【高考真題】2022年新高考物理真題試卷（山東卷）一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分.每小題只有一個選項符合題目要求..碘125衰變時產(chǎn)生r射線，醫(yī)學(xué)上利用此特性可治療某些疾病.碘125的半衰期為60天，若將一定質(zhì)量TOC\o"1-5"\h\z的碘125植入患者病灶組織，經(jīng)過180天剩余碘125的質(zhì)量為剛植入時的（ ）A.— B.- C.— D.—16 8 4 2.我國多次成功使用“冷發(fā)射''技術(shù)發(fā)射長征十?號系列運載火箭。如圖所示，發(fā)射倉內(nèi)的高壓氣體先將火箭豎直向上推出，火箭速度接近零時再點火飛向太空。從火箭開始運動到點火的過程中（ ）高壓氣體高壓氣體箭前□^1X發(fā)射倉A.火箭的加速度為零時，動能最大B.高壓氣體釋放的能量全部轉(zhuǎn)化為火箭的動能C.高壓氣體對火箭推力的沖量等于火箭動量的增加量D.高壓氣體的推力和空氣阻力對火箭做功之和等于火箭動能的增加量.半徑為R的絕緣細圓環(huán)固定在圖示位置，圓心位于。點，環(huán)上均勻分布著電量為Q的正電荷。點A、B、C將圓環(huán)三等分，取走A、B處兩段弧長均為AL的小圓弧上的電荷。將一點電荷q置于OC延長線上距。點為2A的D點，O點的電場強度剛好為零。圓環(huán)上剩余電荷分布不變，4為（ ）A.正A.正電荷，4=畔tiRC.負電荷，4=生空nRB.正電荷，4=通曉nRD.負電荷， 冰QikR.如圖所示的變壓器，輸入電壓為220V,可輸出12V、18V、30V電壓，匝數(shù)為的原線圈中電隨時間變化為^=（/mcos（100nr）.單匝線圈繞過鐵芯連接交流電壓表，電壓表的示數(shù)為0.1V?將阻值為12c的電阻R接在BC兩端時，功率為12W.下列說法正確的是（ ）m為1100匝，Um為220VBC間線圈匝數(shù)為120匝，流過R的電流為L4AC.若將R接在AB兩端，R兩端的電壓為18V,頻率為100HzD.若將R接在AC兩端，流過R的電流為2.5A,周期為0.02s.如圖所示，內(nèi)壁光滑的絕熱氣缸內(nèi)用絕熱活塞封閉?定質(zhì)量的理想氣體，初始時氣缸開口向上放置，活塞處于靜止狀態(tài)，將氣缸緩慢轉(zhuǎn)動90°過程中，缸內(nèi)氣體（A.內(nèi)能增加，外界對氣體做正功B.內(nèi)能減小，所有分子熱運動速率都減小C.溫度降低，速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例減少D.溫度升高，速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例增加.“羲和號”是我國首顆太陽探測科學(xué)技術(shù)試驗衛(wèi)星。如圖所示，該衛(wèi)星圍繞地球的運動視為勻速圓周運動，軌道平面與赤道平面接近垂直。衛(wèi)星每天在相同時刻，沿相同方向經(jīng)過地球表面A點正上方，恰好繞地球運行n圈。已知地球半徑為地軸R,自轉(zhuǎn)周期為T,地球表面重力加速度為g,則“羲和號”衛(wèi)星軌道距地面高度為（ ）

