為0.6D拉力做的功為36J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用如圖甲所示的裝置驗證機械能守恒定律，已知打點計時器打點頻率f=50Hz.(1)對于

9、該實驗，下列操作中對減小實驗誤差有利的是_(填選項前的字母)A.重物選用質量和密度較大的金屬錘B.兩限位孔在同一豎直面內上下對正C.精確測量出重物的質量D.用手托穩(wěn)重物，先釋放重物,后接通電源(2)實驗中得到的一條紙帶如圖乙所示，打下的第一個點標記為O，選擇點跡清晰且便于測量的連續(xù)5個點，標為A、B、C、D、E，測出A、C、E到O點的距離分別為d1=9.51 cm、d2=15.71 cm、d3=23.47 cm.重物質量為0.5 kg，當地重力加速度g=9.80 m/s2.現選取重物在OC段的運動進行數據處理，則OC段重力勢能減少量為_J，動能增加量為_J.(計算結果均保留兩位有效數字)，(3

10、)實驗結果往往是重力勢能的減少量略大于動能的增加量，關于這個誤差，下列說法正確的是_(填選項前的字母)A.該誤差屬于偶然誤差B.該誤差屬于系統(tǒng)誤差C.可以通過多次測量取平均值的方法來減小該誤差D.可以通過減小空氣阻力和摩擦阻力的影響來減小該誤差12（12分）如圖所示，為“驗證碰撞中的動量守恒”的實驗裝置示意圖已知a、b小球的質量分別為ma、mb，半徑相同，圖中P點為單獨釋放a球的平均落點，M、N是a、b小球碰撞后落點的平均位置.(1)本實驗必須滿足的條件是_.A斜槽軌道必須是光滑的B斜槽軌道末端的切線水平C入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速度釋放D入射球與被碰球滿足ma=mb(2)為了驗證

11、動量守恒定律，需要測量OP間的距離x1、OM間的距離x2和_.(3)為了驗證動量守恒，需驗證的關系式是_.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖（a）所示，一可視為質點的物塊在t=0時刻以v0=8ms 的速度大小滑上一固定斜面，斜面足夠長，斜面的傾角=300，物塊與斜面間的動摩擦因數=35 。經過一段時間后物塊返回斜面底端，取重力加速度g=10ms2。求：(1) 物塊向上和向下滑動過程中，物塊的加速度大??；(2) 物塊從斜面底端出發(fā)到再次返回斜面底端所用的總時間；(3) 求出物塊再次返回斜面底端的速度大小

12、，并在圖（b）中畫出物塊在斜面上運動的整個過程中的速度時間圖像，取沿斜面向上為正方向。14（16分）一個小球從高空中自由下落，不計空氣阻力，如果小球經過10s時間剛好落到地面，取g=10m/s2，求：(1)小球剛下落時距離地面的高度 (2)小球落地時的速度(3)此過程小球的平均速度15（12分）民用航空器在空中飛行時是非常害怕鳥群的，盡管后者體積小、重量輕，但因為航空器的速度一般都相當高，二者相撞時產生的沖擊力和破壞力往往是難以想象的據航空媒體報道，當地時間9月24日，非洲國家蘇丹航空公司的一架波音客機，在執(zhí)飛航班，由前往時不幸遭遇鳥擊從現場圖版看，飛機受損嚴重，機鼻整流罩被大面積擊穿，形成一

13、個大洞，內部也有明顯損傷而那只可憐的小鳥也被撞得尸骨粉碎，羽毛和血內糊滿撞擊部位不過幸運的是，事發(fā)后飛行員覺著應對，駕駛飛機安全降落，沒有造成更大損失設自設相關必須數據，建立合理模型，估算此次飛鳥撞擊飛機作用力的大小解答中請說明所設各量的物理意思參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】由于水平面光滑，球、車系統(tǒng)水平方向動量守恒，但豎直方向動量不守恒，系統(tǒng)機械能守恒，小球擺過程中機械能不守恒。【詳解】小車與小球組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，小球在最低點，小球的水平速度最大，小車速度最大，小球從圖示位置下擺到最低

