1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，質(zhì)量為的帶電小球以初速度從點豎直向上拋出，通過點時，速度大小為，方向與電場方向相反，則小球從點運動到點的過程中（）A動能增加B機(jī)械能增加C重力勢能增加D電勢能增加2、有關(guān)量子理論及相關(guān)現(xiàn)象，下列

2、說法中正確的是（ ）A能量量子化的觀點是愛因斯坦首先提出的B在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，遏止電壓與入射光的頻率成正比C一個處于n4激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷時，最多能輻射出3種頻率的光子D射線、射線、射線都是波長極短的電磁波3、某電梯的最大速度為2m/s，最大加速度為0.5m/s2。該電梯由一樓從靜止開始，到達(dá)24m處的某樓層并靜止.所用的最短時間是（）A12sB16sC18sD24s4、如圖，金星的探測器在軌道半徑為3R的圓形軌道I上做勻速圓周運動，運行周期為T，到達(dá)P點時點火進(jìn)入橢圓軌道II，運行至Q點時，再次點火進(jìn)入軌道III做勻速圓周運動，引力常量為G，不考慮其他星球的影響，則下列說法正確的是（

3、）A探測器在P點和Q點變軌時都需要加速B探測器在軌道II上Q點的速率大于在探測器軌道I的速率C探測器在軌道II上經(jīng)過P點時的機(jī)械能大于經(jīng)過Q點時的機(jī)械能D金星的質(zhì)量可表示為5、如圖甲所示，線圈ab中通有如圖乙所示的電流，電流從a到b為正方向，那么在0t0這段時間內(nèi)，用絲線懸掛的鋁環(huán)M中產(chǎn)生感應(yīng)電流，則（）A從左向右看感應(yīng)電流的方向為順時針B從左向石看感應(yīng)電流的方向為先順時針后逆時針C感應(yīng)電流的大小先減小后增加D鋁環(huán)與線圈之間一直有磁場力的作用，作用力先向左后向右6、甲乙兩車在水平地面上的同一位置同時出發(fā)，沿一條直線運動，兩車均可看做質(zhì)點，甲乙兩車的速度時間圖像如圖所示，下列說法中正確的是（）A

4、t=1s時甲車加速度為零B前4s內(nèi)兩車間距一直增大Ct=4s時兩車相遇D兩車在前4s內(nèi)的最大距離為5m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩根相互平行，間距為足夠長的金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，導(dǎo)軌間存在的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向里，導(dǎo)軌上的金屬桿ab、cd所受滑動摩擦力均為0.2N，兩桿電阻均為0.1，導(dǎo)軌電阻不計，已知ab受恒力的作用，ab和cd均向右做勻速直線運動，下列說法正確的是（）A恒力B兩桿的速度差大小為C此時回路中電流大小為2ADab桿

5、克服安培力做功功率等于回路中產(chǎn)生焦耳熱的功率8、如圖甲為一列沿x正方向傳播的簡諧橫波在t=0.1 s時刻的波動圖像，圖乙是波中某振動質(zhì)點位移隨時間變化的振動圖像，P是平衡位置為x=1.5 m處的質(zhì)點，Q是平衡位置為x=12 m處的質(zhì)點，則下列說法正確的是_。At=0.2 s時，質(zhì)點P的振動方向沿y軸負(fù)方向B圖乙可能是x=1 m處質(zhì)點的振動圖像C再經(jīng)過0.5 s，質(zhì)點Q第一次到達(dá)波峰D從t=0.10 s到t=0.25 s，質(zhì)點P通過的路程為30 cmE.再經(jīng)過0.4s，質(zhì)點Q達(dá)到加速度正向最大，位移反向最大9、如圖所示，在粗糙的水平地面上放著一左測截面是半圓的柱狀物體B，在物體B與豎直墻之間放置

6、一光滑小球A，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用水平力F拉著物體B緩慢向右移動一小段距離后，系統(tǒng)仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，在此過程中，下列判斷正確的是（ ）A小球A對物體B的壓力逐漸增大B小球A對物體B的壓力逐漸減小C拉力F逐漸減小D墻面對小球A的支持力先增大后減小10、如圖所示，正方形abcd區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，甲、乙兩帶電粒子從a點沿與ab成30角的方向垂直射入磁場甲粒子垂直于bc邊離開磁場，乙粒子從ad邊的中點離開磁場已知甲、乙兩a帶電粒子的電荷量之比為1:2，質(zhì)量之比為1:2，不計粒子重力 以下判斷正確的是A甲粒子帶負(fù)電，乙粒子帶正電B甲粒子的動能是乙粒子動能的16倍C甲粒子所受洛倫茲力是