.柱狀光學(xué)器件橫截面如圖所示，OP右側(cè)是以O(shè)為圓心、半經(jīng)為R的-圓，左則是直角梯形，AP4長為R,AC與CO夾角45°,AC介質(zhì)對a,b光的折射率分別為1.42長為R,AC與CO夾角45°,AC介質(zhì)對a,b光的折射率分別為1.42、1.40。PM面全反射后，從OM面出射的光是（不考慮三次反射以后的光）（保持光的入射方向不變，入射點從A向PM面全反射后，從OM面出射的光是（不考慮三次反射以后的光）（A.僅有a光 B.僅有b光C.a、b光都可以 D.a、b光都不可以8.無人配送小車某次性能測試路徑如圖所示，半徑為3m的半圓弧BC與長8m的直線路徑AB相切于B點，與半徑為4m的半圓弧CD相切于C點。小車以最大速度從A點駛?cè)肼窂剑竭m當位置調(diào)整速率運動到B點，然后保持速率不變依次經(jīng)過8c和CO。為保證安全，小車速率最大為4m/s.在ABC段的加速度最大為2m//,CD段的加速度最大為Im/s2.小車視為質(zhì)點，小車從人到d所需最短時間1及在AB段做勻速直線運動的最長距離1為（ ）

C.f=（2+得"+'卜/=5.5m D./=2+卷癡+（"二）兀 /=5.5m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個選項符合題目要求，全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得。分。一列簡諧橫波沿x軸傳播，平衡位置位于坐標原點0的質(zhì)點振動圖像如右圖所示.當r=7s時，簡諧波的波動圖像可能正確的是（ ）

某同學(xué)采用圖甲所示的實驗裝置研究光的干涉與衍射現(xiàn)象，狹縫5,,S2的寬度可調(diào)，狹縫到屏的距離為L。同?單色光垂直照射狹縫，實驗中分別在屏上得到了圖乙，圖丙所示圖樣。下列描述正確的是A.圖乙是光的雙縫干涉圖樣，當光通過狹健時，也發(fā)生了衍射B.遮住一條狹縫，另一狹縫寬度增大，其他條件不變，圖丙中亮條紋寬度增大C.照射兩條狹縫時，增加L,其他條件不變，圖乙中相鄰暗條紋的中心間距增大D.照射兩條狹縫時，若光從狹縫，、S2到屏上P點的路程差為半波長的奇數(shù)倍，P點處一定是暗條紋11.如圖所示，某同學(xué)將離地1.25m的網(wǎng)球以13m/s的速度斜向上擊出，擊球點到豎直墻壁的距離4.8m.當網(wǎng)球豎直分速度為零時，擊中墻壁上離地高度為8.45m的P點。網(wǎng)球與墻壁碰撞后，垂直墻面速度分量大小變?yōu)榕銮暗?.75倍.平行墻面的速度分量不變.重力加速度g取10m/s2,網(wǎng)球碰墻后的速度A.v=5m/s B.v=3-72m/s C.d=3.6m D.J=3.9m12.如圖所示，xOy平面的第一、三象限內(nèi)以坐標原點O為圓心、半徑為歷L的扇形區(qū)域充滿方向垂直紙面向外的勻強磁場.邊長為L的正方形金屬框繞其始終在O點的頂點、在xOy平面內(nèi)以角速度0順時針勻速轉(zhuǎn)動./=0時刻，金屬框開始進入第象限.不考慮自感影響，關(guān)于金屬框中感應(yīng)電動勢E隨時間I變化規(guī)律的描述正確的是( )B.在，=0到/=—的過程中，E先增大后減小2a)C.在/=0到/=—的過程中，E的變化率一直增大4a)jrD.在；=0到t=—的過程中，E的變化率一直減小三、非選擇題：本題共6小題，共60分。.在天宮課堂中、我國航天員演示了利用牛頓第二定律測量物體質(zhì)量的實驗。受此啟發(fā)。某同學(xué)利用氣墊導(dǎo)軌、力傳感器、無線加速度傳感器、輕彈簧和待測物體等器材設(shè)計門則量物體質(zhì)量的實驗，如圖甲所示。主要步驟如下：①將力傳感器固定在氣墊導(dǎo)軌左端支架上，加速度傳感器固定在滑塊上：②接通氣源。放上滑塊。調(diào)平氣墊導(dǎo)軌：加速度傳感器圖甲③將彈簧左端連接力傳感器，右端連接滑塊。彈簧處于原長時滑塊左端位于O點。A點到O點的距離為5.00cm,拉動滑塊使其左端處于A點，由靜止釋放并開始計時；④計算機采集獲取數(shù)據(jù)，得到滑塊所受彈力F、加速度a隨時間t變化的圖像，部分圖像如圖乙所示。

