學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2015-2016學(xué)年廣東省東莞市松山湖中學(xué)、東莞一中聯(lián)考高三（上）月考物理試卷（12月份）二、選擇題：本題共8小題，每題6分,在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)吻合題目要求,第19～21題有多項(xiàng)吻合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1．將一小球沿y軸正方向以初速度v豎直向上拋出，小球運(yùn)動(dòng)的y﹣t圖象以下列圖,t2時(shí)刻小球到達(dá)最高點(diǎn)，且t3﹣t2＞t2﹣t1，0～t2時(shí)間內(nèi)和t2～t3時(shí)間內(nèi)的圖線為兩段不相同的拋物線,由此可知（)A．小球在0～t1時(shí)間內(nèi)與t1～t2時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向相反B．小球在t2時(shí)刻所受合外力為零C．小球在0～t2時(shí)間內(nèi)所受合外力大于t2～t3時(shí)間內(nèi)所受合外力D．小球在t1和t3時(shí)刻速度大小相等2．以下列圖，在某一地域有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在豎直平面內(nèi)有初速度為vo的帶電微粒,恰能沿圖示虛線由A向B做直線運(yùn)動(dòng)．不計(jì)空氣阻力,則()A．微粒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B．微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精C．微粒電勢(shì)能減少D．微粒帶正電3．以下列圖，半徑為R的圓形地域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．重力不計(jì)、電荷量必然的帶電粒子以速度v正對(duì)著圓心O射入磁場(chǎng),若粒子射入、射出磁場(chǎng)點(diǎn)間的距離為R，則粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為（）A．B．C．D．4．以下列圖為我國(guó)自行研制的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)中的兩顆工作衛(wèi)星1、2，它們均繞地心做順時(shí)針?lè)较虻膭蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于同一軌道上的A、B兩地址．不計(jì)衛(wèi)星間的相互作用力．以下判斷中正確的選項(xiàng)是(）A．衛(wèi)星1向后噴氣就必然能追上衛(wèi)星2B．衛(wèi)星1、2由地址A運(yùn)動(dòng)到地址B所需的時(shí)間相同C．衛(wèi)星1、2繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力大小必然相等D．衛(wèi)星1由圓軌道運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)地址A的加速度小于在橢圓軌道運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)地址A的加速度5．以下列圖，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的滑片向b端移4動(dòng)時(shí)，則（

）學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精A．質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng)B．電流表讀數(shù)減小C．電壓表讀數(shù)減小D．R3上耗資的功率增大6．以下列圖，質(zhì)量均為m的兩木塊a與b疊放在水平面上,a碰到斜向上與水平成θ角的力作用，b碰到斜向下與水平成θ角的力作用，兩力大小均為F，兩木塊保持靜止?fàn)顟B(tài)，則（）A．a(chǎn)、b之間必然存在靜摩擦力B．b與地之間必然存在靜摩擦力C．b對(duì)a的支持力必然小于mgD．地對(duì)b的支持力必然大于2mg7．水平圓滑直軌道ab與半徑為R的豎直半圓形圓滑軌道bc相切,一小球以初速度v0沿直軌道ab向右運(yùn)動(dòng)，以下列圖，小球進(jìn)入半圓形軌道后恰巧能經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)c．則（)A．R越大，v0越大B．R越大，小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)后的瞬時(shí)對(duì)軌道的壓力變大C．m越大，v0越大D．m與R同時(shí)增大,初動(dòng)能Ek0增大學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精8．如圖,圓滑水平面上放著質(zhì)量為M的木板，木板的上表面粗糙且木板左端有一個(gè)質(zhì)量為m的木塊．現(xiàn)對(duì)木塊施加一個(gè)水平向右的恒力F，木塊與木板由靜止開始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t分別．以下說(shuō)法正確的是（)A．若僅增大木板的質(zhì)量M，則時(shí)間t減小B．若僅增大木塊的質(zhì)量m，則時(shí)間t增大C．若僅增大恒力F，則時(shí)間t增大D．若僅增大木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，則時(shí)間t增大三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分，第22題～第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必定作答，第33題～第40題為選考題,考生依照要求作答．(一)必考題（11題，共129分）9．為了測(cè)量木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ，某小組使用位移傳感器設(shè)計(jì)了如圖1所示實(shí)驗(yàn)裝置，讓木塊從傾斜木板上一點(diǎn)A由靜止釋放，位移傳感器可以測(cè)出木塊到傳感器的距離．位移傳感器連結(jié)計(jì)算機(jī)，描繪出滑塊相對(duì)傳感器的位移s隨時(shí)間t變化規(guī)律，如圖2所示．①依照上述圖線，計(jì)算0。4s時(shí)木塊的速度v=m/s,木塊加速度學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精a=m/s2；②為了測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù)μ，還需要測(cè)量的量是;（已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭）③為了提高木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ的測(cè)量精度，以下措施可行的是．A．A點(diǎn)與傳感器距離合適大些B．木板的傾角越大越好C．選擇體積較大的空心木塊D．傳感器開始計(jì)時(shí)的時(shí)刻必定是木塊從A點(diǎn)釋放的時(shí)刻．10．某科技小組要測(cè)量一未知電阻Rx的阻值，實(shí)驗(yàn)室供應(yīng)了以下器材:A．待測(cè)電阻RxB．電池組（電動(dòng)勢(shì)3V,內(nèi)阻約5Ω）C．電壓表（量程3V，內(nèi)阻約3000Ω）D．電壓表(量程5mA，內(nèi)阻約10Ω)E．滑動(dòng)變阻器（最大阻值50Ω,額定電流1.0A)F．開關(guān)、導(dǎo)線若干該小組使用完好相同的器材用不相同的測(cè)量電路(電流表內(nèi)接或外接）進(jìn)行測(cè)量，并將其測(cè)量數(shù)據(jù)繪成U﹣I圖象，如圖甲和圖乙所示．學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精①由測(cè)量結(jié)果判斷