7、乙粒子所受洛倫茲力的2倍D甲粒子在磁場中的運動時間是乙粒子在磁場中運動時間的倍三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學(xué)在實驗室進(jìn)行探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系的實驗。他準(zhǔn)備了可拆變壓器、多用電表、開關(guān)和導(dǎo)線若干。(1)實驗需要以下哪種電源_；A低壓直流電源 B高壓直流電源C低壓交流電源 D高壓交流電源(2)該同學(xué)認(rèn)真檢查電路無誤后，先保證原線圈匝數(shù)不變，改變副線圈匝數(shù)：再保證副線圈匝數(shù)不變，改變原線圈匝數(shù)。分別測出相應(yīng)的原、副線圈電壓值。由于交變電流電壓是變化的，所以，我們實際上測量的是電壓的_值 （填“有效或“最大”）。

8、其中一次多用電表讀數(shù)如圖所示，此時電壓表讀數(shù)為_ ；(3)理想變壓器原、副線圈電壓應(yīng)與其匝數(shù)成_ （填“正比” 或“反比”），實驗中由于變壓器的銅損和鐵損導(dǎo)致原線圈與副線圈的電壓之比一般_ （填“大于 “小于”或“等于）原線圈與副線圈的匝數(shù)之比。12（12分）如圖甲所示，一根伸長可忽略的輕繩跨過輕質(zhì)定滑輪，兩個質(zhì)量相等的砝碼盤分別系于繩的兩端。甲、乙兩位同學(xué)利用該裝置探究系統(tǒng)加速度與其所受合力的關(guān)系。共有9個質(zhì)量均為m的砝碼供實驗時使用。請回答下列問題：(1)實驗中，甲將左盤拉至恰好與地面接觸，乙把5個硅碼放在右盤中，4個底碼放在左盤中。系統(tǒng)穩(wěn)定后，甲由靜止釋放左盤；(2)若要從(1)的操作中

9、獲取計算系統(tǒng)加速度大小的數(shù)據(jù)，下列器材中必須使用的是_（填正確答案標(biāo)號）；A米尺 B秒表 C天平 D彈簧秤(3)請說明用(2)中選擇的器材要測量本實驗中的必要物理量是：_；(4)由(3)中測量得到的物理量的數(shù)據(jù)，根據(jù)公式_（用所測量物理量的符號表示），可以計算岀系統(tǒng)加速度的大?。?5)依次把左盤中的砝碼逐個移到右盤中，重復(fù)(1)(3)(4)操作；獲得系統(tǒng)在受不同合力作用下加速度的大小，記錄的數(shù)據(jù)如下表，請利用表中數(shù)據(jù)在圖乙上描點并作出a-F圖象_；(6)從作出的aF圖像能得到的實驗結(jié)論是：_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演

10、算步驟。13（10分）如圖所示，在光滑的水平面上靜置一長為L的木板B，上表面粗糙，現(xiàn)有滑塊A以初速度從右端滑上B，恰好未離開B，A的質(zhì)量為m，B的質(zhì)量為，求A與B上表面間的動摩擦因數(shù)。14（16分）如圖所示，xOy為豎直面內(nèi)的直角坐標(biāo)系，在y軸兩側(cè)存在電場強(qiáng)度大小相等的勻強(qiáng)電場，y軸右側(cè)電場方向豎直向下，y軸左側(cè)電場方向豎直向上。y軸左側(cè)還存在一個方向垂直于坐標(biāo)平面的圓形有界勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出），磁場邊界與y軸相切于O點。現(xiàn)有一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球，用長為l、不可伸長的絕緣細(xì)線懸掛在P點的釘子上，P點與坐標(biāo)原點O的距離亦為l。將小球拉至細(xì)線繃直且與y軸負(fù)方向成60角無初速釋放，

11、小球擺至O點即將進(jìn)入磁場時細(xì)線恰好斷裂。最終小球剛好擊中P點的釘子，此時速度方向與y軸正方向成30角。已知細(xì)線能承受的最大張力Fm=4mg，小球可視為質(zhì)點，重力加速度為g，不計阻力。求：（1）電場強(qiáng)度的大??；（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和磁場區(qū)域的面積；（3）小球在x0區(qū)域運動的時間。（結(jié)果用m、q、l、g表示）15（12分）電動自行車已經(jīng)成為人們?nèi)粘３鲂械囊环N常用交通工具，以下是某型號電動自行車的相關(guān)參數(shù)：名稱車身質(zhì)量滿載載重前后車輪直徑額定轉(zhuǎn)速電動機(jī)額定電壓電動機(jī)額定電流額定機(jī)械輸出功率參數(shù)40kg80kg40cmr/min48V20A835W該電動自行車采用后輪驅(qū)動直流電動機(jī)，其中額定轉(zhuǎn)速是電

