1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試

2、卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，小明用水平力推停在水平地面上的汽車，但沒有推動，下列關于小明沒有推動汽車的解釋中正確的是（）A.小明的推力與汽車對小明反作用力相互抵消，所以汽車不動B.小明的推力小于地面對汽車的摩擦力，所以汽車不動C.小明的推力與地面對汽車的摩擦力平衡，所以汽車不動D.汽車由于質量大，慣性很大，小明的水平力大小有限，不可能推動2、下列物理量屬于矢量及其對應的國際單位制符號，正確的是A.力，kgB.質量，kgC.加速度，D.速度，3、下列說法中正確的是( )A.伽利略認為重的物體比輕的物體下落

3、快B.牛頓發(fā)現并總結了彈簧彈力與形變量的關系C.牛頓第一定律也稱為慣性定律D.速度的定義式表示的是t時刻的瞬時速度4、在水平地面上運動小車車廂底部有一質量為m1的木塊，木塊和車廂通過一根水平輕彈簧相連接，彈簧的勁度系數為k，在車廂的頂部用一根細線懸掛一質量為m的小球某段時間內發(fā)現細線與豎直方向的夾角為，在這段時間內木塊與車廂保持相對靜止，彈簧的形變量為x，如圖所示不計木塊與車廂底部的摩擦力，則在這段時間內（）A.小車一定向左做加速運動B.彈簧可能處于壓縮狀態(tài)C.小車的加速度方向向左，大小為D.彈簧的形變量為5、如圖是一名登山運動員攀登陡峭雪壁的情形，如果認為峭壁的平面是豎直的平面，冰面是光滑的

4、，腿與峭壁面是垂直的，輕繩與壁面的夾角為30，運動員重72kg。則輕繩給運動員的張力大小T為(g10m/s2)( ) A.360NB.360NC.1440ND.480N6、對做勻變速直線運動物體，下列說法正確的是（）A.在1s內、2s內、3s內物體通過的位移之比是1：3：5B.一質點的位置坐標函數是x=4t+2t2，則它運動的初速度是4m/s，加速度是2m/s2C.做勻減速直線運動的物體，位移一定隨時間均勻減小D.任意兩個連續(xù)相等時間間隔內物體的位移之差都相等7、質量為2 kg的質點在x-y平面上做曲線運動,在x方向上的速度圖象和y方向上的位移圖象如圖所示,下列說法正確的是 ( )A.質點的初

5、速度為5 m/sB.2 s末質點速度大小為6 m/sC.質點做曲線運動的加速度大小為3 m/s2D.質點所受的合力為3 N8、下列說法中正確的是A.任何物體都可當作參照系B.速度越大的物體慣性越大C.當物體沿直線朝一個方向運動時，位移就是路程D.如果物體的形狀和大小對所研究的問題屬于無關或次要因素時，即可把物體看作質點9、某小城街道兩旁的仿古路燈如圖所示，燈籠懸掛在燈柱上，若風沿水平方向由右向左吹來，且風力緩慢增大，則（）A.燈柱對燈籠作用力逐漸減小B.燈柱對燈籠的作用力逐漸增大C.燈柱對燈籠的作用力與豎直方向的夾角逐漸增大D.燈柱對燈籠的作用力與豎直方向的夾角逐漸減小10、由運動質點a、b、

6、c、d的圖像可知A.時刻a、b兩質點相遇B.時刻c、d兩質點共速C.從到時間內，b和d兩個質點的速率先減小后增大D.從到時間內，a、b兩質點平均速度相同，c、d兩質點平均速度相同11、如圖所示，A和B的質量分別是1kg和2kg，彈簧和懸線的質量不計，在A上面的懸線燒斷的瞬間（）A.A的加速度等于3gB.A的加速度等于gC.B的加速度為零D.B的加速度為g12、2010年11月25日，廣州亞運會男子跳水決賽中3米板項目中，中國選手何沖和羅玉通分別獲得金牌和銀牌如圖所示是何沖從跳板上起跳的瞬間，下列說法中正確的是（）A.他對跳板壓力大于他受到的重力B.跳板對他的支持力等于他對跳板的壓力C.跳板他對

7、的支持力大于他對跳板的壓力D.他對跳板的壓力等于他受到的重力二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）某實驗小組利用圖甲所示裝置“探究加速度與物體受力的關系”，已知小車的質量為M，砝碼及砝碼盤的總質量為m，打點計時器所接的交流電的頻率為50Hz。(1)實驗中m_（填“需要”或“不需要”）滿足遠小于M。(2)實驗中，將長木板左端墊高，其目的是_。(3)若實驗中打出的一條紙帶如圖乙所示，點1、2、3、4為相鄰的計數點，且相鄰兩計數點間還有四個計時點未畫出，則小車的加速度大小為_（結果保留一位有效數字）。(4)根據本實驗得到的數據作出小車的加速度a與彈簧測力計的示數F的關系圖像，下