14、點，小車受力向左加速運動，當小球到最低點時，小車速度最大。當小球從最低點向右邊運動時，小車向左減速，當小球運動到與左邊圖示位置相對稱的位置時，小車靜止。故小球向右擺動過程小車先向左加速運動，后向左減速運動，故A正確，CD錯誤；小車與小球組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，在豎直方向動量不守恒，系統(tǒng)整體動量不守恒，故B錯誤。所以A正確，BCD錯誤。【點睛】本題主要考查了動量守恒、機械能守恒條件的判斷，要求同學們能正確分析小球和小車的運動情況，知道水平方向的動量守恒定律。2、B【解析】A、面積S的單位是m2，速度v的單位是m/s，密度的單位是kg/m3，力f的單位是N，即kgm/s2，把a=1,b=1,

15、 c=1代入鳥的升力f=CSavbc=C m2=C，這不是力的單位，故A錯誤B、同理把a=1, b=2, c=1代入f=CSavbc=C m2=Ckgm/s2，這是力的單位，故B正確C、把a=1,b=2, c=2代入f=CSavbc=C m2=C，這不是力的單位，故C錯誤D、把a=2, b=2, c=2代入f=CSavbc=Cm4=C，這不是力的單位，故D錯誤故選B3、C【解析】考查平拋運動。【詳解】三個小球做平拋運動，水平位移相同，由：可得：，豎直方向有：解得：所以：C正確，ABD錯誤。故選C。4、D【解析】A、在0t0內，乙車先做加速度減小的減速運動，然后反向做加速度減少的加速運動，故A錯

16、誤B、在t=t0時，甲乙兩車速度相等，兩車距離最遠，故B、C錯誤D、在02t0內，甲車做勻減速運動，甲車的平均速度就等于這段時間中間時刻的瞬時速度v0，故D正確故選D5、D【解析】小球到達環(huán)頂C時，剛好對軌道壓力為零，所以在C點，重力充當向心力，由牛頓第二定律得：.已知圓環(huán)半徑R=6m，小球在C點動能：，以B所在平面為零勢能面，在C點，小球重力勢能EP=2mgR=12mg，小球從靜止開始運動到到達C點過程中由動能定理得：，解得Wf=-3mg，小球在C點時的機械能：E=EK+EP=15mg.由于克服摩擦力做功，機械能減少，小球到達底端時的機械能小于15mg；小球從C點下滑過程中克服摩擦力做功，機

17、械能減少，到達軌道同一高度處的速度比上升時的速度小，小球對軌道壓力變小，摩擦力變小，小球下滑時，克服摩擦力做功小于3mg，故小球到達底端時的機械能大于15mg-3mg=12mg，小球進入光滑弧形軌道BD時，小球機械能的范圍為，12mgE15mg，小球到達最高點時的機械能E=mgh，則12mh15m，故A，B，C錯誤，D正確.故選D.【點睛】本題解題的關鍵是對小球運動過程的分析，知道小球在兩個半圓上的摩擦力做功不等.6、B【解析】解：設汽車的功率為P，質量為m，則有：P=K1mgV1=K2mgV2，所以v2=v1故選：B【點評】解決本題的關鍵知道以額定功率行駛，汽車做加速度逐漸減小的加速運動，當

18、牽引力等于阻力時，速度達到最大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A.撤去力F后，物體受四個力作用，豎直方向上重力和地面支持力是一對平衡力，水平方向受向左的彈簧彈力和向右的摩擦力，合力F合=F彈f，根據牛頓第二定律物體產生的加速度：撤去F后，物體水平方向上受到彈簧的彈力和滑動摩擦力，滑動摩擦力不變，而彈簧的彈力隨著壓縮量的減小而減小，彈力先大于滑動摩擦力，后小于滑動摩擦力，則物體向左先做加速運動后做減速運動，隨著彈力的減小，合外力先減小后增大，則加速度先減