回答以下問題（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）：（1）彈簧的勁度系數(shù)為N/m。（2）該同學(xué)從圖乙中提取某些時刻F與a的數(shù)據(jù)，畫出a-F圖像如圖丙中I所示，由此可得滑塊與加速度傳感器的總質(zhì)量為kg。（3）該同學(xué)在滑塊上增加待測物體，重復(fù)上述實驗步驟，在圖丙中畫出新的a-F圖像H,則待測物體的質(zhì)量為kg。.某同學(xué)利用實驗室現(xiàn)有器材，設(shè)計了一個測量電阻阻值的實驗。實驗器材：干電池E（電動勢1.5V,當阻未知）；電流表A,（量程10mA,內(nèi)阻為90c）；電流表A2（量程30mA，內(nèi)阻為30Q）；定值電阻孔（阻值為150c）；滑動變阻器R（最大阻值為100C）：待測電阻4；開關(guān)S,導(dǎo)線若干。測量電路如圖所示。Rx

Rx（1）斷開開關(guān)，連接電路，將滑動變阻器R的滑片調(diào)到值最大?端。將定值電阻凡接入電路；閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑片位置。使電流表指針指在滿刻度的1處。該同學(xué)選到電流表為（填“A]”或“A2”）；若不考慮電池內(nèi)阻。此時滑動變阻器接入電路的電阻值應(yīng)為Qo3<2）斷開開關(guān)，保持滑片的位置不變。用凡替換人,閉合開關(guān)后，電流表指針指在滿刻度的,處，則尺的測量值為Qo（3）本實驗中未考慮電池內(nèi)阻，對氏的測量值（填“有”或“無”）影響.某些魚類通過調(diào)節(jié)體內(nèi)魚瞟的體積實現(xiàn)浮沉。如圖所示，魚蝶結(jié)構(gòu)可*化為通過閥門相連的A、B兩個密閉氣室，A室壁厚、可認為體積恒定，B室壁薄，體積可變：兩室內(nèi)氣體視為理想氣體，可通過閥門進行交換。質(zhì)量為M的魚靜止在水面下H處。B室內(nèi)氣體體積為V,質(zhì)量為m：設(shè)B室內(nèi)氣體壓強與魚體外壓強相等、魚體積的變化與B室氣體體積的變化相等，魚的質(zhì)量不變，魚鏢內(nèi)氣體溫度不變。水的密度為p,重力加速度為g。大氣壓強為P。，求：（1）魚通過增加B室體積獲得大小為a的加速度、需從A室充入B室的氣體質(zhì)量A/n；<2）魚靜止于水面下處時，B室內(nèi)氣體質(zhì)量機2；16.某糧庫使用額定電壓U=380V,內(nèi)阻/?=0.25Q的電動機運糧。如圖所示，配重和電動機連接小車的纜繩均平行于斜坡，裝滿糧食的小車以速度v=2m/s沿斜坡勻速上行，此時電流/=4（）A.關(guān)閉電動機后，小車又沿斜坡上行路程L到達卸糧點時，速度恰好為零。卸糧后，給小車一個向下的初速度，小車沿斜坡剛好勻速下行。已知小車質(zhì)量^,=100kg,車上糧食質(zhì)量/^=1200kg,配重質(zhì)量m0=40kg,取重力加速度^=10m/s2，小車運動時受到的摩擦阻力與車及車上糧食總重力成正比，比例系數(shù)為k,配重始終未接觸地面，不計電動機自身機械摩擦損耗及纜繩質(zhì)量。求:

