1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1 答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。3請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，帶箭頭的實(shí)線(xiàn)表示電場(chǎng)線(xiàn)，、兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度分別為、，電勢(shì)分別為、 下列判斷中正確的

2、是A，B，C，D，2、2018年9月19日，我國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭，以“一箭雙星”成功發(fā)射北斗三號(hào)系統(tǒng)第13、14顆組網(wǎng)衛(wèi)星，預(yù)計(jì)到2020年將全部完成發(fā)射35顆衛(wèi)星，其中有5顆是靜止軌道衛(wèi)星（地球同步衛(wèi)星，離地約36000公里），其它30顆為中軌道衛(wèi)星（離地高度約21500公里），則下列說(shuō)法正確的是（ ）A中軌道衛(wèi)星比靜止軌道衛(wèi)星角速度更小B中軌道衛(wèi)星比靜止軌道衛(wèi)星受地球引力一定更小C靜止軌道衛(wèi)星相對(duì)地球靜止，可以定位溫州正上空D中軌道衛(wèi)星的發(fā)射速度一定大于第一宇宙速度3、如圖所示，光滑絕緣半球形的碗固定在水平地面上，可視為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球1、2的電荷分別為Q1、Q2，其中

3、小球1固定在碗底A點(diǎn)，小球2可以自由運(yùn)動(dòng)，平衡時(shí)小球2位于碗內(nèi)的B位置處，如圖所示現(xiàn)在改變小球2的帶電量，把它放置在圖中C位置時(shí)也恰好能平衡，已知AB弦是AC弦的兩倍，則（）A小球在C位置時(shí)的電量是B位置時(shí)電量的一半B小球在C位置時(shí)的電量是B位置時(shí)電量的四分之一C小球2在B點(diǎn)對(duì)碗的壓力大小等于小球2在C點(diǎn)時(shí)對(duì)碗的壓力大小D小球2在B點(diǎn)對(duì)碗的壓力大小大于小球2在C點(diǎn)時(shí)對(duì)碗的壓力大小4、在如圖所示電路中，開(kāi)關(guān)S1、S2、S3、S4均閉合，C是極板水平放置的平行板電容器，板間懸浮著一油滴P，斷開(kāi)哪個(gè)開(kāi)關(guān)后P會(huì)向下運(yùn)動(dòng)AS1BS2CS3DS45、在10s內(nèi)通過(guò)電解槽某一橫截面向右遷移的正離子所帶的電量

4、為2C，向左遷移的負(fù)離子所帶電量為3C，那么電解槽中電流強(qiáng)度大小為 （ ）A0.5AB0.2AC0.3AD0.1A6、下列做法中，能使兩個(gè)點(diǎn)電荷間的庫(kù)侖力大小變?yōu)樵瓉?lái)一半的是：（ ）A不改變電荷間的距離，使每個(gè)電荷的電荷量都變?yōu)樵瓉?lái)的一半B不改變兩電荷的電荷量，使電荷間的距離變?yōu)樵瓉?lái)的2倍C使一個(gè)電荷的電荷量加倍，同時(shí)使兩電荷間的距離加倍D使兩個(gè)電荷的電荷量和兩電荷間的距離都增大到原來(lái)的2倍二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、兩個(gè)相同的金屬小球，帶電荷量之比為17，相

5、距為r，兩者相互接觸后再放回原來(lái)的位置上，則它們間的庫(kù)侖力可能為原來(lái)的（）ABCD8、在真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷，要使它們間的庫(kù)侖力增大到原來(lái)的倍，下面方法中可行的是：A保持距離不變，兩個(gè)點(diǎn)電荷的電量都加倍；B只增大距離到原來(lái)的兩倍；C只減小距離到原來(lái)的一半；D電量和距離都增大到原來(lái)的兩倍9、在如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r開(kāi)關(guān)S1、S2、S3、S4均閉合，C是水平放置的平行板電容器，板間懸浮著一油滴P，下列哪些方法會(huì)使P向上運(yùn)動(dòng)A斷開(kāi)S2B適當(dāng)減小兩板之間的距離C斷開(kāi)S4并適當(dāng)減小兩板之間的距離D斷開(kāi)S4并適當(dāng)減小兩板之間的正對(duì)面積10、如圖所示是描述對(duì)給定的電容器充電時(shí)極板上帶電荷量Q

