1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示電路中，電源電壓U恒定，由于某元件出現故障，使燈L1變亮，燈L2不亮，其原因可能是（ ）AR1斷路BR

2、2斷路CR2短路DR1短路2、研究熱現象時，有意義的是（ ）A一個分子的動能 B速率大的分子的動能C速度小的分子的動能 D所有分子的動能的平均值3、在如圖甲所示電路中，閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動的過程中，四個理想電表的示數都發(fā)生變化圖乙中三條圖線分別表示了三個電壓表示數隨電流表示數變化的情況，以下說法正確的是（ ）A圖線a表示的是電壓表V3的示數隨電流表示數變化的情況B圖線c表示的是電壓表V2的示數隨電流表示數變化的情況C此過程中電壓表V1示數的變化量U1和電流表示數變化量I的比值變大D此過程中是壓表V3示數的變化量U3和電流表示數變化量I的比值不變4、在某靜電場中，沿著某條

3、電場線建立坐標軸，坐標軸上各點的電勢隨坐標變化的關系圖線如圖所示，則以下看法正確的是A同一點電荷在處的電勢能小于在處的電勢能B同一點電荷在處的受到的靜電力大于在處受到的靜電力C該電場的方向沿軸正方向D該電場可能是勻強電場5、如圖所示電路中，電源的內阻不可忽略，當開關S斷開時，電流表的示數為0.30 A，則當S閉合時，電流表的示數可能是()A0.22 AB0.42 AC0.52 AD0.58 A6、下列說法正確的是（）A磁場中的磁感線是客觀存在的B磁極對磁極的作用、電流對電流的作用都是通過磁場發(fā)生的C閉合電路的歐姆定律，對純電阻電路和非純電阻電路都適用D由可知，磁感應強度大小與放入該處的通電導線

4、的I、L的乘積成反比二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一電場的電場線分布關于y軸（沿豎直方向）對稱，O、M、N是y軸上的三個點，且OM=MNP點在y軸右側，MPON則AM點的電勢比P點高B將負電荷由O點移動到P點，電場力做正功CM、N兩點間的電勢差大于O、M兩點間的電勢D在O點靜止釋放一帶正電粒子，該粒子將沿y軸做直線運動8、質量為m的帶正電小球由空中A點無初速度自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強電場，再經過t秒小球又回到A點不計空氣阻力且小

5、球從未落地，重力加速度為g，則 （ ）A從A點到最低點小球重力勢能減少了mg2t2B從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能減少了mg2t2C整個過程中小球所受合外力沖量大小為2mgtD整個過程中小球電勢能減少了mg2t29、如圖所示，電源電動勢E6V，小燈泡L的規(guī)格為“4V 0.8W”，開關S接1，當滑動變阻器調到R8 時，小燈泡L正常發(fā)光，現將開關S接2，小燈泡L和電動機M均正常工作則A電源的輸出功率為1.12 WB電動機的內阻為8 C電動機正常工作電壓為1.6 VD電源內阻為1 10、回旋加速器是用來加速帶電粒子的裝置，如圖所示，它的核心部分是兩個D形金屬盒，兩盒相距很近，分別和高頻交流

6、電源相連接，兩盒放在勻強磁場中，磁場方向垂直于盒面，帶電粒子由加速器的中心附近進入加速器，直到達到最大圓周半徑時通過特殊裝置被引出用同一回旋加速器加上不同頻率的交流電壓分別加速氚核和粒子（氚核和粒子質量比為3:4，電荷量之比為1:2），則以下說法正確的有A加速粒子的交流電壓的頻率較大，粒子獲得的最大動能較大B若增大磁感應強度，則粒子獲得的最大動能增大C若增大加速電壓，氚核獲得的最大動能增大D若增大加速電壓，氚核在加速器中運動的總時間變短三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用如圖所示研究電容器電容與哪些因素有關。A、B為平行板電容器