12、動自行車在滿載情況下在平直公路上以額定功率勻速行進(jìn)時的車輪轉(zhuǎn)速，求：（1）電動自行車以額定轉(zhuǎn)速行進(jìn)時的速度v0；（2）在額定工作狀態(tài)時，損失的功率有80%是由于電動機(jī)繞線電阻生熱而產(chǎn)生的，則電動機(jī)的繞線電阻為多大；（3）滿載（車身質(zhì)量+滿載載重）情況下，該車以速度v=5m/s沿著坡度為=4.59的長直坡道向上勻速行駛時，受到的摩擦阻力為車重（含載重）重量的0.02倍，求此狀態(tài)下電動自行車實際運行機(jī)械功率（sin4.59=0.08；重力加速度g=10m/s2）。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A小球由到

13、過程中動能增加量故A錯誤；BC在豎直方向上，小球只受重力作用，小球豎直方向的分運動為豎直上拋運動，點為小球還動的最高點，從到，小球克服重力做的功所以小球的重力勢能增加量小球的機(jī)械能增加量故B錯誤，C正確；D由能量守恒定律可知，小球機(jī)械能增大，電勢能減少，故D錯誤。故選C。2、C【解析】A能量量子化的觀點是普朗克首先提出的，選項A錯誤；B在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，根據(jù)光電效應(yīng)方程，可知遏止電壓與入射光的頻率是線性關(guān)系，但不是成正比，選項B錯誤；C一個處于n4激發(fā)態(tài)的氫原子向基態(tài)躍遷時，最多能輻射出3種頻率的光子，分別對應(yīng)于43，32，21，選項C正確；D射線、射線不是電磁波，只有射線是波長極短的電磁波，

14、選項D錯誤；故選C。3、B【解析】電梯加速運動的時間為加速運動的位移根據(jù)對稱性，減速運動的時間也為4s，位移也為4m，勻速運動時間為故電梯運動的最短時間為t=4s+4s+8s=16sB正確，ACD錯誤。故選B。4、B【解析】A探測器在P點需要減速做近心運動才能由軌道I變軌到軌道II，同理，在軌道II的Q點需要減速做近心運動才能進(jìn)入軌道III做圓周運動，故A錯誤；B探測器在軌道II上P點的速率大于軌道I上的速率，在軌道II上，探測器由P點運行到Q點，萬有引力做正功，則Q點的速率大于P點速率，故探測器在軌道II上Q點的速率大于在探測器軌道I的速率，故B正確；C在軌道II上，探測器由P點運行到Q點，

15、萬有引力做正功，機(jī)械能守恒，故探測器在軌道上經(jīng)過P點時的機(jī)械能等于經(jīng)過Q點時的機(jī)械能，故C錯誤；D探測器在3R的圓形軌道運動，在軌道I上運動過程中，萬有引力充當(dāng)向心力，故有解得，故D錯誤。故選B。5、A【解析】AB根據(jù)題意可知，由于電流從a到b為正方向，當(dāng)電流是從a流向b，由右手螺旋定則可知，鋁環(huán)M的磁場水平向右，由于電流的減小，所以磁通量變小，根據(jù)楞次定律可得，鋁環(huán)M的感應(yīng)電流順時針（從左向右看）。當(dāng)電流是從b流向a，由右手螺旋定則可知，鋁環(huán)M的磁場水平向左，當(dāng)電流增大，則磁通量變大，根據(jù)楞次定律可得，所以感應(yīng)電流順時針（從左向右看）。故電流方向不變，故A正確，B錯誤；C由圖乙可知，ab內(nèi)的

16、電流的變化率不變，則產(chǎn)生的磁場的變化率不變，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，鋁環(huán)M產(chǎn)生的電動勢的大小不變，所以感應(yīng)電流的大小也不變。故C錯誤；D當(dāng)線圈中電流為零時，鋁環(huán)M和線圈之間無磁場力作用，選項D錯誤；故選A。6、C【解析】A由可知，甲車一直做勻加速直線運動，故A錯誤；B在時兩車速度相等，且乙車在甲車前，2s到4s由于甲車速度大于乙車速度，所以兩車間距離減小，故B錯誤；C由圖像與坐標(biāo)軸所圍面積表示位移可知，4s內(nèi)乙車的位移為由圖可知，甲車的加速度為由于甲車前2s的位移為0，由后2s的位移故兩車相遇，故C正確； D在時兩車速度相等，距離最大即為故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小