（1）比例系數(shù)k值；（2）上行路程L值。.中國“人造太陽''在核聚變實驗方面取得新突破，該裝置中用電磁場約束和加速高能離子，其部分電磁場簡化模型如圖所示，在三維坐標系Oxyz中，Ov2Md空間內(nèi)充滿勻強磁場I,磁感應(yīng)強度大小為B,方向沿x軸正方向；-3d京小vO,y0的空間內(nèi)充滿勻強磁場II,磁感應(yīng)強度大小為—B.方向平行于上偽2平面，與x軸正方向夾角為45°；zvO,y<0的空間內(nèi)充滿沿y軸負方向的勻強電場。質(zhì)量為m、帶電量為+q的離子甲，從yOz平面第三象限內(nèi)距y軸為L的點A以一定速度出射，速度方向與z軸正方向夾角為0，在仰平面內(nèi)運動一段時間后，經(jīng)坐標原點O沿z軸正方向進入磁場I。不計離子重力。（1）當離子甲從A點出射速度為%時，求電場強度的大小E；（2）若使離子甲進入磁場后始終在磁場中運動，求進入磁場時的最大速度匕：（3）離子甲以粵的速度從O點沿z軸正方向第一次穿過xOy面進入磁場I,求第四次穿過xOy平面的位置坐標（用d表示）；（4）當離子甲以理的速度從O點進入磁場I時，質(zhì)量為4”?、帶電量為+q的離子乙，也從O2m點沿z軸正方向以相同的動能同時進入磁場I,求兩離子進入磁場后，到達它們運動軌跡第一個交點的時間差A(yù)r（忽略離子間相互作用）。

.如圖所示，“L”型平板B靜置在地面上，小物塊A處于平板B上的O'點，O'點左側(cè)粗糙，右側(cè)光滑。用不可伸長的輕繩將質(zhì)量為M的小球懸掛在O'點正上方的O點，輕繩處于水平拉直狀態(tài)。將小球由靜止釋放，下擺至最低點與小物塊A發(fā)生碰撞，碰后小球速度方向與碰前方向相同，開始做簡諧運動（要求擺角小于5°）.A以速度%沿平板滑動直至與B右側(cè)擋板發(fā)生彈性碰撞。一段時間后，A返回到O點的正下方時，相對于地面的速度減為零，此時小球恰好第一次上升到最高點。已知A的質(zhì)量/wA=O.lkg,B的質(zhì)量wie=0.3kg,A與B的動摩擦閃數(shù)A）=0.4,B與地面間的動摩擦因數(shù)必=0.225,v0=4m/s,取重力加速度g=10m/s2。整個過程中A始終在B上，所有碰撞時間忽略不計，不計空氣阻力，求：（1）A與B的擋板碰撞后，二者的速度大小匕與%:（2）B光滑部分的長度d；（3）運動過程中A對B的摩擦力所做的功嗎；M（4）實現(xiàn)上述運動過程，一的取值范圍（結(jié)果用8s5。表示）。叫答案解析部分.【答案】B【知識點】原子核的衰變、半衰期【解析】【解答】根據(jù)題意可知，碘125的半衰期為T=60天，所以經(jīng)過180天，碘125衰變了3次，故剩余碘125的質(zhì)量為巾=（；） 所以經(jīng)過180天剩余碘125的質(zhì)量為剛植入時的g.故選Ba【分析】首先根據(jù)題意明確碘125的半衰期，然后算出經(jīng)過180天后碘125衰變了多少次，最后算出剩余碘125的含量。.【答案】A【知識點】動能定理的綜合應(yīng)用：機械能綜合應(yīng)用：能量守恒定律：動能與重力勢能【解析】【解答】火箭開始運動到再次點火的過程中，火箭先加速運動，后減速運動，當加速度為零時，火箭的動能最大，故A正確；根據(jù)能量守恒定律可知，火箭開始運動到再次點火的過程中，高壓氣體釋放的能量全部轉(zhuǎn)化為火箭的動能和重力勢能，故B錯誤：該過程中，火箭受到豎直向下重力，豎直向下的空氣阻力，高壓氣體對其向上的推力等，根據(jù)動量定理可知，火箭受到合力的沖量等于火箭動量的增加量,（即重力，阻力及推力的合沖量等于火箭動量的增加量）故C錯誤；該過程中，火箭受到豎直向下重力，豎直向下的空氣阻力，高壓氣體對其向上的推力等，根據(jù)動能定理可知，火箭受到合力做的功等于火箭動能的增加量，故D錯誤；故選Ao【分析】首先可以對火箭受力分析，根據(jù)受力運動判斷做功問題，然后判斷火箭能量的變化情況，最后根據(jù)動量定理和動能定理進行判斷動能動量的變化情況。.