1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A做斜拋運動的物體到達最高點時速度為零B勻強電場是指電場強度的大小方向處處相同C元電荷就是

2、帶電量最小的帶電粒子D電容器所帶電荷量為兩板量所帶電荷量絕對值之和2、電場中M、N兩點場強的大小分別為EM、EN，電勢分別為M、N.某帶電粒子僅在電場力作用下從M點運動到N點，若此過程中帶電粒子的動能始終保持不變，下列判斷正確的是（ ）AEMEN，MNBEMEN，M=NCEM=EN，M=NDEMEN，MN3、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內(nèi)阻為l.0，電路中的電阻R0為1.5，小型直流電動機M的內(nèi)阻為0.5，閉合開關(guān)S后，電動機轉(zhuǎn)動，電流表的示數(shù)為2.0A則以下判斷中正確的是（）A電動機兩端的電壓為1.0VB電動機的機械功率為12WC電動機產(chǎn)生的熱功率4.0WD電源輸出的電功率為2

3、4W4、一坐在椅子上的同學(xué)從地面上抓起了一瓶礦泉水，這一過程該同學(xué)所做的功和功率最接近（）A5J 5WB5J 100WC100J 100WD100J 5W5、在光滑絕緣的水平面上放置著四個相同的金屬小球，小球A、B、C位于等邊三角形的三個頂點上，小球D位于三角形的中心，如圖所示現(xiàn)使小球A、B、C帶等量正電荷Q，使小球D帶負電荷q，使四個小球均處于靜止狀態(tài)，則Q與q的比值為ABC3D6、如圖所示，某電場中的一條電場線，一電子從a點由靜止釋放，它將沿電場線向b點運動，下列有關(guān)該電場的判斷正確的是()A該電場一定是勻強電場B場強Ea一定小于EbC電子具有的電勢能Epa一定大于EpbD電勢ab二、多項

4、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三條電場線，實線為一帶電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知 （ ）A帶點質(zhì)點在P點的加速度大于在Q點的加速度B帶電質(zhì)點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能小C帶電質(zhì)點通過P點時的動能比通過Q點時小D帶電質(zhì)點一定帶負電8、下列描述電場的物理量中哪些與試探電荷無關(guān)？( )A電場強度 B電勢 C電勢能 D電勢差9、某電場的電場線的分布如圖所示。一個帶電粒子僅受電場力

5、由M點沿圖中虛線所示的途徑運動通過N點。下列判斷正確的是A粒子帶負電B電場力對粒子做負功C粒子在N點的加速度大DN點的電勢比M點的電勢低10、如圖所示，帶電荷量之比為qAqB13的帶電粒子A、B以相等的速度v0從同一點出發(fā)，沿著跟電場強度垂直的方向射入平行板電容器中，分別打在C、D點，若OCCD，忽略粒子重力的影響，則( ) AA和B在電場中運動的時間之比為12BA和B運動的加速度大小之比為41CA和B的位移大小之比為11DA和B的質(zhì)量之比為112三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）讀出圖甲中游標卡尺和圖乙中螺旋測微器的讀數(shù)： （

6、1）游標卡尺讀數(shù)為 _cm（2）螺旋測微器讀數(shù)為_mm.12（12分）有一未知電阻R（R不隨溫度變化），為較準確地測出其阻值，先后用電流表內(nèi)外接電路進行測試，利用電流表外接法測得的數(shù)據(jù)為“2.7V，5.0mA”，利用電流表內(nèi)接法測得的數(shù)據(jù)為“2.8V，4.0mA”，那么，該電阻測得值較準確的數(shù)值為_，它比真實值_（填“偏大”、“相等”或“偏小”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，光滑水平面上，物塊A靜止，長板B與其左端上的物塊C以相同速度向右運動，長板B與物塊A發(fā)生彈性碰撞，碰撞時間很短可不計。

7、已知A、B、C三者的質(zhì)量分別為2m、m、5m，C、B間動摩擦因數(shù)為，C始終沒離開B上表面，重力加速度為g。求：(1)B從第一次與A碰撞到第二次碰撞經(jīng)歷的時間；(2)長板B的長度至少為多少？14（16分）如圖所示，長度為l的輕繩上端固定在O點，下端系一質(zhì)量為m，電荷量為+q的小球整個裝置處于水平向右，場強大小為的勻強電場中（1）求小球在電場中受到的電場力大小F；（2）當小球處于圖中A位置時，保持靜止狀態(tài)若剪斷細繩，求剪斷瞬間小球的加速度大小a；（3）現(xiàn)把小球置于圖中位置B處，使OB沿著水平方向，輕繩處于拉直狀態(tài)小球從位置B無初速度釋放不計小球受到的空氣阻力求小球通過最低點時的速度大小v15（12

8、分）圖中的實線是一列簡諧波在某一時刻的波形圖經(jīng)0.2 s后，其波形如圖中虛線所示(1) 若該波向左傳播，求波的傳播速度和周期；(2) 若該波的波速為0.9m/s，求波的傳播方向.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】斜拋運動速度可以分解為水平速度和豎直速度，上升過程是勻減速直線運動，當豎直速度減到零時到達最高點，此時水平速度不變，故A錯誤；由于電場線的疏密程度反映電場的強弱，所以勻強電場的電場線疏密程度相同，即是一組相互平行等間距的直線，故B正確；元電荷是自然界最小的電量，不是帶電荷量最小的帶電粒子，故C錯