17、題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A對金屬桿ab、cd整體，由于兩桿所受的安培力大小相等，方向相反，所以由平衡條件有故A正確。BCcd桿做勻速直線運動 ，則有解得I= 2.5A，因兩桿均切割磁感線，故均產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，且ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢一定大于cd產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，則有解得速度差為故B正確，C錯誤。Dab桿克服安培力做功功率為回路中產(chǎn)生焦耳熱的功率為可知ab桿克服安培力做功功率不等于回路中產(chǎn)生焦耳熱的功率，故D錯誤。故選AB。8、BCE【解析】A根據(jù)圖像可知：波的周期為0.2s,t=

18、0.2s時的波動圖像與t=0.1s時的波動圖象相反，根據(jù)“頭碰頭，尾碰尾”可知，質(zhì)點P的振動方向沿y軸正方向，故選項A錯誤；B由圖乙可知，t=0.1s時，質(zhì)點通過平衡位置，且向下振動，根據(jù)“頭碰頭，尾碰尾”可知，圖乙可能是x=1m或x=5m處的質(zhì)點振動圖象，故選項B正確；C由圖甲可知，圖乙可知，故波速質(zhì)點Q第一次到達(dá)波峰相當(dāng)于質(zhì)點x=2m處的波峰傳播到Q點，即故選項C正確；D經(jīng)過已知內(nèi)，振子走過的路程為；內(nèi)，若振子從平衡位置或兩級開始運動，則路程為。由于質(zhì)點P不是從平衡位置或兩級開始運動，故在這段時間內(nèi)，質(zhì)點P通過的路程不為30cm，實際上大于30cm，故選項D錯誤；E經(jīng)過0.4s，波向前傳播

19、的距離為即相當(dāng)于x=4m處的質(zhì)點運動形式傳播到Q點，此時Q位于波谷，加速度達(dá)到正向最大，位移反向最大，故選項E正確。故選BCE。9、AC【解析】ABD對A球受力分析并建立直角坐標(biāo)系如圖，由平衡條件得：豎直方向水平方向聯(lián)立解得B緩慢向右移動一小段距離，A緩慢下落，則增大。所以FN增大，N增大，由牛頓第三定律知故小球A對物體B的壓力逐漸增大，故A正確，BD錯誤；C整體水平方向受力平衡，則由于最大靜摩擦力不變，N增大、則F減小，故C正確。故選AC。10、CD【解析】根據(jù)粒子運動軌跡，應(yīng)用左手定則可以判斷出粒子的電性；粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)題意求出粒子軌道半徑關(guān)系，然后應(yīng)

20、用牛頓第二定律求出粒子的速度然后分析答題；根據(jù)粒子做圓周運動的周期公式與粒子轉(zhuǎn)過的圓心角求出粒子的運動時間【詳解】由甲粒子垂直于bc邊離開磁場可知，甲粒子向上偏轉(zhuǎn)，所以甲粒子帶正電，由粒子從ad邊的中點離開磁場可知，乙粒子向下偏轉(zhuǎn)，所以乙粒子帶負(fù)電，故A錯誤；由幾何關(guān)系可知，R甲=2L，乙粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的弦切角為60，弦長為，所以：=2R乙sin60，解得：R乙=L，由牛頓第二定律得：qvB=m，動能：EK=mv2=，所以甲粒子的動能是乙粒子動能的24倍，故B錯誤；由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：，洛倫茲力：f=qvB=，即，故C正確；由幾何關(guān)系可知，甲粒子的圓心角為300，由B分析可得

21、，乙粒子的圓心角為120，粒子在磁場中的運動時間：t=T，粒子做圓周運動的周期： 可知，甲粒子在磁場中的運動時間是乙粒子在磁場中運動時間的1/4倍，故D正確.【點睛】題考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動，要掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運動軌跡后，利用洛倫茲力提供向心力，結(jié)合幾何關(guān)系進(jìn)行求解；運用粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角，結(jié)合周期公式，求解粒子在磁場中運動的時間三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C 有效 7.2 正比 大于 【解析】(1) 1因為探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系，必須用交流電，又因為安全起見必須用低壓電，所以用低壓交流電，故選C。(1) 2多用電表測量的交流電壓為有效值，不是最大值；3多用電表選用的檔位是交流電壓的10V檔位，所以應(yīng)該在010V檔位讀數(shù)，所以讀數(shù)應(yīng)該是7.2V；(4)4 根據(jù)可知，理想變壓器原、副線圈電壓應(yīng)與其匝數(shù)成正比。5實驗中由于變壓器的銅損和鐵損導(dǎo)致副線圈的電壓U2減小，所以導(dǎo)致，故填大于。12、AB 釋放前，用米尺測量右盤離地面的高度h，用秒表記錄右盤下落至地面的時間t 系統(tǒng)質(zhì)量一定時，其加速度與所受合外力成正比 【解析】(2)1根據(jù)實驗原理可知，砝碼盤做勻加速直線運動，由公式可知，要得到加速度應(yīng)測量釋