7、的金屬板，G為靜電計，開始時開關S閉合，靜電計指針張開一定角度；若保持開關S閉合，將A、B兩極板正對面積變小些，指針張開角度將_；若斷開開關S后，將A、B兩極板靠近些，指針張開角度將_。 若斷開開關S后，將A、B兩極板正對面積變小些，指針張開角度將_（以上均填：變大、變小、不變）。12（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，小燈泡的規(guī)格為“3.8V，0.3A”除了開關、導線外，還有如下的器材：電壓表V，量程05V，內阻約5k電流表，量程0500mA，內阻約0.5電流表，量程0100mA，內阻約4滑動變阻器，自大阻值10，額定電流20A滑動變阻器，自大阻值100，額定電流1.0A直流電

8、源E，電動勢約為6V，內阻約為0.5（1）上述器材中，電流表應選_，滑動變阻器應選_（填器材符號）（2）某同學已連接如圖甲所示的電路，在閉合開關前，檢查發(fā)現有一處不當之處為_（3）不當之處改正后，在電路中所有元件都完好，且電壓表和電流表已調零閉合開關后：發(fā)現反復調節(jié)滑動變阻器，小燈泡亮度發(fā)生變化，但電壓表、電流表的示數不能調為零，則斷路的導線為_（用圖中給出的導線符合表示）（4）通過實驗得到了小燈泡的I-U圖線如圖所示，可知在小燈泡上的電壓為2.0V時，小燈泡的電阻是_（5）如果把該小燈泡直接接在電動勢是2V，內阻是8的電源上組成閉合回路，則通過小燈泡的電流為_A四、計算題：本題共2小題，共2

9、6分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）汽車電動機啟動時車燈會瞬時變暗，如圖，在打開車燈的情況下，電動機未啟動時電流表讀數為10 A，電動機啟動時電流表讀數為58 A，若電源電動勢為12.5 V，內阻為0.05 .電流表內阻不計，則因電動機啟動，車燈的電功率降低了多少？14（16分）如圖所示，熒光屏MN與x軸垂直放置，熒光屏所在位置的橫坐標x040cm，在第一象限y軸和MN之間存在沿y軸負方向的勻強電場，在第二象限有半徑R10cm的圓形磁場，磁感應強度大小B0.4T，方向垂直xOy平面向外磁場的邊界和x軸相切于P點在P點有一個粒子源，平行于

10、坐標平面，向x軸上方各個方向發(fā)射比荷為1.0108C/kg的帶正電的粒子，已知粒子的發(fā)射速率v04.0106m/s不考慮粒子的重力粒子間的相互作用求(1)帶電粒子在磁場中運動的軌跡半徑;(2)若所有帶電粒子均打在x軸下方的熒光屏上，求電場強度的最小值15（12分）如圖（甲）所示，長為L、相距為d的兩塊正對的平行金屬板AB和CD與一電源相連（圖中未畫出電源），B、D為兩板的右端點兩板間電勢差的變化如圖（乙）所示在金屬板B、D端的右側有一與金屬板垂直的熒光屏MN，熒光屏距B、D端的距離為L質量為m，電荷量為e的電子以相同的初速度v1從極板左邊中央沿平行極板的直線OO連續(xù)不斷地射入已知所有的電子均能

11、夠從兩金屬板間射出，且每個電子在電場中運動的時間與電壓變化的周期相等忽略極板邊緣處電場的影響，不計電子的重力以及電子之間的相互作用求：（1）t1和tT/2時刻（T為未知量）進入兩板間的電子到達金屬板B、D端界面時偏離OO的距離之比（2）兩板間電壓的最大值U1（3）在第（2）問的基礎上，求解電子在熒光屏上分布的最大范圍參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A.若R1斷路，則總電阻變大，總電流變小，L1變暗，不符合題意，故A錯誤；B.若R2斷路，電路不通，則燈L1和燈L2都不亮，不符合題意，故B錯誤；C.若R2

12、短路，總電阻變小，總電流變大，燈L1變亮， L2是發(fā)光的，不符合題意，故C錯誤；D.若R1短路，總電阻變小，總電流變大，燈L1變亮，L2被短路不亮，符合題意，故D正確2、D【解析】溫度是分子平均動能的標志，溫度一定時，分子平均動能一定，但有些分子速度較大，有些分子速度較小，所以研究一個分子的動能、速率大的分子的動能、速度小的分子的動能都沒有意義，故ABC錯誤，D正確。故選：D3、C【解析】試題分析：當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，總電流減小，可知路端電壓增大，即知電壓表示數增大，電壓表的示數減小，電壓表的示數增大，則知，圖線a表示的是電壓表