圖測(cè)量結(jié)果較為正確，其測(cè)量值

Rx=

（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）,Rx的測(cè)量值真實(shí)值（選填“大于”、“等于”或“小于”）．②請(qǐng)把正確的測(cè)量電路圖畫在丙中方框內(nèi)．11．近來(lái)我國(guó)高速公路發(fā)生多起有關(guān)客車相撞的嚴(yán)重交通事故，原因之一就是沒(méi)有掌握好車距，據(jù)經(jīng)驗(yàn)豐富的司機(jī)總結(jié)，在高速公路上，一般可按你的車速來(lái)確定與前車的距離,如車速為80km/h，就應(yīng)與前車保持80m的距離，以此類推,現(xiàn)有一輛客車以大小v0=90km/h的速度行駛，一般司機(jī)反應(yīng)時(shí)間t=0。5s（反應(yīng)時(shí)間內(nèi)車被視為勻速運(yùn)動(dòng)），剎車時(shí)最大加速度a1=5m/s2，求：(1）若司機(jī)發(fā)現(xiàn)前車因故突然停車,則從司機(jī)發(fā)現(xiàn)危險(xiǎn)到客車停止運(yùn)動(dòng),該客車經(jīng)過(guò)的最短行程？并說(shuō)明按經(jīng)驗(yàn)，車距保持90m可否可行？（2）若客車超載，剎車最大加速度減為a2=4m/s2；司機(jī)為趕時(shí)間而超速，速度達(dá)到v1=144km/h；且夜晚疲勞駕駛，反應(yīng)時(shí)間增為t′=1。5s,則從司機(jī)發(fā)現(xiàn)危險(xiǎn)到客車停止運(yùn)動(dòng),客車經(jīng)過(guò)的最短路程？并說(shuō)明在此情況下經(jīng)驗(yàn)可否可靠？12．以下列圖,兩塊平行金屬板MN、PQ水平放置，兩板間距為d、板長(zhǎng)為L(zhǎng)，在平行板右側(cè)的等邊三角形地域內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，三角形底邊BC與PQ在同一水平線上,極點(diǎn)A與MN在同一水平線上．一個(gè)質(zhì)量為m、電量為+q的粒子沿兩板中心線以初速度v0水平射入,若在兩金屬板間加某一恒定電壓，粒子走開電場(chǎng)后垂直AB邊從D點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，BD=AB，并垂直AC邊射出（不計(jì)粒子的重力）．求：學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精(1）兩金屬板間電壓；（2)三角形地域內(nèi)磁感覺強(qiáng)度大小；（3）若兩金屬板間不加電壓，三角形地域內(nèi)的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外．要使粒子進(jìn)入磁場(chǎng)所區(qū)后能從BC邊射出，試求所加磁場(chǎng)的磁感覺強(qiáng)度的取值范圍．二、選考題:共45分．[物理—選修3-5］13．以下列圖，木塊B與水平面間的摩擦不計(jì)，子彈A沿水平方向射入木塊并在極短時(shí)間內(nèi)相對(duì)于木塊靜止下來(lái)，爾后木塊壓縮彈簧至彈簧最短．將子彈射入木塊到剛相對(duì)于靜止的過(guò)程稱為I，此后木塊壓縮的過(guò)程稱為Ⅱ，則（）A．過(guò)程Ⅰ中，子彈、彈簧和木塊所組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒,動(dòng)量也不守恒B．過(guò)程Ⅰ中，子彈和木塊所組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，動(dòng)量守恒C．過(guò)程Ⅱ中，子彈、彈簧和木塊所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動(dòng)量也守恒D．過(guò)程Ⅱ中，子彈、彈簧和木塊所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，動(dòng)量不守恒14．以下列圖，圓滑水平面AB與粗糙斜面BC在B處經(jīng)過(guò)圓弧連結(jié)，質(zhì)量M=0.3kg的小木塊靜止在水平面上的A點(diǎn)．現(xiàn)有一質(zhì)量學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精m=0。2kg子彈以v0=20m/s的初速度水平川射入木塊（但未穿出)，它們一起沿AB運(yùn)動(dòng)，并沖上BC．