8、圖中可能與本實驗相符合的是_。A. B. C.14、（10分）在做完“驗證力的平行四邊形定則”實驗后,某同學將其實驗操作過程進行了回顧,并在筆記本上記下如下幾條體會,你認為他的體會中正確的是 ()A.用兩只彈簧測力計拉橡皮條時,應使兩細繩套間的夾角為90,以便算出合力的大小B.用兩只彈簧測力計拉時合力的圖示F與用一只彈簧測力計拉時彈力的圖示F不完全重合,在誤差允許范圍內,可以說明“力的平行四邊形定則”成立C.若F1、F2方向不變,而大小各增加1 N,則合力的方向也不變,大小也增加1 ND.在用彈簧測力計拉橡皮條時,要使彈簧測力計與木板平面平行三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36

9、分）15、（12分）如圖所示，質量為m，橫截面為直角三角形的物塊ABC，ABC，AB邊靠在豎直墻面上，物塊與墻面間的動摩擦因數為，現物塊在垂直于斜面BC的推力作用下，沿墻面勻速滑動，試表示出力F的大小16、（12分）如圖，物體質量為，靜置于水平面上，它與水平面間的動摩擦因數，用大小為、方向與水平方向夾角的拉力F拉動物體，拉動4s后，撤去拉力F，物體最終停下來取試求：物體前4s運動的加速度是多大_？物體從開始出發(fā)到停下來，物體的總位移是多大_？17、（12分）如圖所示，光滑水平桌面上物體A質量為m1，系一細繩，細繩跨過桌沿的定滑輪后懸掛質量為m2的物體B，先用手使B靜止（細繩質量及滑輪摩擦均不計

10、）(1)求放手后A、B一起運動中繩上的張力FT(2)若在A上再疊放一個與A質量相等的物體C，繩上張力就增大到，求m1：m2參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】A小明的推力與汽車對小明反作用力是一對作用力與反作用力，不能相互抵消，故A錯誤；BC汽車在水平推力的作用下保持靜止狀態(tài)，汽車水平方向上受到的推力和摩擦力是一對平衡力，大小相等，故B錯誤，C正確；D能否推動取決于小車合力，如果汽車與地面間的摩擦很小，小明有可能推動，故D錯誤。故選C。2、D【解析】A.力是矢量，單位符號是N，故A錯誤；B.質量是標量，單位符號是kg，故B

11、錯誤；C.加速度是矢量，單位符號是，故C錯誤；速度是矢量，單位符號是，故D正確；選D.3、C【解析】A、伽利略認為重的物體和輕的物體下落一樣快，亞里士多德認為重的物體比輕的物體下落快，故A錯誤；B、胡克發(fā)現并總結了彈簧彈力與伸長量的關系，故B錯誤；C、牛頓第一定律也稱為慣性定律，故C正確；D、速度表達式表示t時間內的平均速度，當時間t變得很短，無限接近零時，我們認為此時的平均速度可看作某一時刻的速度即瞬時速度，采用的是極限思維法，故D錯誤【點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一，同時要注意速度的表達式4、D【解析】小球、木塊和小

12、車具有相同的加速度，隔離對小球分析，根據牛頓第二定律求出小球的加速度，對m1受力分析，由牛頓第二定律求彈簧的形變量【詳解】由題意知，木塊、小車、小球相對靜止，具有相同的加速度，對小球進行受力分析有：小球受重力和細線的拉力，在兩個力作用下小球在豎直方向處于平衡狀態(tài)，水平方向產生加速度，所以有：Tsin=ma，Tcos=mg；所以可得小球的加速度a=gtan，方向水平向左，則小車的加速度為a=gtan，方向水平向左，而小車的速度方向不確定，所以小車可能向左做加速運動，也可能向右減速運動，故AC錯誤對m1分析知，m1的加速度水平向左，合力水平向左，彈簧對m1必定有水平向左的拉力，所以彈簧一定處于伸長

13、狀態(tài)，故B錯誤對m1，由牛頓第二定律，得：kx=m1a，解得x=tan，故D正確，故選D【點睛】本題要通過對小球的受力分析得出加速度的大小和方向，再根據加速度判斷物體的運動情況注意當加速度向某個方向時物體可以沿這個方向做加速運動，也可以沿相反方向做減速運動5、D【解析】對運動員受力分析如圖所示：根據平衡條件，水平方向：N=Tsin30豎直方向：Tcos30=mg故細繩給人的張力為：故選D。6、D【解析】A初速度為零時，1s內、2s內、3s內通過位移之比為1：4：9，故A錯誤；B根據得，物體的初速度為4m/s，加速度為4m/s2，故B錯誤；C勻減速直線運動物體速度隨時間均勻減小，位移不是均勻減小

