高考全真模擬理科綜合之物理精準(zhǔn)模擬試卷第2周第3練二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14．如圖，一小車上有一個(gè)固定的水平橫桿，左邊有一輕桿與豎直方向成角與橫桿固定，下端連接一質(zhì)量為m的小球橫桿右邊用一根細(xì)線吊一相同的小球當(dāng)小車沿水平面做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)線保持與豎直方向的夾角為已知，則下列說(shuō)法正確的是A．小車一定向右做勻加速運(yùn)動(dòng) B．輕桿對(duì)小球P的彈力沿輕桿方向C．小球P受到的合力大小為 D．小球Q受到的合力大小為【答案】D【解析】D．以小球Q為研究對(duì)象，受力分析如圖所示，根據(jù)平行四邊形定則可求合力：F=mgtanα故D正確；A．根據(jù)牛頓第二定律F=ma，可求加速度為a=gtanα分析水平向右，故小車可能向右做加速運(yùn)動(dòng)，向左做減速運(yùn)動(dòng)，所以A錯(cuò)誤；BC．小球P受合外力，由牛頓第二定律得FP=ma=mgtanα又因θ<α，所以輕桿對(duì)小球P的彈力不沿輕桿方向．選項(xiàng)BC錯(cuò)誤；故選D。15．將阻值為R的電阻接入下圖所示的方波電壓，則一周期內(nèi)其兩端電壓有效值是（）A．200V B．V C．V D．220V【答案】A【解析】設(shè)方形波有效值為，由圖示波形圖可知：解得：A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A。16．游樂(lè)場(chǎng)中有一種叫空中飛椅的設(shè)施，其基本裝置是將繩子上端固定在轉(zhuǎn)盤的邊緣上。繩子下端連接座椅，人坐在座椅上隨轉(zhuǎn)盤旋轉(zhuǎn)面在空中飛，若將人和座椅看成質(zhì)點(diǎn)，簡(jiǎn)化為如圖所示的模型，不計(jì)空氣阻力，當(dāng)人做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，圖中l(wèi)和d不變，下列說(shuō)法中正確的是（）A．繩的拉力對(duì)座椅做正功B．θ角越大，小球的周期越小C．θ角越大，繩子拉力越小D．θ角越大，小球的線速度越小【答案】B【解析】A.當(dāng)人做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，繩的拉力方向上沒(méi)有位移發(fā)生，拉力不做功，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BD.當(dāng)人做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，小球與轉(zhuǎn)盤一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)速度大小為v，由重力和繩子的拉力的合力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，如圖：則有：解得所以θ角越大，小球的周期越小，小球的線速度越大。選項(xiàng)B正確，D錯(cuò)誤；C.豎直方向上有：可知θ角越大，繩子拉力越大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；故選B。17．下圖為靜電除塵機(jī)的原理示意圖，廢氣先經(jīng)過(guò)一個(gè)機(jī)械過(guò)濾裝置再進(jìn)入靜電除塵區(qū)，帶負(fù)電的塵埃在電場(chǎng)力的作用下向集塵極遷移并沉積，圖中虛線為電場(chǎng)線(方向未標(biāo))。不考慮塵埃在遷移過(guò)程中的相互作用和電荷量變化，則：（）A．電場(chǎng)線方向由放電極指向集塵極 B．圖中A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)C．塵埃在遷移過(guò)程中做勻變速運(yùn)動(dòng) D．塵埃在遷移過(guò)程中動(dòng)能減小【答案】B【解析】A.帶負(fù)電的塵埃在電場(chǎng)力的作用下向集塵極遷移，則集塵極應(yīng)帶正電荷，是正極，所以電場(chǎng)線方向由集塵極指向放電極，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.集塵極帶正電荷，是正極，A點(diǎn)更靠近放電極，所以圖中A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)，選項(xiàng)B正確；C.放電極與集塵極間是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，塵埃所受的電場(chǎng)力是變化的，所以塵埃不是做勻變速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.帶電塵埃所受的電場(chǎng)力方向與位移方向相同，做正功，所以在遷移過(guò)程中動(dòng)能增大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。18．