13、的示數隨電流表示數變化的情況，圖線c表示的是電壓表的示數隨電流表示數變化的情況，故AB正確；由閉合電路歐姆定律得，則，保持不變故C錯誤；由閉合電路歐姆定律得，則，故D正確考點：考查了閉合回路歐姆定律的應用【名師點睛】本題實質是電路中動態(tài)變化分析問題和閉合電路歐姆定律問題的綜合，從局部電阻的變化，分析各部分電壓的變化4、B【解析】A由圖可知，處的電荷比在處的電勢更低，由于不知道點電荷的電性，所以無法確定點電荷在處的電勢能和點電荷在處的電勢能的大小，故A錯誤；B圖像的斜率表示電場強度，由圖可知，在處的電場強度比在處的電場強度更大，由公式可知，同一點電荷在處的受到的靜電力大于在處受到的靜電力，故B正

14、確；C根據沿電場線方向電勢降低，由圖可知，該電場的方向沿軸負方向，故C錯誤；D圖像的斜率表示電場強度，由圖可知，該電場不可能是勻強電場，故D錯誤。5、B【解析】當S閉合時，外電阻減小，電流增大。根據路端電壓隨外電阻增大而增大，減小而減小，確定電流的范圍。即可進行解答?！驹斀狻慨擲閉合時，4被短路，外電路總電阻減小，電流增大，則電流表示數大于0.30V。外電阻減小，則路端電壓隨之減小，設電流表的示數為I，則有I60.3A（4+6），則得I0.5A；故得電流表示數范圍為：0.3I0.5A，故B正確。故選B。6、B【解析】A磁感線不是真實存在的，是科學家為了研究方便假象出來的。故A錯誤。B磁場和電流

15、周圍都有磁場，所以磁極對磁極的作用、電流對電流的作用都是通過磁場發(fā)生的。故B正確。C閉合電路的歐姆定律，僅適用于外電路是純電阻的電路。故C錯誤。D磁場中某處的磁感應強度大小，就是通以電流I、長為L的一小段導線垂直放在該處時所受磁場力F與I、L的乘積的比值。磁感應強度B跟磁場力F，跟電流強度I和導線長度L的乘積均無關。故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A過M、P、N做等勢線，可得到過P點的等勢線通過M、N之間，因順著電場線電勢降低，則有MPN，故

16、A正確B將負電荷由O點移到P點，因UOP0，所以W=-qUOP0，則負電荷電場力做負功，故B錯誤；C由U=Ed可知，MN間的平均場強小于OM間的平均場強，故MN兩點間的電勢差小于OM兩點間的電勢差，C錯誤；D根據電場線的分布特點會發(fā)現，電場線關于y軸兩邊對稱，故y軸上的場強方向在 y軸上，所以在O點靜止釋放一帶正電粒子，其所受電場力沿y軸正方向，則該粒子將沿y軸做直線運動，故D正確；【點睛】考點：電場線；電勢及電勢能電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加8、AC【解析】A小球先做自由落體運動，后做勻減速運動，兩個過程的位移大小

17、相等、方向相反設電場強度大小為E，加電場后小球的加速度大小為a，取豎直向下方向為正方向，則又v=gt，解得a=3g則小球回到A點時的速度為v=v-at=-2gt減速時候加速度為自由下落時3倍，所以時間為自由下落的三分之一，總位移為：所以重力勢能變化為：故A錯誤；B最低點時小球速度為零，所以加電場開始到最低點時，動能變化：故B錯誤；C規(guī)定向下為正方向，根據動量定理得：p=-mgt-0=-2mgt所以整個過程中小球合外力的沖量為2mgt，故C正確；D由牛頓第二定律得：，解得：整個過程中小球電勢能減少了故D錯誤故選AC9、AC【解析】小燈泡的額定電流為：I=PUL=0.84=0.2A，燈泡內阻為：R

