…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○……○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○……○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………學(xué)校:___________姓名：___________…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………學(xué)校:___________姓名：___________班級：___________考號：___________…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page1212頁，共=sectionpages1313頁第=page1313頁，共=sectionpages1313頁2021-2022學(xué)年貴州省黔西南州金成實驗學(xué)校高二（上）期末物理試卷一、單選題（本大題共6小題，共36分）下列說法正確的是(

)A.利用靜電感應(yīng)使物體帶電的過程，叫做摩擦起電

B.法拉第首先提出電荷周圍存在電場，并用電場線描述電場

C.相同質(zhì)量的兩個微觀粒子間的庫侖力與萬有引力處于同一數(shù)量級

D.人們把電子叫做元電荷水平放置、間距為d的兩平行金屬板A、B帶有等量異種電荷，如圖所示，在極板間有a、b兩點，取A板的電勢為0，不計電場邊緣效應(yīng)，則下列說法正確的是(

)A.a、b兩點的電勢關(guān)系φa>φb>0

B.a、b兩點的電勢關(guān)系φa<φb<0

C.負電荷在b點的電勢能比在a點的電勢能要大

磁電式電流表(表頭)最基本的組成部分是磁鐵和放在磁鐵兩極之間的線圈，由于線圈的導(dǎo)線很細，允許通過的電流很弱，所以在使用時還要擴大量程。已知某一表頭G，內(nèi)阻Rg=30Ω，滿偏電壓Ug=150mVA.串聯(lián)一個30Ω的電阻 B.并聯(lián)一個3000Ω的電阻

C.串聯(lián)一個2970Ω的電阻 D.如圖所示，繞在鐵芯上的線圈M與電源、滑動變阻器和開關(guān)組成了一個閉合回路，在鐵芯的右端，線圈P與電流表連成閉合電路．下列說法正確的是(

)

A.開關(guān)S閉合后，線圈P中有感應(yīng)電流，M、P相互排斥

B.開關(guān)S閉合后，使變阻器滑片向左勻速移動，線圈P中有感應(yīng)電流，M、P相互排斥

C.開關(guān)S閉合后，使變阻器滑片向右勻速移動，線圈P中有感應(yīng)電流，M、P相互排斥

D.開關(guān)S閉合瞬間，線圈P中有感應(yīng)電流，M、P相互吸引如圖所示，金屬桿ab的質(zhì)量為m，長為l，通過的電流為I，處在磁感強強度為B的勻強磁場中，磁場方向與導(dǎo)軌平面為θ角斜向上，金屬桿ab始終靜止于水平導(dǎo)軌上，則以下正確的是(

)A.金屬桿所受摩擦力大小為BILcosθ，方向水平向左

B.金屬桿對導(dǎo)軌壓力大小為mg-BILsinθ

C.金屬桿對導(dǎo)軌壓力可以為0

D.僅使磁感應(yīng)強度如圖所示，平行板電容器與電源電壓恒為U的直流電源連接，下極板接地。一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)。下列說法正確的是(

)A.帶電油滴所帶電荷為正電荷

B.若電容器的電容減小，則極板所帶電荷量將減小

C.將平行板電容器的上極板豎直向上移動一段距離，則帶電油滴將豎直向上運動

D.將平行板電容器的上極板水平向左移動一段距離，則帶電油滴仍然保持平衡狀態(tài)二、多選題（本大題共2小題，共12分）有A、B兩個電阻，它們的伏安特性曲線如圖所示，從圖線可以判斷(

)

A.電阻A的阻值大于電阻B

B.電阻A的阻值小于電阻B

C.兩電阻串聯(lián)時，電阻A電功率較小

D.兩電阻并聯(lián)時，流過電阻B的電流強度較大質(zhì)量為m、電荷量為q的微粒以速度v與水平方向成θ角從O點進入方向如圖所示的正交的勻強電場和勻強磁場組成的混合場區(qū)，該微粒在電場力、洛倫茲力和重力的共同作用下，恰好沿直線運動到A，下列說法中正確的是(

)

A.該微粒一定帶負電荷

B.微粒從O到A的運動可能是勻變速運動

C.該磁場的磁感應(yīng)強度大小為mgcosθqv

D.該電場的場強為三、實驗題（本大題共2小題，共16分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，所用測量儀器均已校準。待測金屬絲接入電路。

(1)用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，測量結(jié)果如圖(1)所示，其讀數(shù)應(yīng)為______mm；

(2)用20分度游標(biāo)卡尺測量金屬絲的長度，測量結(jié)果如圖(2)所示，其讀數(shù)應(yīng)為______mm；

(3)設(shè)被測金屬絲電阻為RX，接入電路長度為L，直徑的平均值為d，則該金屬材料電阻率的表達式為______(用RX、L、d等物理量表示)。利用電流表和電壓表測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻，要求盡量減小實驗誤差。