如圖所示，水平面O點(diǎn)左側(cè)光滑，O點(diǎn)右側(cè)粗糙且足夠長(zhǎng)，有10個(gè)質(zhì)量均為m完全相同的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）用輕細(xì)桿相連，相鄰小滑塊間的距離為L(zhǎng)，滑塊1恰好位于O點(diǎn)，滑塊2、3……依次沿直線水平向左排開(kāi)，現(xiàn)將水平恒力F作用于滑塊1，經(jīng)觀察發(fā)現(xiàn)，在第3個(gè)小滑塊進(jìn)入粗糙地帶后到第4個(gè)小滑塊進(jìn)入粗糙地帶前這一過(guò)程中，小滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是A．粗糙地帶與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)B．勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度大小C．第一個(gè)滑塊進(jìn)入粗糙地帶后，第二個(gè)滑塊進(jìn)入前各段輕桿的彈力大小相等D．在水平恒力F作用下，10個(gè)滑塊全部可以進(jìn)入粗糙地帶【答案】B【解析】A、對(duì)整體分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，F(xiàn)=3μmg，解得，故A錯(cuò)誤.B、根據(jù)動(dòng)能定理得，解得，故B正確.C、第一個(gè)滑塊進(jìn)入粗糙地帶后，整體仍然做加速運(yùn)動(dòng)，各個(gè)物體的加速度相同，隔離分析，由于選擇的研究對(duì)象質(zhì)量不同，根據(jù)牛頓第二定律知，桿子的彈力大小不等，故C錯(cuò)誤.D、在水平恒力F作用下，由于第4個(gè)滑塊進(jìn)入粗糙地帶，整體將做減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)第n塊能進(jìn)入粗焅地帶，由動(dòng)能定理：，解得：n=7,所以10個(gè)滑塊不能全部進(jìn)入粗糙地帶，故D錯(cuò)誤．故選B.19．如圖所示為氫原子的能級(jí)圖，一群處于n＝5能級(jí)的氫原子在向n＝1能級(jí)躍遷的過(guò)程中()A．放出4種不同頻率的光子B．放出10種不同頻率的光子C．放出的光子的最大能量為13.06eV，最小能量為0.66eVD．放出的光子有的能使逸出功為13eV的金屬發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象【答案】BD【解析】AB．一群處于n＝5的能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷，共產(chǎn)生C＝＝10種不同頻率的光子，故A不符合題意，B符合題意；C．根據(jù)波爾理論能級(jí)差越大躍遷放出的光子能量越大，故：ΔEmax＝E5－E1＝－0.54eV－(－13.6eV)＝13.06eV，ΔEmin＝E5－E4＝－0.54eV－(－0.85eV)＝0.31eV，故C不符合題意；D．因ΔEmax＝13.06eV>13eV，故光子的能量大于逸出功可以使金屬發(fā)出光電效應(yīng)，故D符合題意。故選BD。20．如圖所示，設(shè)地球半徑為R，假設(shè)某地球衛(wèi)星在距地球表面高度為h的圓形軌道Ⅰ上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)行周期為T，到達(dá)軌道的A點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，到達(dá)軌道的近地點(diǎn)B時(shí)，再次點(diǎn)火進(jìn)入近地軌道Ⅲ繞地做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，引力常量為G，不考慮其他星球的影響，則下列說(shuō)法正確的是A．地球的質(zhì)量可表示為B．該衛(wèi)星在軌道Ⅲ上B點(diǎn)的速率大于在軌道Ⅱ上A點(diǎn)的速率C．衛(wèi)星在圓軌道Ⅰ和圓軌道Ⅲ上做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，軌道Ⅰ上動(dòng)能小，引力勢(shì)能大，機(jī)械能小D．衛(wèi)星從遠(yuǎn)地點(diǎn)A向近地點(diǎn)B運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，加速度變小【答案】AB【解析】A、在軌道I上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力，故有，解得，故選項(xiàng)A正確；B、在軌道Ⅰ的A點(diǎn)需要減速做近心運(yùn)動(dòng)才能進(jìn)入軌道Ⅱ，所以在在軌道Ⅱ上A點(diǎn)速率小于在軌道Ⅰ上A點(diǎn)的速率，根據(jù)可得，可知在軌道III上B點(diǎn)速率大于在軌道Ⅰ上A點(diǎn)的速率，所以該衛(wèi)星在軌道Ⅲ上B點(diǎn)的速率大于在軌道Ⅱ上A點(diǎn)的速率，故選項(xiàng)B正確；C、從B運(yùn)動(dòng)到A的過(guò)程中只受到地球引力作用，引力做負(fù)功，勢(shì)能增加，由于軌道III上的速度大于在軌道Ⅰ的速度，所以動(dòng)能減小，由于在軌道Ⅲ上B點(diǎn)點(diǎn)火加速機(jī)械能增加，在軌道Ⅱ上A點(diǎn)點(diǎn)火加速機(jī)械能增加，所以機(jī)械能增加，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D、根據(jù)公式可得，所以軌道半徑越大，向心加速度越小，故衛(wèi)星從遠(yuǎn)地點(diǎn)A向近地點(diǎn)B運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，軌道變小，加速度變大，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．