1、2021版高考物理總復(fù)習(xí)專題三牛頓運(yùn)動(dòng)定律習(xí)思用PAGE PAGE 21專題三 牛頓運(yùn)動(dòng)定律考點(diǎn)1牛頓運(yùn)動(dòng)定律的理解與應(yīng)用1.2017貴州遵義航天高中高三二模多選伽利略根據(jù)小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和理想實(shí)驗(yàn),提出了慣性的概念,從而奠定了牛頓力學(xué)的基礎(chǔ).早期物理學(xué)家關(guān)于慣性有下列說(shuō)法,其中正確的是()A.物體抵抗運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的性質(zhì)是慣性B.沒(méi)有力的作用,物體只能處于靜止?fàn)顟B(tài)C.行星在圓周軌道上保持勻速率運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)是慣性D.運(yùn)動(dòng)物體如果沒(méi)有受到力的作用,將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)2.根據(jù)牛頓第二定律,下列敘述正確的是()A.物體加速度的大小跟它的質(zhì)量和速度大小的乘積成反比B.物體所受合力必須達(dá)到

2、一定值時(shí),才能使物體產(chǎn)生加速度C.物體加速度的大小跟它所受作用力中的任一個(gè)的大小成正比D.當(dāng)物體質(zhì)量改變但其所受合力的水平分力不變時(shí),物體水平加速度大小與其質(zhì)量成反比3.多選2017年10月11日,新華社電:日前,我國(guó)長(zhǎng)征運(yùn)載火箭至今發(fā)射252次,將344個(gè)航天器送入預(yù)定軌道,具備了將實(shí)用航天器送入各種空間軌道的能力.隨著我國(guó)新一代長(zhǎng)征運(yùn)載火箭的型號(hào)更加完備,將進(jìn)一步奠基我國(guó)航天事業(yè)發(fā)展基礎(chǔ),助力我國(guó)航天強(qiáng)國(guó)夢(mèng)的實(shí)現(xiàn).下面關(guān)于長(zhǎng)征運(yùn)載火箭起飛情形的敘述正確的是()A.火箭尾部向下噴氣,噴出的氣體反過(guò)來(lái)對(duì)火箭產(chǎn)生一個(gè)反作用力,從而讓火箭獲得了向上的推力B.火箭尾部噴出的氣體對(duì)空氣產(chǎn)生一個(gè)作用力,

3、空氣的反作用力使火箭獲得飛行的動(dòng)力C.火箭飛出大氣層后,由于沒(méi)有空氣,火箭雖然向下噴氣,但無(wú)法獲得前進(jìn)的動(dòng)力D.飛船進(jìn)入運(yùn)動(dòng)軌道之后,與地球之間仍然存在一對(duì)作用力與反作用力4.2013全國(guó)卷,4,6分一物塊靜止在粗糙的水平桌面上.從某時(shí)刻開(kāi)始,物塊受到一方向不變的水平拉力作用.假設(shè)物塊與桌面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力.以a表示物塊的加速度大小,F表示水平拉力的大小.能正確描述F與a之間關(guān)系的圖象是()5.2018湖北孝感高三檢測(cè)如圖所示,放在固定斜面上的物塊以加速度a沿斜面勻加速下滑,若在物塊上再施加一個(gè)豎直向下的恒力F,則()A.物塊可能勻速下滑B.物塊仍以加速度a勻加速下滑C.物塊將以

4、大于a的加速度勻加速下滑D.物塊將以小于a的加速度勻加速下滑6.2018安徽八校第一次聯(lián)考磁性冰箱貼既可以用來(lái)裝飾冰箱,也可以用來(lái)記事備忘,當(dāng)冰箱貼緊緊吸住側(cè)壁不動(dòng)時(shí),下列說(shuō)法正確的是()A.冰箱貼受到三個(gè)力作用B.冰箱貼受到四個(gè)力作用C.磁性吸力和彈力是一對(duì)相互作用力D.冰箱貼受到的摩擦力的大小大于其受到的重力7.2015重慶高考,5,6分若貨物隨升降機(jī)運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示(豎直向上為正),則貨物受到升降機(jī)的支持力F與時(shí)間t的關(guān)系圖象可能是()考點(diǎn)2兩類典型的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題及動(dòng)力學(xué)問(wèn)題中的三大模型8.2018山東濟(jì)南檢測(cè)多選如圖所示,在光滑水平面上放著緊靠在一起的A、B兩物體,B的質(zhì)量是A的