(1)應(yīng)該選擇的實驗電路圖是______(選填“甲”或“乙”)；

(2)現(xiàn)有電壓表(0～3V)、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及以下器材：

A.電流表(0～0.6A)

B.電流表(0～3A)

C.滑動變阻器(0～30Q)

D.滑動變阻器(0～1kQ)

實驗中電流表應(yīng)選用______，滑動變阻器應(yīng)選用______。(選填相應(yīng)器材前的字母)

(3)某位同學(xué)記錄了6四、計算題（本大題共3小題，共46分）如圖所示，電源電動勢為E=6V，內(nèi)電阻為r=1Ω，滑動變阻器電阻的阻值范圍0-10Ω，當(dāng)滑動變阻器電阻R=2Ω時，當(dāng)

K閉合后，

求：(1)電路中的電流為多大？

(2)一個電荷量為q=-2×10-8C，質(zhì)量為m=1×10-14kg的帶電粒子，由靜止經(jīng)電壓為U1=1600V的加速電場加速后，立即垂直進入一個電壓為U2=2400V的偏轉(zhuǎn)電場，偏轉(zhuǎn)電場兩極板間距為d=8cm，極板長L=8在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第Ⅰ象限存在沿y軸負方向的勻強電場，第Ⅳ象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B。一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點以速度v0垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點與x軸正方向成45°角射入磁場，最后從y軸負半軸上的P點垂直于y軸射出磁場，如圖所示。不計粒子重力，求：

(1)M、N兩點間的電勢差UMN；

(2)粒子在磁場中運動的軌道半徑r；

(3)粒子從M點運動到P點的總時間t。答案和解析1.【答案】B

【解析】解：A、利用靜電感應(yīng)使金屬導(dǎo)體帶電的過程叫做感應(yīng)起電，故A錯誤；

B、根據(jù)物理學(xué)史可知，法拉第首先提出電荷周圍有電場，并用電場線描述它，故B正確；

C、相同質(zhì)量的兩個微觀粒子間的庫侖力與萬有引力不處于同一數(shù)量級，而且相差較大，導(dǎo)致萬有引力可以忽略，故C錯誤；

D、電子和質(zhì)子的電荷量的絕對值與元電荷一樣多，不能把電子叫做元電荷，故D錯誤。

故選：B。

理解靜電感應(yīng)的本質(zhì)與特點；根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻即可；微觀粒子間的庫侖力與萬有引力不處于同一數(shù)量級；電子和元電荷不同。

本題比較簡單，考查了有關(guān)靜電場的基礎(chǔ)知識，在學(xué)習(xí)中要加強基礎(chǔ)知識的理解應(yīng)用。

2.【答案】C

【解析】解：AB、設(shè)板間場強大小為E，根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，A的電勢最高，B的電勢最低，所以a、b兩點的電勢φa>φb，取A板的電勢為0，a、b兩點的電勢均小于0，故AB錯誤；

C、根據(jù)Ep=φq，負電荷在電勢低處，電勢能更大，則負電荷在b點的電勢能比在a點的電勢能要大，故C正確；

D、電場強度E=Uabdab，故D錯誤；

故選：C。

3.【答案】C

【解析】解：把表頭改裝成15V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，

表頭的滿偏電流Ig=UgRg=150×10-330=0.005A

串聯(lián)電阻阻值R4.【答案】B

【解析】解：A、開關(guān)S閉合后，線圈中通以恒定的電流時，線圈產(chǎn)生穩(wěn)恒的磁場，穿過線圈P的磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，M與P之間沒有排斥力。故A錯誤。

B、開關(guān)S閉合后，使變阻器的滑片作左滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，回路中電流增大，線圈產(chǎn)生的磁場增強，穿過線圈P磁通量增大，產(chǎn)生感應(yīng)電流。感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場的方向相反，二者相互排斥，故B正確。

C、開關(guān)S閉合后，使變阻器的滑片P作向右勻速滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，回路中電流減小，線圈產(chǎn)生的磁場減小，穿過線圈P磁通量減小，產(chǎn)生感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場的方向相同，二者相互吸引。故C錯誤。

D、將電鍵突然閉合的瞬間，線圈產(chǎn)生的磁場從無到有，穿過穿過線圈P的磁通量增大，產(chǎn)生感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場的方向相反，二者相互排斥。故D錯誤。

故選：B。

感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化．根據(jù)這個條件分析判斷有沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生．然后根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向，最后使用左手定則判斷出P受力的方向．