已知木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5,斜面傾θ角=45°，重力加速度g=10m/s2,木塊在B處無(wú)機(jī)械能損失．試求：（1）子彈射入木塊后的共同速度；（2）子彈和木塊能沖上斜面的最大高度．學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2015—2016學(xué)年廣東省東莞市松山湖中學(xué)、東莞一中聯(lián)考高三（上)月考物理試卷（12月份)參照答案與試題解析二、選擇題:本題共8小題，每題6分，在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)吻合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)吻合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得分．1．將一小球沿y軸正方向以初速度v豎直向上拋出,小球運(yùn)動(dòng)的y﹣t圖象以下列圖，t2時(shí)刻小球到達(dá)最高點(diǎn)，且t3﹣t2＞t2﹣t1，0~t2時(shí)間內(nèi)和t2～t3時(shí)間內(nèi)的圖線為兩段不相同的拋物線，由此可知（）A．小球在0～t1時(shí)間內(nèi)與t1~t2時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向相反B．小球在t2時(shí)刻所受合外力為零C．小球在0～t2時(shí)間內(nèi)所受合外力大于t2～t3時(shí)間內(nèi)所受合外力D．小球在t1和t3時(shí)刻速度大小相等【考點(diǎn)】豎直上拋運(yùn)動(dòng)．【解析】依照地址的變化解析質(zhì)點(diǎn)的速度大小和方向．依照初、末地址關(guān)系解析位移的正負(fù)．【解答】解：A、由題圖可知，小球在0～t2時(shí)間內(nèi)的地址素來(lái)高升,學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精因此在0～t1時(shí)間內(nèi)與t1～t2時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向相同．故A錯(cuò)誤;B、由題圖知，小球在t2時(shí)刻的速度為0．由于小球碰到重力的作用，因此小球所受合外力不為零，故B錯(cuò)誤．C、由于t2時(shí)刻小球到達(dá)最高點(diǎn),且t3﹣t2＞t2﹣t1,可知小球上升的時(shí)間小于下落的時(shí)間,因此上升階段的平均速度大于下落階段的平均速度，可知t1時(shí)刻小球的速度大于t3時(shí)刻的速度．結(jié)合運(yùn)動(dòng)的位移公式即可得知上升階段的加速度必然大于下落階段的加速度,由牛頓第二定律可知，小球在0~t2時(shí)間內(nèi)所受合外力大于t2～t3時(shí)間內(nèi)所受合外力，故C正確,D錯(cuò)誤．應(yīng)選：C2．以下列圖，在某一地域有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng),在豎直平面內(nèi)有初速度為vo的帶電微粒，恰能沿圖示虛線由A向B做直線運(yùn)動(dòng)．不計(jì)空氣阻力,則()A．微粒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B．微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)C．微粒電勢(shì)能減少D．微粒帶正電【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng);電勢(shì)能．【解析】帶點(diǎn)微粒做直線運(yùn)動(dòng)，因此所受合力方向與運(yùn)動(dòng)方向在同素來(lái)線上，依照重力和電場(chǎng)力的方向可確定微粒運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)．【解答】解：A、由于電場(chǎng)力方向總是與電場(chǎng)方向在一條直線上，電場(chǎng)力不可以能與重力平衡,微粒不可以能勻速運(yùn)動(dòng)，由于重力、電場(chǎng)力學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精均恒定,其合力也恒定．由于微粒做直線運(yùn)動(dòng)，合力必與速度方向在一條直線上．