6、、極板間電壓U和電容C之間的關(guān)系圖象，其中正確的是（ ）ABCD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）利用兩個(gè)小球的碰撞驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。兩個(gè)小球大小相同，質(zhì)量不相等。主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：用天平測(cè)出兩個(gè)小球的質(zhì)量分別為m1和m2（）；將斜槽靠近桌子邊緣置于桌面上固定，使斜槽末端切線(xiàn)水平，在末端點(diǎn)掛上重垂線(xiàn)，在地面已經(jīng)鋪好的紙上記錄重垂線(xiàn)所指位置O點(diǎn)；不放置被碰小球b，讓小球a從某固定點(diǎn)自由滾下，重復(fù)多次后記錄落地點(diǎn)平均位置P；在斜槽末端放置小球b，讓小球a從同一點(diǎn)自由滾下，重復(fù)多次后記錄兩小球落地點(diǎn)平均位置M和N；用

7、米尺測(cè)量OP、OM、ON的距離。（1）a、b兩小球中質(zhì)量較大的是小球_（填“a”或b”）。（2）因?yàn)閮尚∏蜃銎綊佭\(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同，平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移與初速度_，所以在計(jì)算式中可以用水平位移取代初速度。（3）用測(cè)得的物理量來(lái)表示，只要滿(mǎn)足關(guān)系式_，則說(shuō)明碰撞中動(dòng)量是守恒的。12（12分）（1）如圖所示為某多用電表內(nèi)部簡(jiǎn)化電路圖，作電流表使用時(shí)，選擇開(kāi)關(guān)S應(yīng)接_(選填“1”“2”“3”“4”或“5”)量程較大 （2）某同學(xué)想通過(guò)多用表的歐姆擋測(cè)量量程為3 V的電壓表內(nèi)阻(如圖乙)，主要步驟如下： 把選擇開(kāi)關(guān)撥到“100”的歐姆擋上； 把兩表筆相接觸，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在電阻零刻度處； 把紅表

8、筆與待測(cè)電壓表_(選填“正”或“負(fù)”)接線(xiàn)柱相接，黑表筆與另一接線(xiàn)柱相連，發(fā)現(xiàn)這時(shí)指針偏轉(zhuǎn)角度很小； 換用_(選填“10”或“1 k”)歐姆擋重新調(diào)零后測(cè)量，發(fā)現(xiàn)這時(shí)指針偏轉(zhuǎn)適中，記下電阻數(shù)值； 把選擇開(kāi)關(guān)調(diào)至空擋或交流電壓最高擋后拔下表筆，把多用電表放回桌上原處，實(shí)驗(yàn)完畢（3） 實(shí)驗(yàn)中(如圖丙)某同學(xué)讀出歐姆表的讀數(shù)為_(kāi)，這時(shí)電壓表讀數(shù)為_(kāi)V.（4）請(qǐng)你計(jì)算歐姆表內(nèi)部電源電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)V(保留兩位有效數(shù)字)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖連接電路，閉合開(kāi)關(guān) S，電源向電容器充電，直到充電結(jié)束，請(qǐng)畫(huà)出充

9、電電流 i 隨時(shí)間 t 變化的圖像， 并說(shuō)出 i-t 圖像與 t 軸所圍的“面積”表示的物理意義，請(qǐng)畫(huà)出充電過(guò)程電容器的電壓 u 隨電容器帶電量q 變化的圖像，并說(shuō)出 u-q 圖像與 q 軸所圍的“面積”表示的物理意義14（16分）以10m /s 的速度在離水平地面5m 高處水平拋出一小球，不計(jì)空氣阻力，g 取 10 m /s2 ，求： 小球落地時(shí)的水平位移大??； 小球落地時(shí)的速度大小和方向15（12分）電動(dòng)玩具汽車(chē)的直流電動(dòng)機(jī)電阻一定，當(dāng)加上0.3 V電壓時(shí)，通過(guò)的電流為0.3 A，此時(shí)電動(dòng)機(jī)沒(méi)有轉(zhuǎn)動(dòng)當(dāng)加上3 V電壓時(shí)，電流為1 A，這時(shí)候電動(dòng)機(jī)正常工作求：(1)電動(dòng)機(jī)的電阻；(2)電動(dòng)機(jī)正

10、常工作時(shí)，產(chǎn)生的機(jī)械功率和發(fā)熱功率參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】由圖示可知，A處的電場(chǎng)線(xiàn)疏，B處的電場(chǎng)線(xiàn)密，因此A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小，B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大，即EAEB；沿著電場(chǎng)線(xiàn)的方向，電勢(shì)逐漸降低，結(jié)合圖示可知，AB，故A正確，BCD錯(cuò)誤2、D【解析】A、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力則有，解得，由于中軌道衛(wèi)星的軌道半徑比靜止軌道衛(wèi)星的軌道半徑小，所以中軌道衛(wèi)星比靜止軌道衛(wèi)星角速度更大，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、根據(jù)萬(wàn)有引力公式有，由于中軌道衛(wèi)星與靜止軌道衛(wèi)星的質(zhì)量未知，所以無(wú)法確定中軌道衛(wèi)星與靜止軌道衛(wèi)星受地球引力的大小，