5、2倍,B受到向右的恒力FB=2 N,A受到的水平力FA=(9-2t) N(t的單位是s).從t=0開(kāi)始計(jì)時(shí),則()A.A物體3 s末時(shí)的加速度是初始時(shí)刻的511B.t4 s后,B物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C.t=4.5 s時(shí),A物體的速度為零D.t4.5 s后,A、B的加速度方向相反9.2017山西朔州懷仁一中模擬如圖所示,物體A1、A2和B1、B2的質(zhì)量均為m,A1、A2用剛性輕桿連接,B1、B2用輕質(zhì)彈簧連接.兩個(gè)裝置都放在水平的支托物上,處于平衡狀態(tài),突然迅速地撤去支托物,讓物體下落,在撤去支托物的瞬間,A1、A2所受合外力分別是FA1和FA2,B1、B2所受合外力分別為FB1和FB2,則()

6、A.FA1=0,FA2=2mg,FB1=0,FB2=2mgB.FA1=mg,FA2=mg,FB1=0,FB2=2mgC.FA1=0,FA2=2mg,FB1=mg,FB2=mgD.FA1=mg,FA2=mg,FB1=mg,FB2=mg10.如圖甲所示,兩物體A、B疊放在光滑水平面上,對(duì)物體A施加一水平力F,F-t圖象如圖乙所示.兩物體在力F作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),且始終相對(duì)靜止,則()A.A對(duì)B的摩擦力方向始終與力F的方向相同B.23 s時(shí)間內(nèi)兩物體間的摩擦力逐漸減小C.兩物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)D.兩物體沿直線做往復(fù)運(yùn)動(dòng)11.2017山西太原外國(guó)語(yǔ)學(xué)校高三檢測(cè)如圖所示,有一半圓,其直徑水平且與另一圓

7、的底部相切于O點(diǎn),O點(diǎn)恰好是該半圓的圓心,它們處在同一豎直平面內(nèi).現(xiàn)有三條光滑軌道AOB、COD、EOF,它們的兩端分別位于上下兩圓的圓周上,軌道與豎直直徑的夾角關(guān)系為,現(xiàn)讓一小物塊先后從三條軌道頂端由靜止下滑至底端,則小物塊在每一條傾斜軌道上滑動(dòng)時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間關(guān)系為()A.tAB=tCD=tEFB.tABtCDtEF C.tABtCDtEFD.tAB=tCDv1,則()A.t2時(shí)刻,小物塊離A處的距離達(dá)到最大B.t2時(shí)刻,小物塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的距離達(dá)到最大C.0t2時(shí)間內(nèi),小物塊受到的摩擦力方向先向右后向左D.0t3時(shí)間內(nèi),小物塊始終受到大小不變的摩擦力作用13.2018寧夏銀川檢測(cè)為了測(cè)定

8、木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù),某同學(xué)用測(cè)速儀研究木塊在斜面上的運(yùn)動(dòng)情況,裝置如圖甲所示.他使木塊以v0=4 m/s的初速度沿傾角=30的斜面上滑,并同時(shí)開(kāi)始記錄數(shù)據(jù),利用電腦繪出了木塊從開(kāi)始至最高點(diǎn)的v-t圖線,如圖乙所示.木塊到達(dá)最高點(diǎn)后又沿斜面滑下.g取10 m/s2.求:14.2018山東臨沂模擬如圖所示,傳送帶的傾角=37,從A到B的長(zhǎng)度為L(zhǎng)AB=16 m,傳送帶以v0=10 m/s的速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng).在傳送帶上端無(wú)初速度放一個(gè)質(zhì)量為m=0.5 kg 的物體,它與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5,求物體從A運(yùn)動(dòng)到B所需的時(shí)間是多少?(sin 37=0.6,cos 37=0.8,g取10 m/s