【答案】C【知識點】庫侖定律；電場強度和電場線：電場力【解析】【解答】圓環(huán)的周長為工=2萬/?,若圓環(huán)上未取走A和B兩段小圓弧，則圓環(huán)對O處場強為零，反向延長AO交圓環(huán)于AL反向延長BO交圓環(huán)于8',取走A和B兩小段圓弧后，圓環(huán)對O處場強不為零，A'和8'處的電荷量為％=z岸，根據(jù)E=皆可以算出圓環(huán)對O點的合場強為&=可薩，方向向右，

所以D點處的電荷時O點的場強大小也是￡=學(xué)竽，方向向左，根據(jù)E=［看得9=2gAZ,帶負27TK 勺 71A電.故選C?！痉治觥渴紫茸鞒?和8'兩點，然后根據(jù)點電荷的場強決定式算出圓環(huán)對O點的場強大小，最后計算出D點的電荷量及正負。.【答案】D【知識點】變壓器原理：交流電的最大值與有效值：周期和頻率【解析】【解答】根據(jù)變壓器原理得：=巖，，所以仆=2200匝，根據(jù)題意可知交流電的有效值為220V,根據(jù)U=%可知4=220\回丫，故A錯誤；n.220V根據(jù)題意可知，BC兩端電壓為12V,AB兩端的電壓為18V,AC兩端的電壓為30V,根據(jù)一」=不久丁，所nBC12V以外c=120匝，根據(jù)“="可得/=1A,故B錯誤；根據(jù)題意可知，輸入電壓的頻率為/=?=50出，故輸出電壓的頻率也是50Hz,故C錯誤；當電阻R接AC端時，根據(jù)Uac=/R,解得/=2.5A,根據(jù)丁得T=0.02s,故D正確：故選D。【分析】首先根據(jù)原線圈中的交流電表達式即可算出交流電的周期和頻率，然后根據(jù)變壓器的原理即可算出原線圈的匝數(shù)，最后根據(jù)變壓器原理即可算出副線圈的匝數(shù)，根據(jù)歐姆定律算出流過R的電流。.【答案】C【知識點】熱力學(xué)第一定律（能量守恒定律）【解析】【解答】根據(jù)題意可知，該過程中氣體壓強減小，氣體體積增大，氣體對外做功導(dǎo)致氣體內(nèi)能減小，又氣缸跟外界絕熱，所以這個過程中，氣體的溫度降低，平均分子動能減小，速率大的分子數(shù)占總分子數(shù)比例減少，故ABD錯誤.故選Co【分析】首先判斷這個過程中氣體的狀態(tài)變化情況，根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷氣體內(nèi)能的變化情況，從而判斷氣體溫度變化情況，最后分析氣體分子熱運動的情況。.【答案】C

【知識點】萬有引力定律及其應(yīng)用；衛(wèi)星問題：天體的勻速圓周運動的模型【解析】【解答】根據(jù)題意可知，衛(wèi)星的周期是《=工，在星球表面n R~GMm4k2/Dl、設(shè)衛(wèi)星離地高度為h,萬有引力提供向心力=，〃■產(chǎn)（R+力），聯(lián)立解得綽g,_R.12nnJ故選c?！痉治觥渴紫人愠鲂l(wèi)星的周期，對衛(wèi)星分析，萬有引力等于向心力，然后在星球表面，萬有引力等于向心力，最后聯(lián)立兩式即可解得衛(wèi)星離地高度。.