14、，故C錯誤；D勻變速直線運動的物體，任意兩個連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量，即x=aT2，故D正確。故選D。7、AD【解析】Ax軸方向初速度為vx=3m/s，y軸方向初速度 質點的初速度選項A正確；B2 s末質點速度大小為選項B錯誤；C質點做曲線運動加速度大小為選項C錯誤；D質點所受的合力為F=ma=3 N選項D正確；故選AD。8、AD【解析】研究物體的運動必須選擇參考系，參考系的選擇是任意的，但不能選研究對象自身作為參考系；質量是慣性大小的量度；當質點做單向直線運動時，位移的大小一定等于路程；當物體的大小和形狀對所研究的問題沒有影響或影響很小，可忽略不計時，可以把物體看成質點.【詳解】A、

15、研究物體的運動必須選擇參考系，參考系的選擇是任意的；選項A正確.B、質量是物體慣性大小的量度，與物體運動速度大小無關；選項B錯誤.C、路程是標量，位移是矢量；選項C錯誤.D、如果物體的形狀和大小對所研究的問題屬于無關或次要因素時，即可把物體看作質點；選項D正確.故選AD.【點睛】本題考查參考系、質點、慣性、路程與位移等幾個基本概念，關鍵是理清這些概念.9、BC【解析】對燈籠受力分析可得下圖所示由勾股定理可得，風力越來越大，則燈柱對燈籠的作用力逐漸增大，燈柱對燈籠的作用力與豎直方向的夾角逐漸增大，AD錯誤，BC正確。故選BC。10、ABC【解析】A第一個圖像為位移時間圖像，可知時刻a、b兩質點在

16、同一位置，所以時刻a、b兩質點相遇。故A正確；B第二個圖像為速度時間圖像，由圖像可知時刻c、d兩質點速度共速。故B正確；C位移時間圖像上任意點的切線斜率大小表示該點時刻質點的速度大小，所以從到時間內，質點b速率先減小后增大；速度時間圖像，d兩個質點的速率先減小后增大，故C正確；D從到時間內，由第一個圖像可知：時刻a、b兩質點在同一位置，時刻a、b兩質點也在另一相同位置，所以從到時間內，a、b兩質點平均速度相同。由第二個圖像可知：從到時間內，c、d兩質點通過的位移不同，時間相同，c、d兩質點平均速度不相同，故D錯誤。故選ABC。11、AC【解析】懸線燒斷彈簧前，由B平衡得到，彈簧的彈力大小懸線燒

17、斷的瞬間，彈簧的彈力沒有來得及變化，大小仍為，此瞬間B物體受到的彈力與重力仍平衡，合力為零，則B的加速度為零，A受到重力和向下的彈力，由牛頓第二定律得，方向向下，AC正確【點睛】在應用牛頓第二定律解決瞬時問題時，一定要注意，哪些力不變，（彈簧的的形變量來不及變化，彈簧的彈力不變），哪些力變化（如繩子斷了，則繩子的拉力變?yōu)榱?，或者撤去外力了，則外力變?yōu)榱?，）然后結合整體隔離法，應用牛頓第二定律分析解題12、AB【解析】A、因人在起跳時向上加速，故人受到的支持力應大于重力，而人受到的支持力與他對跳板的壓力為作用力與反作用力，故他對跳板的壓力大于他受到的重力，故A正確，D錯誤；B、跳板對他的支持力和

18、他對跳板壓力為作用力與反作用力，故二力大小一定相等，故B正確，C錯誤二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 .不需要 .平衡摩擦力 .6 .A【解析】(1)彈簧測力計可以測出繩子拉力，不需要。(2)將長木板左端墊高的目的是平衡摩擦力，即小車自身重力沿斜面向下的分力和滑動摩擦力等大反向，這樣在實驗過程中繩子的拉力就可以作為小車受到的合外力。(3)根據逐差法求解加速度小車的加速度大小為。(4)4根據牛頓第二定律變形小車質量不變，可知圖像是過原點的直線，A正確，BC錯誤。故選A14、BD【解析】A：用兩只彈簧拉橡皮條時，兩細繩套的夾角約在60120范圍，實驗中不需要計算出合力的大小，沒

19、必要非得把繩套間夾角設定為90故A項錯誤B：實驗中F與F的圖示不一定完全重合，只要兩者長度差不多，夾角很小，就可以近似驗證“力的平行四邊形定則”故B項正確C：F1、F2夾角不確定，它們大小與合力F的大小關系不確定，不能通過F1、F2大小的變化來確定F大小的變化故C項錯誤D：為減小讀數和作圖的誤差，實驗中用彈簧測力計拉橡皮條時，應使彈簧測力計與木板平面平行且彈簧測力計的軸線沿橡皮條或細繩套方向故D正確三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、向上時向下時【解析】解：若物塊向上勻速滑行，對物塊受力分析，受到重力、彈力、推力F以及向下的滑動摩擦力，如圖所示： 根據平衡條件得：FsinfG=0Fcos=Nf