9、2) 考點(diǎn)3實(shí)驗(yàn)：探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系15.2017新疆維吾爾自治區(qū)檢測(cè)用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置,驗(yàn)證“當(dāng)質(zhì)量一定時(shí),物體運(yùn)動(dòng)的加速度與它所受的合力成正比”這一物理規(guī)律.小車的質(zhì)量為M保持不變,改變懸掛重物的質(zhì)量,重物下落過(guò)程中,每次用50 Hz的電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出一條紙帶并讀出彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F.實(shí)驗(yàn)中已平衡摩擦力,滑輪及細(xì)線的質(zhì)量不計(jì).以小車為研究對(duì)象:圖甲圖乙(1)如圖乙所示為實(shí)驗(yàn)打出的一條紙帶,每?jī)牲c(diǎn)間還有四點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出.則小車的加速度a=m/s2.(2)若a、F、M三者之間滿足關(guān)系式a=,則驗(yàn)證了上述規(guī)律.(3)若懸掛重物的質(zhì)量為m,本實(shí)驗(yàn)是否需要滿足mM?(填“是”或“否”).16

10、.利用力傳感器研究“加速度與合外力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示.(1)下列關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的說(shuō)法,正確的是.(選填選項(xiàng)前的字母)A.做實(shí)驗(yàn)之前必須平衡摩擦力B.小車的質(zhì)量必須比所掛鉤碼的質(zhì)量大得多C.應(yīng)調(diào)節(jié)定滑輪的高度使細(xì)線與木板平行D.實(shí)驗(yàn)開(kāi)始的時(shí)候,小車最好距離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器遠(yuǎn)一點(diǎn)(2)從實(shí)驗(yàn)中挑選一條點(diǎn)跡清晰的紙帶,每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),用刻度尺測(cè)量計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示,已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50 Hz.從圖中所給的刻度尺上讀出A、B兩點(diǎn)間的距離x1= cm,該小車的加速度a= m/s2(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字),實(shí)驗(yàn)中紙帶的(填“左”或“右”)端與小車相連接.答案1.AD物體保持原

11、來(lái)勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)叫慣性,即物體抵抗運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的性質(zhì),A正確.沒(méi)有力的作用,物體也可能保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài),B錯(cuò)誤,D正確.行星在圓周軌道上保持勻速率運(yùn)動(dòng)而不是勻速直線運(yùn)動(dòng),所以不能稱為慣性,C錯(cuò)誤.2.D物體加速度的大小與質(zhì)量和速度大小的乘積無(wú)關(guān),A錯(cuò)誤.物體所受合力不為零,則a0,B錯(cuò)誤.加速度的大小與其所受合力的大小成正比,C錯(cuò)誤.由牛頓第二定律的獨(dú)立性可知ax=Fxm,D正確.3.AD火箭升空時(shí),其尾部向下噴氣,火箭箭體與被噴出的氣體是一對(duì)相互作用的物體,火箭向下噴氣時(shí),噴出的氣體同時(shí)對(duì)火箭產(chǎn)生向上的反作用力,即為火箭上升的推力,此動(dòng)力并不是由周圍的空氣對(duì)火箭的反作用

12、力提供的,因此與火箭是否飛出大氣層、是否在空氣中飛行無(wú)關(guān),選項(xiàng)A正確,選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤;當(dāng)飛船進(jìn)入軌道后,飛船與地球之間依然存在著萬(wàn)有引力,即地球吸引飛船,飛船也吸引地球,這是一對(duì)作用力與反作用力,選項(xiàng)D正確.4.C物塊的受力如圖所示,當(dāng)F不大于最大靜摩擦力時(shí),物塊仍處于靜止?fàn)顟B(tài),故其加速度為0;當(dāng)F大于最大靜摩擦力后,由牛頓第二定律,得F-FN=ma,即F=FN+ma,F與a成線性關(guān)系,選項(xiàng)C正確.C設(shè)斜面傾角為,對(duì)物塊由牛頓第二定律列式得mgsin -mgcos =ma,解得a=gsin -gcos =g(sin -cos );加上恒力F后,(mg+F)sin -(mg+F)cos =ma,