【答案】A【知識點】光的反射：光的折射：光的全反射：光的直線傳播【解析】【解答】根據(jù)題意作出光路圖如圖所示根據(jù)全反射臨界角得sinC=」一〈也，sinC=—>—>°1.42 2益140 2故a光發(fā)射全反射臨界角小于45。，b光發(fā)射全反射臨界角大于45。，所以入射點從A向B移動過程中，能在PM面全反射后，從面出射的光是a光.故選Ao【分析】首先根據(jù)題意作出光路圖，入射光從A移動到B的過程中，可以看出能在PM面全反射后，從OM面出射的光是a光。.【答案】B【知識點】自由落體運動：豎直平面的圓周運動【解析】【解答】小車在BC和CD段做圓周運動，根據(jù)。=匕解得，小車在BC段的最大線速度為r4="m/s,在CD段的最大線速度為v?=2m/s,根據(jù)題意可知小車在BCD段做圓周運動的速度為%=2m/s,運動時間為，,=gs,要求從A到B的運動時間最短，須先勻速運動，然后減速運動，到B點

是速度恰好是2m/s,減速運動的時間為，2=Is，位移為x=3m,所以勻速運動的位移為/=5m,時間為5故小車從A到D的最短時間為r=(\+g)s,最短距離/=5m.故選Bn【分析】首先根據(jù)圓周運動算出經(jīng)過BCD段時的最大速率，然后算出圓周運動的時間，最后計算AB段運動的最短時間及勻速運動的最大位移。.【答案】A,C【知識點】簡諧運動的圖象：橫波的圖象【解析】【解答】根據(jù)題圖可知，振動的周期為T=12s,質(zhì)點原點的振動方程為y=20sin=/+當l=7s時，O點質(zhì)點向下振動且y= ，當該波向右傳播時，波形圖如題圖選項C所示，當該波向左傳播時，波形圖如題圖選項A所示.故選AC?！痉治觥渴紫雀鶕?jù)題圖可以算出質(zhì)點振動周期和振動方程，然后將時間代入振動方程，可以算出原點O的位移，最后根據(jù)O點振動方向，分類談?wù)摷纯傻贸霾ㄐ螆D。.【答案】A,C,D【知識點】雙縫干涉現(xiàn)象【解析】【解答】根據(jù)題圖乙可以看出中間部分等間距條紋，所以圖乙是光的雙縫干涉圖樣，當光通過狹健時，同時也發(fā)生衍射，故A正確；狹縫越小，衍射范圍越大，衍射條紋越寬，遮住一條狹縫，另一狹縫寬度增大，則衍射現(xiàn)象減弱，圖內(nèi)中亮條紋寬度減小，故B錯誤：根據(jù)a=等可知照射兩條狹縫時，增加L,其他條件不變，圖乙中相鄰暗條紋的中心間距增大，故C正確；照射兩條狹縫時，若光從狹縫￡、S2到屏上P點的路程差為半波長的奇數(shù)倍，P點處一定是暗條紋，故D正確：故選ACDo【分析】首先根據(jù)干涉和衍射現(xiàn)象進行判斷題圖現(xiàn)象，然后根據(jù)波長與亮條紋，雙縫間距及雙縫到光屏距離的關(guān)系，判斷亮條紋間距如何變化，最后根據(jù)干涉情況判斷亮暗條紋。

.【答案】B,D【知識點】位移的合成與分解：速度的合成與分解：平拋運動【解析】【解答】設(shè)網(wǎng)球飛出時的速度為％則豎直方向速度為小,豎直方向有％)2=2g("—〃)，代入可得匕o=12m/s,網(wǎng)球運動到P點時，所用時間為4=1.2s,所以網(wǎng)球出發(fā)時水平方向速度為“=J(13?-12?)m/s=5m/s,根據(jù)將水平速度分解到垂直墻壁的速度為匕o=-gm/s=4m/s，分解至平行于墻壁方向的速度為7=J(5?-4?)m/s=3m/s,根據(jù)題意可知，當網(wǎng)球與墻壁碰撞后水平方向速度L=3m/s，vz=0.754m/s=3m/s,豎直方向速度為零，故網(wǎng)球碰墻后的速度大小為v=零，故網(wǎng)球碰墻后的速度大小為v=3>^m/s網(wǎng)球從P點開始下落的時間為4I2H=/y-=l.3s,落地點到墻壁的距離d=3.9m,故AC錯誤，BD正確，故故選BD?！