19、小后增大，故物體先做變加速運動，再做變減速運動，最后物體離開彈簧后做勻減速運動；故A錯誤；B. 撤去F后，物體剛運動時的加速度大小為：，故B正確； C. 從撤去力開始到物體停止的過程中，彈簧的彈力和地面的摩擦力對物體做功，由于初速度、末速度都是1，該過程中彈簧的彈性勢能轉化為內能，所以撤去F時，彈簧的彈性勢能為：EP=Wf=4mgx1，故C錯誤；D. 由上分析可知，當彈簧的彈力與滑動摩擦力大小相等、方向相反時，速度最大，此時彈簧的壓縮量為，則物體開始向左運動到速度最大的過程中克服摩擦力做的功為：，故D正確8、ACD【解析】AB：由圖知：t2時刻木塊受的摩擦為最大靜摩擦，水平力F=kt，木塊在t

20、2時刻開始運動，以后拉力大于滑動摩擦力，t2時刻以后做變加速直線運動；故A正確、B錯誤。C：木塊在t2時刻開始運動，t2時刻以后物體受滑動摩擦力，則滑動摩擦力的大小等于Ff 1；故C正確。D：t2時刻木塊受的摩擦為最大靜摩擦，最大靜摩擦力的大小等于Ff 2；故D正確。點睛：根據圖象推出對應的運動情景，再將情景與圖象對應分析。9、BD【解析】A、釋放甲、乙后，物塊甲沿斜面加速下滑，當與彈簧接觸時，開始壓縮彈簧，彈簧產生沿斜面向上的彈力，但此時彈力小于物塊甲沿斜面向下的作用力，故物塊甲做加速度減小的加速運動，當把彈簧壓縮到某一位置時，物塊甲沿斜面受力平衡，速度達到最大，之后彈力大于物塊甲沿斜面向下

21、的作用力，物塊甲做減速運動，A錯誤；B、物塊甲沿斜面租受自身重力沿斜面分力、物塊乙對其沿斜面的拉力mg和斜面體對物塊甲的摩擦力，根據牛頓第二定律，沿斜面方向則有：，解得正確；C、D、以物塊甲和乙為研究對象，從M點運動取N點，在N點彈簧壓縮最短，彈性勢能達最大，物塊甲和乙從M點運動到N點，由動能定理，得，解得，由彈力做的功等于彈性勢能的變化，即錯誤，D正確故選BD.【點睛】解決本題有兩個關鍵：一是正確分析物塊的受力情況，判斷其運動情況二是明確能量是如何轉化的，運用牛頓第二定律和能量守恒定律進行解答10、AC【解析】A.根據圖像可知，加速階段的末速度為6m/s，加速位移為9m，根據平均速度公式可知

22、 ，加速時間即拉力作用時間故A正確。B.物塊開始做初速度為零的勻加速，然后做末速度為零的勻減速，所以平均速度相同，均為最大速度的一半，即3m/s，故B錯誤。C.根據減速階段有 ，且 ，代入數據解得： ，故C正確。D.全程根據動能定理可知解得拉力做功 ，故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AB 0.77J 0.76J BD 【解析】（1）實驗供選擇的重物應該相對質量較大、體積較小的物體，這樣能減少摩擦阻力的影響，從而減小實驗誤差，故A正確；為了減小紙帶與限位孔之間的摩擦圖甲中兩限位孔必須在同一豎直線，這樣可以減小紙帶與限位孔的摩

23、擦，從而減小實驗誤差，故B正確；因為我們是比較mgh、mv2的大小關系，故m可約去，不需要測量重錘的質量，對減小實驗誤差沒有影響，故C錯誤；實驗時，先接通打點計時器電源再放手松開紙帶，對減小實驗誤差沒有影響，故D錯誤所以AB正確，CD錯誤（2）由題意可得物體由O到C的過程中，重物高度下降了：d2=15.71cm，故重力勢能的減小量：EP=mgh=0.59.80.1571J0.77J；C點速度為：，動能增加量（3）實驗結果往往是重力勢能的減少量略大于動能的增加量，這個誤差是系統(tǒng)誤差，無法避免，可以通過減小空氣阻力和摩擦阻力的影響來減小該誤差，故BD正確，AC錯誤12、BC ON間的距離x3 (或) 【解析】第一空.A.“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；B.要保證每次