故選AB．21．如圖所示，在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ內(nèi)分別存在與紙面垂直但方向相反的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，區(qū)域Ⅱ內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度是區(qū)域Ⅰ內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度的2倍，一帶電粒子在區(qū)域Ⅰ左側(cè)邊界處以垂直邊界的速度進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ，發(fā)現(xiàn)粒子離開(kāi)區(qū)域Ⅰ時(shí)速度方向改變了30°，然后進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ，測(cè)得粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間與區(qū)域Ⅰ內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，則下列說(shuō)法正確的是()A．粒子在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ中的速率之比為1∶1B．粒子在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ中的角速度之比為2∶1C．粒子在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ中的圓心角之比為1∶2D．區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ的寬度之比為1∶1【答案】ACD【解析】A．由于洛倫茲力對(duì)帶電粒子不做功，故粒子在兩磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)速率不變，故A正確；B．由洛倫茲力f＝qBv＝ma和a＝v·ω可知，粒子運(yùn)動(dòng)的角速度之比為ω1∶ω2＝B1∶B2＝1∶2則B錯(cuò)誤；C．由于粒子在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ內(nèi)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，由t＝可得t＝＝且B2＝2B1所以可得θ1∶θ2＝1∶2則C正確；D．由題意可知，粒子在區(qū)域Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的圓心角為30°，則粒子在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)的圓心角為60°，由R＝可知粒子在區(qū)域Ⅰ中的運(yùn)動(dòng)半徑是在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)半徑的2倍，設(shè)粒子在區(qū)域Ⅱ中的運(yùn)動(dòng)半徑為r，作粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，則由圖可知，區(qū)域Ⅰ的寬度d1＝2rsin30°＝r；區(qū)域Ⅱ的寬度d2＝rsin30°＋rcos(180°－60°－60°)＝r故D正確．故選ACD.22.（6分）某同學(xué)利用如圖所示裝置探究合力做功與動(dòng)能變化的關(guān)系，AB是足夠長(zhǎng)的斜面，CD為粗糙程度相同且足夠長(zhǎng)的水平木板，二者由一個(gè)小圓弧平滑連接。將帶有遮光片的小滑塊P從斜面AB上不同位置由靜止釋放，滑塊P將以不同速度通過(guò)光電門Q，最后停在長(zhǎng)木板CD上某處。已知重力加速度為g。(1)已知滑塊P上遮光片的寬度為d，滑塊經(jīng)過(guò)光電門時(shí)遮光片的擋光時(shí)間為△t，則滑塊經(jīng)過(guò)光電門Q時(shí)的速度為_(kāi)____。(2)要探究合力對(duì)滑塊做功與滑塊動(dòng)能變化的關(guān)系，除了要測(cè)出滑塊通過(guò)光電門時(shí)的速度外，還需要知道或測(cè)量的物理量是_____。A．滑塊P的質(zhì)量mB．滑塊P與斜面AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)C．滑塊P與水平長(zhǎng)木板CD間的動(dòng)摩擦因數(shù)D．滑塊P經(jīng)過(guò)光電門后停止的位置距光電門的距離x(3)如果關(guān)系式_______（用題中已知量的字母和所選擇的物理量的字母表示）成立，則合力對(duì)滑塊所做的功等于滑塊動(dòng)能的變化?！