該題考查安培定則、楞次定律和左手定則的應(yīng)用，一定要理解三個定律(定則)的區(qū)別，能夠正確使用它們．本題也可以使用楞次定律的推廣形式來處理，該方法比較簡單．

5.【答案】D

【解析】解：ABC、金屬桿受力如圖所示

由平衡條件得：

水平方向：f=BILsinθ，方向水平向左，

豎直方向：mg=FN+BILcosθ

解得：FN=mg-BILcosθ

由牛頓第三定律可知，金屬桿對軌道的壓力大小FN'=FN=mg-BILcosθ，

如果金屬桿對軌道的壓力大小F6.【答案】BD

【解析】解：電容器始終與電源相連，電壓電容器兩端電壓不變。

A、電容器上極板帶正電，下極板帶負電，兩極板間電場方向豎直向下，帶電油滴靜止，處于平衡狀態(tài)，mg=qE，油滴受到向上的電場力，則油滴帶負電，故A錯誤；

B、若電容器的電容減小，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)Q=CU，因此帶電量減小，故B正確；

C、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一段距離，即極板間距變大，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=Ud，電場強度E減小，所以電荷受到的電場力qE減小，mg>qE，合力的方向向下，油滴將沿豎直方向向下運動，故C錯誤；

D、將平行板電容器的上極板豎直向左移動一小段距離，兩極板正對面積減小，兩極板間距不變，電容器兩板間電壓不變，根據(jù)E=Ud，電場強度不變，所以電荷受到的電場力不變，油滴仍將保持平衡狀態(tài)，故D正確；

故選：BD7.【答案】BC

【解析】解：AB、I-U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，A圖線的斜率大，則A的電阻小。故A錯誤，B正確。

C、兩電阻串聯(lián)，電流相等，根據(jù)P=I2R得，B的電阻大，則電阻B消耗的功率較大。A的電功率較小，故C正確；

D、兩電阻并聯(lián)，電壓相等，根據(jù)I=UR得，B的電阻大，則流過B的電流較小。故D錯誤。

故選：BC。

I-8.【答案】A

【解析】解：A、若粒子帶正電，電場力向左，洛倫茲力垂直于OA線斜向右下方，則電場力、洛倫茲力和重力不能平衡。若粒子帶負電，故A正確；

B、粒子如果做勻變速運動，重力和電場力不變，而洛倫茲力隨速度變化而變化，粒子不能沿直線運動，故B錯誤；

C、粒子受力如圖，由平衡條件得：qvBcosθ=mg，B=mgqvcosθ，故C錯誤；

D、粒子受力如圖，由圖qE=mgtanθ，所以E=mgtanθq.故D錯誤；

故選：A。

粒子從O沿直線運動到9.【答案】0.396

102.35

ρ=【解析】解：(1)螺旋測微器的分度值為0.01mm，需要估讀到下一位，則讀數(shù)為0mm+39.6×0.01mm=0.396mm；

(2)游標(biāo)卡尺為20分度，分度值為0.05mm，不需要估讀，則其讀數(shù)為10.2cm+0.05mm×7=102.35mm；

(3)根據(jù)電阻定律R=ρLS得：ρ10.【答案】甲

A

C

1.5

1.0

【解析】解：(1)由于干電池的內(nèi)阻很小，所以為減小電流表的分壓的影響，電流表采用外接法(相對電源內(nèi)阻)即選擇圖甲；

(2)由于干電池電動勢才1.5V左右，若選擇阻值為1kΩ的滑動變阻器，則電路中的電流I=1.51000A=0.0015A，顯然兩個電流表的量程均太大，故1kΩ的滑動變阻器不能選，那么為準確和安全起見，電流表選擇0.6A量程的A電流表，滑動變阻器選擇最大阻值為30Ω的滑動變阻器C；

(3)由U=E-Ir，可知U-I圖象的截距就是電源電動勢，所以E=1.5V。圖象斜率的絕對值為內(nèi)阻，所以r=|k|=1.5-1.00.5Ω=1.0Ω11.【答案】解：(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律，電流：I=ER+r=62+1A=2A；

(2)電路中路端電壓：U=IR=2×2V=4V；

(3)電源的輸出功率為：P出=UI=4V×2A=8W；【解析】根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解電流；根據(jù)U=IR求解路端電壓；根據(jù)P=UI求解電源的輸出功率；根據(jù)P=12.【答案】解：(1)在加速電場運動過程中，由動能定理：qU1=12mv2

得v0=2qU1m=2×2×10-8×16001×10-14=8×104m/s

(2)帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場中的加速度：a=Uq【解析】(1)帶電粒子在加速電場中電場力做正功，由動能定理可解速度出加速電