因重力豎直向下,電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線的方向,由平行四邊形定則可知，電場(chǎng)力水平向左時(shí)，微粒所受電場(chǎng)力與重力的合力方向與速度方向相反．因此微粒做勻減速運(yùn)動(dòng)，帶負(fù)電；故AD錯(cuò)誤，正確;C、電場(chǎng)力的方向與運(yùn)動(dòng)方向夾角為鈍角，則說(shuō)明運(yùn)動(dòng)中電場(chǎng)力做負(fù)功,電勢(shì)能增加．故C錯(cuò)誤;應(yīng)選：B．3．以下列圖，半徑為R的圓形地域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．重力不計(jì)、電荷量必然的帶電粒子以速度v正對(duì)著圓心O射入磁場(chǎng),若粒子射入、射出磁場(chǎng)點(diǎn)間的距離為R，則粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為（）A．B．C．D．【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【解析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供應(yīng)向心力，畫出軌跡，求解出半徑，爾后依照牛頓第二定律列式解析即可．【解答】解：粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，畫出軌跡，以下列圖：學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精故軌道半徑:r=R依照牛頓第二定律,有:qvB=m解得:r=聯(lián)立解得：v=故在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t==應(yīng)選：A．4．以下列圖為我國(guó)自行研制的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)中的兩顆工作衛(wèi)星1、2，它們均繞地心做順時(shí)針?lè)较虻膭蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻兩顆工作衛(wèi)星分別位于同一軌道上的A、B兩地址．不計(jì)衛(wèi)星間的相互作用力．以下判斷中正確的選項(xiàng)是()A．衛(wèi)星1向后噴氣就必然能追上衛(wèi)星2B．衛(wèi)星1、2由地址A運(yùn)動(dòng)到地址B所需的時(shí)間相同C．衛(wèi)星1、2繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力大小必然相等D．衛(wèi)星1由圓軌道運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)地址A的加速度小于在橢圓軌道運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)地址A的加速度【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精【解析】衛(wèi)星1向后噴氣，速度增大，依照萬(wàn)有引力與向心力的關(guān)系判斷可否能追上衛(wèi)星2．在同軌道上運(yùn)動(dòng)，加速度大小相等，由于衛(wèi)星的質(zhì)量不等，向心力不用然相等．依照牛頓第二定律，結(jié)合萬(wàn)有引力大小比較兩個(gè)軌道上經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的加速度．【解答】解：A、衛(wèi)星1向后噴氣,速度增大,萬(wàn)有引力小于向心力，做離心運(yùn)動(dòng),走開圓軌道，不會(huì)追上衛(wèi)星2，故A錯(cuò)誤．B、衛(wèi)星1、2均做勻速圓周運(yùn)動(dòng),可知衛(wèi)星1、2由地址A運(yùn)動(dòng)到地址B所需的時(shí)間相等，故B正確．C、由于衛(wèi)星1、2的質(zhì)量不用然相等，兩個(gè)衛(wèi)星在同一軌道上運(yùn)動(dòng)，向心加速度相等,向心力大小不用然相等，故C錯(cuò)誤．D、地址1在圓軌道經(jīng)過(guò)地址A和在橢圓軌道經(jīng)過(guò)地址A所受的萬(wàn)有引力相等，依照牛頓第二定律知,加速度相等，故D錯(cuò)誤．應(yīng)選：B．5．以下列圖，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的滑片向b端移4動(dòng)時(shí)，則