敬鸢浮緾D【解析】(1)滑塊經(jīng)過(guò)光電門Q時(shí)的速度為；(2)設(shè)滑塊質(zhì)量為m，由動(dòng)能定理可知，，解得，因此需要知道或測(cè)量的物理量為：滑塊P與水平長(zhǎng)木板CD間的動(dòng)摩擦因數(shù)，滑塊P經(jīng)過(guò)光電門后停止的位置距光電門的距離x；(3)那么成立，則合力對(duì)滑塊所做的功等于滑塊動(dòng)能的變化。23.（9分）某同學(xué)想測(cè)量一個(gè)量程為0~3V，內(nèi)阻約3kΩ的電壓表V的內(nèi)阻Rx，所用的實(shí)驗(yàn)器材有：待測(cè)電壓表V；電流表A（量程0~1.2mA，內(nèi)阻為RA=100Ω）；滑動(dòng)變阻器R1（0~500Ω）；定值電阻R=5.0kΩ；電阻箱R0(0~9999.9Ω)；電源E（電動(dòng)勢(shì)8V，內(nèi)阻較小）；開(kāi)關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干．(1)要把電流表A改為量程0~12V的電壓表，應(yīng)與電流表A串聯(lián)的電阻箱R0電阻調(diào)為_(kāi)______Ω；(2)按如圖（a）所示電路連接好電路，將電阻箱阻值按照上述第(1)問(wèn)計(jì)算結(jié)果調(diào)節(jié)好，閉合開(kāi)關(guān)S前應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到最______端（選填:左或右）．實(shí)驗(yàn)中，多次調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，記下電壓表V的示數(shù)U和電流表A的示數(shù)I；(3)該同學(xué)以I為縱坐標(biāo)，U為橫坐標(biāo)建立坐標(biāo)系，根據(jù)測(cè)得數(shù)據(jù)描點(diǎn)作圖如圖（b）所示．由電路圖可知I與U的關(guān)系式為I=________（用題中所給物理量符號(hào)表示），結(jié)合圖線（b）和已知數(shù)據(jù)可求得待測(cè)電壓表內(nèi)阻Rx=______kΩ；（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）(4)該同學(xué)還想利用圖（a）電路，測(cè)量一量程為0~1V、內(nèi)阻約2kΩ的電壓表內(nèi)阻，為保證實(shí)驗(yàn)中的測(cè)量數(shù)據(jù)變化范圍盡量大，只需更換一個(gè)定值電阻即可，若有四個(gè)阻值分別為2.0kΩ，8.0kΩ，14.0kΩ，20.0kΩ的定值電阻可供選擇，他應(yīng)選用阻值為_(kāi)___________kΩ的定值電阻．【答案】(1)9900Ω；(2）左端；(3)，3.0~3.3；(4)14【解析】（1）要把電流表A改為量程0~12V的電壓表，應(yīng)與電流表A串聯(lián)的電阻箱R0電阻調(diào)為；（2）閉合開(kāi)關(guān)S前應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到最左端；（3）由電路圖可知：，即；由圖像可知：，解得Rx=3.2kΩ（4）測(cè)量量程為0-1V、內(nèi)阻約2kΩ電表內(nèi)阻，則此電壓表的最大電壓為1V，最大電流為，定值電阻與電壓表串聯(lián)，電源電壓為8V，所以定值電阻最大電壓為7V，最大電流為I1，則電阻．24．（14分）如圖所示，傾角為的光滑斜面上，有一垂直于斜面向下的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域PQNM，磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾萀=0.1m。將一質(zhì)量m=0.02kg、邊長(zhǎng)L=0.1m、總電阻R=0.4的單匝正方形閉合線圈abcd由靜止釋放，釋放時(shí)ab邊水平，且到磁場(chǎng)上邊界PQ的距離也為L(zhǎng)，當(dāng)ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線圈恰好勻速運(yùn)動(dòng)，g=10m/s2，求：（1）ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線圓所受安培力的大小F安方向；（2）ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線圈的速度及磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（3）線圈穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程產(chǎn)生的熱量Q。【答案】（1）0.1N,方向沿斜面向上（2）2T（3）0.02J【解析】(1)邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框做勻速運(yùn)動(dòng)，對(duì)線圈受力分析，如圖所示線圈所受安培力的大?。