9、誤；電容器所帶的電荷量是指任何一個極板所帶電荷量的絕對值，而不是指兩個極板所帶電荷量的絕對值的和，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。2、C【解析】試題分析：因帶電粒子在MN兩點運動時的動能始終保持不變，故粒子的速率大小不變，可知粒子所受的電場力始終與速度垂直，電場力不做功，可知兩點的場強大小相等，電勢相等，故選C.考點：帶電粒子在電場中的運動3、B【解析】試題分析：A、電路中電流表的示數(shù)為23A，所以電動機的電壓為：U=EU內(nèi)UR3=22IrIR3=2222225=7V，電動機的總功率為：P總=UI=72=24W，電動機的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=2235=2W，所以電動機的輸出功率為：P出=

10、24W2W=22W，所以A錯誤，B正確，C錯誤；D、電源的輸出的功率為：P輸出=EII2R=222222=23W，所以D錯誤故選B考點：電功、電功率4、A【解析】一瓶礦泉水重約為5N，椅子高度約為1m，故W=Gh=51=5J時間約為1s，根據(jù)知故選A。5、D【解析】試題分析：以A、B、C三個中的一個為研究對象，如以B為研究對象有：受到A、C的斥力作用，同時受到D點點電荷的引力作用，設(shè)三角形邊長為L，根據(jù)受力平衡得：，其中，所以解得：，故ABC錯誤，D正確考點：庫侖定律；物體的平衡.6、C【解析】AB因電子由靜止釋放，且由a向b運動，則電子所受的電場力一定是由a指向b，因為電子帶負電荷，所受的電

11、場力方向與場強方向相反，說明電場線的方向一定是由b指向a。由于不知負電荷由a運動到b的過程中電場力的變化情況，因此無法確定場強大小關(guān)系，故A錯誤，B錯誤；C由題意知，電場力對電子做正功，電勢能減小，所以電子具有的電勢能EPa一定大于EPb，故C正確；D由分析可知電場方向由b指向a，而沿著電場線方向電勢降低，所以電勢a一定低于b，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A、電場線密的地方表示場強大，故P點的電場強度大，則電場力大，根據(jù)牛頓第二定律可知P

12、加速度也大；故A正確.B、C、根據(jù)運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向右方，從P到Q過程中電場力做負功，電勢能增大，動能減小，故P點的電勢能小,動能大，故B正確,C錯誤；D、電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于不知道電場的方向，因此無法確定質(zhì)點帶正電還是帶負電，故D錯誤.故選AB.8、ABD【解析】電場強度的定義E=Fq：試探電荷在電場中受到的電場力與試探電荷所帶電量的比值，定義的是一個“比值”，與所帶的電量無關(guān)，故A正確；電勢的定義=Epq：試探電荷在電場中具有的電勢能與試探電荷所帶電量的比值，定義的是一個“比值”，與所帶的電量無關(guān)，故B正確；電勢能的大小與在電場中移動試探電荷時，電場力做

13、的功的大小有關(guān)，故與試探電荷的電量有關(guān)，故C錯誤；電勢差的定義：U=Wq，定義的也是一個“比值”，與所帶的電量無關(guān)，故D正確。故選ABD?！军c睛】該題中，與電場有關(guān)的幾個物理量中，電場強度，電勢，電勢差定義的都是“比值”，故與試探電荷所帶的電量無關(guān)9、CD【解析】A由圖根據(jù)粒子的運動的軌跡可以知道，粒子的受到的電場力的方向向上，而電場線的方向也向上，所以電荷為正電荷。故A錯誤。B從M點到N點，靜電力方向與速度方向成銳角，電場力做正功。故B錯誤。C電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以粒子在N點的受力大，加速度大。故C正確。D沿著電場線方向電勢逐漸減低，所以N點的電勢比M點

14、的電勢低。故D正確。10、ABD【解析】A：粒子在電場中做類平拋運動，水平方向，初速度相等，則故A項正確B：粒子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，y相同，則故B項正確C：A和B的位移大小之比，故C項錯誤D：由牛頓第二定律得：，則粒子質(zhì)量，所以故D項正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.055 8.462 【解析】(1)1 20分度的游標卡尺，精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數(shù)為10mm，游標尺上第11個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為110.05mm=0.55mm所以最終讀數(shù)為：10mm+0.55mm=10.5

15、5mm=1.055cm(2)2 螺旋測微器的固定刻度為8mm，可動刻度為46.20.01mm=0.462mm所以最終讀數(shù)為8mm+0.462mm=8.462mm12、700 偏大 【解析】兩次測量電壓表示數(shù)變化率大小UU2.8-2.72.7127，電流表示數(shù)變化率大小II5.0-4.05.0=15；則UUII，可見電流表示數(shù)變化顯著，說明電壓分流作用顯著，采用電流表內(nèi)接法誤差較小。測量值Rx=UI2.8410-3=700，真實值R真=Rx-RA，故測量值比真實值偏大?！军c睛】實驗誤差要從實驗原理進行分析本實驗原理是伏安法，a圖中由于電流表的分壓，使測量值大于真實值b圖中由于電壓表的分流，使測量

16、值小于真實值四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)；(2)【解析】(1)以水平向右為正方向，設(shè)長板B與物塊A發(fā)生彈性碰撞后，長板B的速度為，物塊A的速度為，有解得，隨后，C、B相對運動，設(shè)歷時達到共同速度v，由動量定理，對B有對C有解得，設(shè)B向右位移，則設(shè)再歷時，B追上A，則解得B從第一次與A碰撞到第二次碰撞經(jīng)歷的時間(2)由題分析可知，B與A多次碰撞后，最終A、B、C三者速度相同為，有設(shè)長板B的長度至少為L，由能量守恒定律得解得14、（1） ；（2） ；（3） 【解析】（1）小球所受的電場力（2）根據(jù)平行四邊形定則,小球受到的重力和電場力的的合力 根據(jù)牛頓第二定律所以小球的加速度（3）根據(jù)動能定理有，解得