11、故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C、同步軌道衛(wèi)星平面在赤道平面，故不可能定位溫州正上空，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是人造地球衛(wèi)星的最小的發(fā)射速度，所以中軌道衛(wèi)星的發(fā)射速度一定大于第一宇宙速度，故選項(xiàng)D正確3、C【解析】AB對(duì)小球2受力分析，如圖所示，小球2受重力、支持力、庫(kù)侖力，其中F1為庫(kù)侖力F和重力mg的合力，根據(jù)三力平衡原理可知，F(xiàn)1=FN由圖可知，OABBFF1設(shè)半球形碗的半徑為R，AB之間的距離為L(zhǎng)，根據(jù)三角形相似可知，即所以FN=mg 當(dāng)小球2處于C位置時(shí)，AC距離為，故，根據(jù)庫(kù)侖定律有：所以 ，即小球在C位置時(shí)的電量是B位置時(shí)電量的八分之一，故AB均錯(cuò)誤；CD由上面的式

12、可知FN=mg，即小球2在B點(diǎn)對(duì)碗的壓力大小等于小球2在C點(diǎn)時(shí)對(duì)碗的壓力大小，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。4、C【解析】四個(gè)開(kāi)關(guān)全部閉合時(shí)，電容器兩端的電壓等于兩端電壓，斷開(kāi)S1，電容器仍連在兩端，兩板間的電壓不變，場(chǎng)強(qiáng)不變，油滴所受的電場(chǎng)力不變，油滴仍處于平衡狀態(tài)，A錯(cuò)誤；斷開(kāi)S2，在電容器連在電源兩端，穩(wěn)定后其電壓等于電動(dòng)勢(shì)大小，故板間場(chǎng)強(qiáng)增大，油滴所受的電場(chǎng)力增大，油滴將向上運(yùn)動(dòng)與題意不符，故C錯(cuò)誤；斷開(kāi)S3，則電容器與電源斷開(kāi)連接，電容器通過(guò)電阻放電，板間場(chǎng)強(qiáng)逐漸減小，油滴所受的電場(chǎng)力減小，油滴將向下運(yùn)動(dòng)，B正確；斷開(kāi)S4，電容器的電量不變，板間場(chǎng)強(qiáng)不變，油滴仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，D錯(cuò)誤5、A

13、【解析】試題分析：根據(jù)電流強(qiáng)度的公式，A對(duì)，BCD錯(cuò)?？键c(diǎn)：本題考查電流強(qiáng)度的公式。點(diǎn)評(píng)：本題學(xué)生需要明確，在電解液中求電流強(qiáng)度時(shí)，電量要用正負(fù)電荷量的絕對(duì)值之和。6、C【解析】不改變電荷間的距離，使每個(gè)電荷的電量都變?yōu)樵瓉?lái)的一半，根據(jù)庫(kù)侖定律的公式：F=kq1q2r2，知，庫(kù)侖力變?yōu)樵瓉?lái)的14，故A錯(cuò)誤；不改變電荷的帶電量，使電荷間的距離變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，根據(jù)庫(kù)侖定律的公式：F=kq1q2r2，知，庫(kù)侖力變?yōu)樵瓉?lái)的14，故B錯(cuò)誤；使一個(gè)點(diǎn)電荷的帶電量加倍，同時(shí)使兩電荷間的距離加倍，根據(jù)庫(kù)侖定律的公式：F=kq1q2r2，知，庫(kù)侖力變?yōu)樵瓉?lái)的12，故C正確；使兩個(gè)電荷的帶電量和兩電荷間的距離都增

14、大到原來(lái)的兩倍，根據(jù)庫(kù)侖定律的公式：F=kq1q2r2，知，庫(kù)侖力不變，故D錯(cuò)誤。所以C正確，ABD錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】ABCD設(shè)兩金屬球帶異種電荷，電荷量分別為q和-7q，兩者間庫(kù)侖力大小為將兩者接觸后再放回原來(lái)的位置上，兩球所帶電荷量均為-3q，庫(kù)侖力大小為是原來(lái)的；設(shè)兩金屬球帶同種電荷，電荷量分別為q、7q，由庫(kù)侖定律有將兩者接觸后再放回原來(lái)的位置上，兩球所帶電荷量均為4q，庫(kù)侖力大小為是原來(lái)的，故AB錯(cuò)誤，CD正確。故選CD。