18、L=UI=40.2=20，當開關接1時，根據閉合電路歐姆定律有：E=I（r+RL+R），代入數據解得：r=2，故D錯誤；當接2時燈泡正常發(fā)光，則流過的電流為：I=0.2A，電源內阻分的電壓為：Ur=Ir=0.22V=0.4V，故電動機分的電壓為：U動=E-UL-Ur=6-4-0.4V=1.6V；因電動機消耗的電能轉化為機械能和內能，則可知電阻R1.6V0.2A=8，故B錯誤，C正確；當接2時，電源輸出功率：P出=UI=（E-Ur）I=（6-0.4）0.2=1.12W，故A正確；故選AC?！军c睛】本題考查閉合電路歐姆定律以及功率的計算，要注意每個公式的使用的條件是不同的，掌握住公式的使用的條件，

19、才能準確選擇應用物理公式10、BD【解析】A.交流電源的周期；故用同一回旋加速器分別加速氚核和粒子的周期之比為：根據得，粒子出D形盒時的速度，則粒子出D形盒時的動能，故氚核和粒子，粒子出來時的最大動能之比為：，故加速氚核的交流電源的周期較大，頻率小，氚核獲得的最大動能較大，故A錯誤；B.根據上式，可知，若增大磁感應強度，則粒子獲得的最大動能增大，故B正確；C.根據得，粒子出D形盒時的速度，則粒子出D形盒時的動能最大動能與電壓無關，故C錯誤；D.若增大加速電壓，加速的次數減少，故加速的時間減小，故D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11

20、、 不變 變小 變大【解析】靜電計指針張開角度與A、B兩極板間的電壓成正比。若保持開關S閉合，無論是將A、B兩極板靠近些，還是將A、B兩極板正對面積變小些，A、B兩極板間的電壓都等于電源電壓，所以指針張開角度將不變；若斷開開關S后，將A、B兩極板靠近些，則兩極板所帶電荷量Q保持不變，而其電容C變大，所以UQ/C將變小，指針張開角度將變??；若斷開開關S后，將A、B兩極板正對面積變小些，則Q不變，C變小，所以UQ/C將變大，指針張開角度將變大綜上所述本題答案是：(1). 不變 (2). 變小 (3). 變大12、 滑動變阻器滑片不應在B處，而應在A處 c 8 4.35 【解析】試題分析：（3）根據

21、小燈泡規(guī)格“38V，43”可知，電流表應選；由于測定小燈泡的伏安特性曲線實驗要求電流從零調，所以變阻器應采用分壓式接法，因為阻值小的變阻器便于調節(jié)，所以應選擇變阻器；（4）實驗開始時應使測量電路兩端的電壓為零，故滑片不應在B處，而應滑到A處；（3）由實物圖可知，只有導線c斷路，因為c斷路后，變阻器變?yōu)橄蘖魇浇臃?，所以電流表與電壓表均不能調為零（4）由圖可知，當電壓為4V時，電流為445A，則電阻；（5）在小燈泡的I-U圖象中畫出表示電源的I-U圖線，如圖所示，讀出兩圖線的交點的縱坐標即為通過小燈泡的電流，電流為：考點：“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗【名師點睛】應明確：3要根據小燈泡的額定電

22、流或額定電壓來選擇電流表或電壓表的量程4以下幾種情況滑動變阻器必須采用分壓式接法：要求電流從零調或要求電路中電流調節(jié)范圍足夠大；變阻器的全電阻遠小于待測電阻；若變阻器采用限流式接法求出電路中的最小電流扔大于電流表的量程注意采用分壓式接法時，應選擇全電阻小的變阻器，以便于調節(jié)3注意表示電源的I-U圖象與表示導體電阻的I-U圖象的區(qū)別四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、43.2 W【解析】試題分析：電機不啟動時電源電壓直接加在燈泡兩端，由閉合電路歐姆定律可求得通過燈泡的電流，由功率公式可求得燈泡消耗的功率；而當電機啟動時，電動機與燈泡并連接在電源兩端，此時燈泡兩端的電壓仍等于路端電壓，由功率公式可求得車燈消耗的功率；則可求得車燈的電功率降低值電動機不啟動時，燈泡的電壓為電源路端電壓，設為，電動機啟動后燈泡電壓仍為路端電壓，設為由閉合電路歐姆定律得得：燈泡消耗功率為電動機啟動后，路端電壓燈泡消耗電功率為所以燈泡功率降低了14、（1）（2）【解析