喊舶卜较蜓匦泵嫦蛏?2)線框進(jìn)入磁場(chǎng)前沿斜面向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)邊剛進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度為，由機(jī)械能守恒定律：解得：線框切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：線框中的感應(yīng)電流：底邊所受的安培力：安由以上各式解得：(3)由能量守恒得：解得：25．（18分）如圖所示，一質(zhì)量M=0．8kg的小車靜置于光滑水平地面上，其左側(cè)用固定在地面上的銷釘擋住。小車上表面由光滑圓弧軌道BC和水平粗糙軌道CD組成，圓弧軌道BC與水平軌道CD相切于C處，圓弧BC所對(duì)應(yīng)的圓心角、半徑R=5m，CD的長(zhǎng)度。質(zhì)量m=0.2kg的小物塊（視為質(zhì)點(diǎn)）從某一高度處的A點(diǎn)以大小v0=4m/s的速度水平拋出，恰好沿切線方向從B點(diǎn)進(jìn)入圓弧軌道，物塊恰好不滑離小車。取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，空氣阻力不計(jì)。求：(1)物塊通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大小vB；(2)物塊滑到圓弧軌道的C點(diǎn)時(shí)對(duì)圓弧軌道的壓力大小N；(3)物塊與水平軌道CD間的動(dòng)摩擦因數(shù)?！敬鸢浮?1)5m/s；(2)3.8N；(3)0.3?！窘馕觥吭O(shè)物塊通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大小為，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有：代入數(shù)值解得：；物塊從B點(diǎn)到C點(diǎn)的過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律有：代入數(shù)值可得：設(shè)物塊滑到C點(diǎn)時(shí)受到圓弧軌道的支持力大小為F，有：代入數(shù)值解得：F=3.8N，由牛頓第三定律可知N=F=3.8N；(3)設(shè)物塊到達(dá)軌道CD的D端時(shí)的速度大小為，由動(dòng)量守恒定律有：由功能關(guān)系有：代入數(shù)值解得：。（二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。33．【選修3-3】（15分）（1）（5分）下列說(shuō)法正確的是。（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分）A．懸浮在水中的花粉顆粒不停地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，這反映了水分子運(yùn)動(dòng)的無(wú)規(guī)則性B．隨著分子間距離的增大，分子間相互作用力可能先減小后增大C．隨著分子間距離的增大，分子勢(shì)能一定先減小后增大D．壓強(qiáng)是組成物質(zhì)的分子平均動(dòng)能的標(biāo)志E.在真空和高溫條件下，可以利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料中滲入其他元素【答案】ABE【解析】A．布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在水中的花粉顆粒的運(yùn)動(dòng)，是由于受到水分子的撞擊不平衡而發(fā)生的，故反映了水分子的永不停息的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A正確；BC．分子力與分子間距離的關(guān)系比較復(fù)雜，要看分子力表現(xiàn)為引力，還是斥力，隨著分子間距離的增大，分子間的相互作用力可能先減小后增大，也可能一直減小，故B正確，C錯(cuò)誤．D．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，故D錯(cuò)誤；E．在真空、高溫條件下，可以利用分子擴(kuò)散向半導(dǎo)體材料摻入其他元素．故E正確。故選ABE．（2）（10分）兩個(gè)底面積均為S的圓柱形導(dǎo)熱容器直立放置，下端由細(xì)管連通。左容器上端敞開(kāi)，右容器上端封閉。容器內(nèi)氣缸中各有一個(gè)質(zhì)量不同，厚度可忽略活塞活塞A、B下方和B上方均封有同種理想氣體。已知容器內(nèi)氣體溫度始終不變，重力加速度大小為g，外界大氣壓強(qiáng)為p0，活塞A的質(zhì)量為m，系統(tǒng)平衡時(shí)，各氣體柱的高度如圖所示(h已知)，現(xiàn)假設(shè)活塞B發(fā)生緩慢漏氣，致使B最終與容器底面接觸，此時(shí)活塞A下降了0.2h。求：①未漏氣時(shí)活塞B下方氣體的壓強(qiáng)；②活塞B的質(zhì)量?！敬鸢浮竣貾1=【解析】①設(shè)平衡時(shí)，在A與B之間的氣體壓強(qiáng)分別為P1，由力的平衡條件有P1S=P0S+mg解得：P②設(shè)平衡時(shí)，B上方的氣體壓強(qiáng)為P2，則P2S=P1S-mg漏氣發(fā)生后，設(shè)整個(gè)封閉氣體體積為V′，壓強(qiáng)為P′，由力的平衡條件有P′S=P0S+mgV′=(3h-0.2h)S由玻意耳定律得P解得：m34．【選修3-4】（15分）（1）（5分）一列簡(jiǎn)諧橫波沿直線傳播，時(shí)刻