15、8、AC【解析】設(shè)兩個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量分別為Q1、Q2，它們之間的距離為r，根據(jù)庫(kù)侖定律得：它們之間的庫(kù)侖力為，保持電荷間的距離不變，使每個(gè)點(diǎn)電荷的帶電荷量都增大到原來(lái)的2倍，則故A正確；點(diǎn)電荷的帶電荷量不變，使兩點(diǎn)電荷間的距離增大到原來(lái)的2倍，它們之間的庫(kù)侖力，故B錯(cuò)誤保持點(diǎn)電荷的帶電荷量不變，將兩點(diǎn)電荷間的距離減小為原來(lái)倍，它們之間的庫(kù)侖力，故C正確使兩點(diǎn)電荷的帶電荷量和兩點(diǎn)電荷間的距離同時(shí)增大到原來(lái)的2倍，它們之間的庫(kù)侖力，故D錯(cuò)誤故選AC9、ABD【解析】斷開(kāi)，C直接接到電源兩端，C兩端電壓增大，故E增大，電場(chǎng)力增大，油滴向上運(yùn)動(dòng)，故A正確；其他條件不變時(shí)，電容器兩端的電壓不變，適當(dāng)減小

16、兩板間的距離時(shí)，由可知，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，故油滴受到的電場(chǎng)力大于重力，油滴向上運(yùn)動(dòng)，故B正確；斷開(kāi)時(shí)電容器與電源斷開(kāi)，電量不變，減小兩板間的距離時(shí)，根據(jù)、可知，則可知，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故油滴不動(dòng)，故C錯(cuò)誤；斷開(kāi)時(shí)電容器與電源斷開(kāi)，電量不變，根據(jù)可知，減小兩板之間的正對(duì)面積時(shí)C減小，則U增大，由于d不變，電場(chǎng)強(qiáng)度E增大，故油滴向上移動(dòng)，故D正確【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵要明確電路穩(wěn)定時(shí)，電容器的電壓等于與之并聯(lián)的電路兩端的電壓，注意與電容器串聯(lián)的電阻相當(dāng)于導(dǎo)線(xiàn)然后再結(jié)合電容器的動(dòng)態(tài)分析規(guī)律進(jìn)行分析即可求解10、BCD【解析】ABD電容器電容的大小與電容的帶電量Q以及電容器兩極板之間的電壓無(wú)關(guān)，電容器

17、電容的決定式為：C=S4kd，只要電容器不變其電容就不發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤，BD正確；C根據(jù)C=Q/U可有：Q=CU，由于電容器不變，因此電量Q和電壓U成正比，故C正確；故選BCD.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、a 成正比 【解析】（1）1為防止兩小球碰撞后，入射小球反彈，入射小球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰小球的質(zhì)量，即小球a的量m1。（2）2因?yàn)閮尚∏蜃銎綊佭\(yùn)動(dòng)的時(shí)間t相同，水平位移x=vt所以即平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移與初速度成正比，在計(jì)算式中可以用水平位移取代初速度。（3）3要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即驗(yàn)證，小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高

18、度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，上式兩邊同時(shí)乘以t得12、1 負(fù) 1k 4.0104 2.20 3.0 【解析】（1）當(dāng)做電流表使用時(shí)，電阻應(yīng)和表頭并聯(lián)分流，故連接1和2時(shí)為電流表，根據(jù)歐姆定律可知并聯(lián)支路的電壓相等，并聯(lián)支路的電阻越大，分流越小，故當(dāng)接1時(shí)量程最大；（2）根據(jù)“紅進(jìn)黑出”原理，即電流從紅表筆流進(jìn)可知紅表筆接電壓表的負(fù)極；歐姆表在測(cè)量電阻時(shí)指針從無(wú)窮大處開(kāi)始偏轉(zhuǎn)，故歐姆表指針偏轉(zhuǎn)很小，說(shuō)明被測(cè)電阻大，檔位應(yīng)提升一級(jí)，即換1k的測(cè)量；（3）歐姆表的讀數(shù)為；電壓表分度值為0.1V，故讀數(shù)為2.20V；（4）根據(jù)（3）采用的檔位可知中值電阻即歐姆表內(nèi)阻為，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得，解得四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、見(jiàn)解析【解析】充電電流 i 隨時(shí)間 t 變化的圖像如圖， 根據(jù)q=It可知i-t 圖像與 t 軸所圍的“面積”表示電容器充電的電量；充電過(guò)程電容器的電壓 u 隨電容器帶電量q 變化的圖像如圖；由圖象可知，圖線(xiàn)與橫軸q所圍面積即為電容器儲(chǔ)存的能量；14、（1）10m（2）14.1m/s 速度方向與水平方向成45【解析】(1)由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知： ，由以上兩式代入