痉治觥渴紫雀鶕?jù)題意將速度進行分解至三個方向，然后算出到達最高點所用的時間，算出每個方向速度的大小，算出與墻壁碰撞后的速度，最后算出下落的時間，從而算出著地點到墻壁的距離。.【答案】B,C【知識點】電磁感應(yīng)現(xiàn)象：磁通量：電磁感應(yīng)與圖象：電磁感應(yīng)中切割類問題【解析】【解答】根據(jù)題意作出圖像如圖所示TOC\o"1-5"\h\z在t=0到，==的過程中，線圈轉(zhuǎn)過90。，切割的有效長度先增大后減小，根據(jù)E=1BL2。，故E先增2a) 2大后減小，故A錯誤，B1E確：jr J I在r=o至It=—的過程中，切割長度為l'=--= ,cos，coscot感應(yīng)電動勢為￡：=工87/刃=,跟一^一)20=空衛(wèi)?(」一〕，故E的變化率一直在增大，故C正確，D2 2cosd2\cosa)t)錯誤;故選BCo【分析】首先根據(jù)題意作出線框運動圖像，然后根據(jù)圖像即可判斷感應(yīng)電動勢的變化情況。.【答案】(I)120.200.13【知識點】驗證牛頓運動定律(探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系)【解析】【解答】(1)由題知，A點到。點的距離為5.00cm,故，結(jié)合圖乙的F—r圖有，根據(jù)尸=AAr可得A=H2N/m：(2)根據(jù)牛頓第二定律有尸=〃以，根據(jù)a-F圖像可知圖像的斜率為質(zhì)量的倒數(shù)，]_n根據(jù)圖內(nèi)I可得一=777^=5依t，故m=0.20kg；m0.60-0(3)同理，根據(jù)圖內(nèi)II可得-L=￡Q=3kg-',所以W=0.33依，故待測物體的質(zhì)量為“'-"=0」3版。m0.5-0【分析】(1)首先根據(jù)題意算出彈簧的形變量，然后根據(jù)胡可定律計算出彈簧彈性系數(shù)：(2)根據(jù)牛頓第二定律即可判斷a-F圖像的斜率的含義，根據(jù)圖像即可算出滑塊與傳感器的總質(zhì)量；(3)同理，算出待測物體，滑塊與傳感器的總質(zhì)量，然后減去滑塊與傳感器的質(zhì)量即為待測物體的質(zhì)量。14.【答案】(1)Ai；60(2)100(3)無【知識點】電阻的測量EI【解析】【解答】(1)當選擇電流表A,時，調(diào)節(jié)滑動變阻器，使其半偏，，=?T，解得A.-rKn-vK-rrZR+/*=60Q,符合題意；E /當選擇電流表A,時，調(diào)節(jié)滑動變阻器，使其半偏，/=-一^—7—=十，解得R+r=-80Q,不合題+A；,+a+rz意：故該同學(xué)選到電流表為A1,若不考慮電池內(nèi)阻，滑動變阻器接入電路的電阻值應(yīng)為60C：E E⑵當接/時，h=R+R+2=5"認,當接R,時，h=R +.+「6梯,k.+/\q+a+r a.-t-+n+r聯(lián)立解得凡=100。：(3)根據(jù)(2)計算可知，本實驗中不考慮電池內(nèi)阻，對尺的測量值無影響。【分析】（1）先分類談?wù)?，根?jù)閉合電路歐姆定律算出電阻的大小，然后根據(jù)題意選擇符合題意的電流表合滑動變阻器的阻值：（2）首先分別計算接入兩個電阻時電流的大小，然后聯(lián)立兩式算出待測電阻的大小；（3）根據(jù)（2）中的計算,可以判斷出不考慮電池內(nèi)阻，對段的測量值無影響。.