13、得a=(mg+F)sin-(mg+F)cosm=mg+Fm(sin -cos ),因mg+Fmg,所以aa,即加速度增大,故C項(xiàng)正確.6.B冰箱貼共受到重力、摩擦力、冰箱門(mén)對(duì)它的吸引力、冰箱門(mén)對(duì)它的支持力等四個(gè)力作用,A錯(cuò)誤,B正確;相互的磁性吸力是一對(duì)相互作用力,磁性吸力和彈力是一對(duì)平衡力,C錯(cuò)誤;由于冰箱貼相對(duì)地面是靜止的,因此冰箱貼受到的摩擦力的大小等于受到的重力,D錯(cuò)誤.7.B由v-t圖象,可知升降機(jī)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程為向下加速(失重:Fmg)向上加速(超重:Fmg)向上勻速(F=mg)向上減速(失重:F4.5 s后,A所受合外力反向,即A、B的加速度方向相反.當(dāng)t可知,tABtCDtEF,選

14、項(xiàng)B正確.12.B小物塊對(duì)地速度為零時(shí),即t1時(shí)刻,小物塊向左離開(kāi)A處最遠(yuǎn).t2時(shí)刻,小物塊相對(duì)傳送帶靜止,此時(shí)不再相對(duì)傳送帶滑動(dòng),所以從開(kāi)始到此刻,小物塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的距離最大.0t2時(shí)間內(nèi),小物塊受到的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力,方向始終向右,大小不變;t2時(shí)刻以后小物塊相對(duì)傳送帶靜止,不再受摩擦力作用.B正確.13.(1)0.35(2)2 m/s解析:(1)由題圖可知,木塊經(jīng)0.5 s滑至最高點(diǎn)上滑過(guò)程中加速度的大小a1=v0t1上滑過(guò)程中,沿斜面向下的重力的分力和摩擦力提供加速度,由牛頓第二定律得mgsin +mgcos =ma1代入數(shù)據(jù)得=0.35.(2)木塊下滑的距離等于上滑的距離,上滑

15、的距離x=v022a1木塊下滑時(shí),摩擦力方向變?yōu)檠匦泵嫦蛏?設(shè)木塊加速度為a2,由牛頓第二定律得mgsin -mgcos =ma2代入數(shù)據(jù)解得a2=2 m/s2下滑至出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小v=2a2x,解得v=2 m/s.14.2 s解析:開(kāi)始階段, 傳送帶對(duì)物體的滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向下,物體由靜止開(kāi)始加速下滑,受力如圖甲所示由牛頓第二定律得mgsin +mgcos =ma1 解得a1=gsin +gcos =10 m/s2物體加速至速度與傳送帶速度相等時(shí)需要的時(shí)間t1=v0a1=1 s物體運(yùn)動(dòng)的位移s1=12a1t12 =5 m16 m即物體加速到10 m/s時(shí)仍未到達(dá)B點(diǎn)當(dāng)物體加速至與傳送帶速

16、度相等時(shí),由于tan ,物體在重力作用下將繼續(xù)加速運(yùn)動(dòng),此后物體的速度大于傳送帶的速度,傳送帶對(duì)物體的滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向上,物體受力如圖乙所示, 由牛頓第二定律得mgsin -mgcos =ma2解得a2=2 m/s2設(shè)此階段物體滑動(dòng)到B所需時(shí)間為t2,則LAB-s1=v0t2+12a2t22解得t2=1 s,t2=-11 s(舍去)故物體從A運(yùn)動(dòng)到B所需的時(shí)間t=t1+t2=2 s.15.(1)0.16(2)2FM(3)否解析:(1)由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式x=aT2,其中T=50.02 s=0.10 s,解得小車的加速度a=0.16 m/s2.(2)題圖甲小車所受拉力等于彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)的2倍,即2F,所以若a、F、M三者之間滿足關(guān)系式a=2FM,則驗(yàn)證了“當(dāng)質(zhì)量一定時(shí),物體運(yùn)動(dòng)的加速度與它所受的合力成正比”.(3)由于細(xì)線中連接有彈簧測(cè)力計(jì),因此不需要滿足mM.16.(1)AC(2)0.700.20左解析:(1