【答案】（1）設(shè)魚靜止在H處，此時魚的體積為匕，有Mg=pg%,此時B室內(nèi)，氣體體積為V,有m=魚通過增加B室體積獲得大小為a的加速度，有pg（%+AY）-A^二必/,Mma聯(lián)立解得A/n=--.Vpg（2）開始時魚靜止在H處時，B室內(nèi)氣體體積為V,質(zhì)量為m,故此時B室內(nèi)的壓強為Pi= + ,也靜止于水面下Hi處時，有=%由于魚鯨內(nèi)氣體溫度不變，根據(jù)玻意耳定律有pN印2V2,解存匕=>/口+%V,則此時氣體的質(zhì)量為叫=因山殳,〃。PgM+Pu【知識點】氣體實驗定律【解析】【分析】（1）當魚靜止在H處有重力等于浮力，然后求出B中氣體的氣體密度，最后根據(jù)受力分析，列出牛頓第二定律的計算式，聯(lián)立后解得A進入B中的氣體質(zhì)量；（2）分別算出雨靜止在H和處的壓強大小，然后根據(jù)玻意爾定律，計算出B中氣體的體積，最后算出氣體的質(zhì)量。.【答案】（1）當小車隨配置一起向上勻速運動時，設(shè)電動機對小車的拉力為巴，根據(jù)能量守恒有U/=/%+Zv，設(shè)配重對小車的拉力為F],對配重受力分析有F2=砥涔，向上勻速，對小車分析有片+瑪=（q+，％）gsin6+M碼+網(wǎng)）g，小車向下勻速，對小車分析有叫g(shù)sin6=?嗎g+k?%g,聯(lián)立解得sin6=0.5,2=0.1；

<2）關(guān)閉發(fā)動機后，對小車和配重受力分析有（肛+g）gsinO+&（町+%）8-，/8=（惆+肛根據(jù)運動學(xué)公式有2az.=/,聯(lián)立兩式解得乙=黑"1。185【知識點】恒力做功：動能定理的綜合應(yīng)用；全電路的功和能；歐姆定律：能量守恒定律【解析】【分析】（1）首先對小車勻速上行進行分析，然后小車勻速下行分析，最后聯(lián)立即可求出結(jié)果：（2）首先對關(guān)閉發(fā)動機后小車和配重受力分析，然后根據(jù)運動學(xué)公式進行求解。17.【答案】（1）根據(jù)題意作出粒子運動圖像如圖所示根據(jù)題意可知離子沿z軸方向做勻速直線運動，沿z軸方向做勻減速直線運動，從A到。的過程，有. 介.n qE…lfnv（rsinpcosBL=%cos4f,%sin4=af,a=—,聯(lián)立解得后= f———；tn qL（2）根據(jù)題意作出粒子運動圖像如圖所示*一*一M由圖可知，離子從坐標原點O沿Z軸正方向進入磁場I中，在磁場I中做勻速圓周運動，經(jīng)過磁場I偏轉(zhuǎn)后從y軸進入磁場II中，繼續(xù)做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力得，可得，為了使離子在磁場中運動，則離子磁場I運動時，不能從磁場I上方穿出。在磁場n運動時，不能xOz平面穿出，則離子在磁場用運動的軌跡半徑需滿足qVd,r2<3dt聯(lián)立解得，首4迎，m要使離了?甲進入磁場后始終在磁場中運動，進入磁場時的最大速度為qBd

m

要使離了?甲進入磁場后始終在磁場中運動，進入磁場時的最大速度為（3）離子甲以的速度從0點沿z軸正方向第?次穿過xOy面進入磁場I,離子在磁場I中的軌跡半徑為，在磁場II中的軌道半徑為，離子從O點第一次穿過到第四次穿過xOy平面的運動情況如圖所示（4）設(shè)粒子乙的速度為匕，根據(jù)題意可知='-4旭》2,解得匕=型，2 2 4m兩離子在I中的軌跡半徑為彳=g,/=2/;=4,兩離子在II中的軌跡半徑為R=與，「；=2八=血,從0點進入磁場到第一個交點的過程，有,們運動軌跡第一個交點的時