(

）A．質(zhì)點(diǎn)P將向上運(yùn)動(dòng)B．電流表讀數(shù)減小C．電壓表讀數(shù)減小D．R3上耗資的功率增大【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律．【解析】由圖可知電路結(jié)構(gòu),由滑片的搬動(dòng)可知電路中電阻的變化，學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精再由閉合電路歐姆定律可知各電表示數(shù)的變化及電容器兩端的電壓變化;再解析質(zhì)點(diǎn)的受力情況可知質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況．【解答】解：A、由圖可知，R2與滑動(dòng)變阻器R4串通后與R3并聯(lián)后，再由R1串通接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向b搬動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大;路端電壓減小，同時(shí)R1兩端的電壓也增大;故并聯(lián)部分的電壓減小；由歐姆定律可知流過(guò)R3的電流減小,則流過(guò)并聯(lián)部分的電流增大,故電流表示數(shù)增大，因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小，因電容器兩端電壓減小，故電荷碰到的向上電場(chǎng)力減小，則重力大于電場(chǎng)力,合力向下，電荷向下運(yùn)動(dòng),故AB錯(cuò)誤，C正確；D、因R3兩端的電壓減小，由P=可知,R3上耗資的功率減??；故錯(cuò)誤；應(yīng)選：C6．以下列圖,質(zhì)量均為m的兩木塊a與b疊放在水平面上，a碰到斜向上與水平成θ角的力作用，b碰到斜向下與水平成θ角的力作用,兩力大小均為F，兩木塊保持靜止?fàn)顟B(tài)，則（)A．a(chǎn)、b之間必然存在靜摩擦力B．b與地之間必然存在靜摩擦力C．b對(duì)a的支持力必然小于mg學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精D．地對(duì)b的支持力必然大于2mg【考點(diǎn)】摩擦力的判斷與計(jì)算．【解析】對(duì)整體受力解析可得出b與地面間的摩擦力;再對(duì)a解析可求得ab間的支持力及摩擦力．【解答】解:A、對(duì)a受力解析，可知a受重力、支持力、拉力而處于平衡,由于F有水平方向的分力,故a有向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，故a應(yīng)受到b向左的摩擦力，故A正確；B、對(duì)整體受力解析可知,整體受重力、支持力、兩個(gè)拉力,將拉力沿水平和豎直方向分解可知，其水平重量相等，故整體在水平方向受力平衡,故地面對(duì)b沒(méi)有摩擦力；故B錯(cuò)誤；C、F向上的重量，使a碰到的支持力小于重力,故C正確；D、豎直方向，兩分力相互抵消，故ab受地面的支持力等于2mg，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：AC．7．水平圓滑直軌道ab與半徑為R的豎直半圓形圓滑軌道bc相切，一小球以初速度v0沿直軌道ab向右運(yùn)動(dòng)，以下列圖，小球進(jìn)入半圓形軌道后恰巧能經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)c．則（）A．R越大，v0越大B．R越大，小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)后的瞬時(shí)對(duì)軌道的壓力變大C．m越大,v0越大學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精D．m與R同時(shí)增大，初動(dòng)能Ek0增大【考點(diǎn)】動(dòng)能定理；向心力．【解析】小球恰能經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)，由重力供應(yīng)向心力，依照牛頓第二定律求出小球經(jīng)最高點(diǎn)時(shí)的速度，依照機(jī)械能守恒求出初速度v0與半徑R的關(guān)系．小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)后的瞬時(shí)由重力和軌道的支持力的合力供應(yīng)向心力，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律研究小球?qū)壍赖膲毫εc半徑的關(guān)系．依照機(jī)械能守恒列式研究初動(dòng)能與m、R的關(guān)系．【解答】解：AC、小球恰能經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)，由重力供應(yīng)向心力，則有:mg=m,vC=

;依照機(jī)械能守恒得：mv=獲取v0=，可見，R越大，關(guān)．故A正確、C錯(cuò)誤．

+2mgR，v0越大，而且

v0與小球的質(zhì)量

m無(wú)B、小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)后的瞬時(shí)，由牛頓第二定律得N﹣mg=m,解得到軌道對(duì)小球的支持力N=6mg，則N與R沒(méi)關(guān)，則由牛頓第三定律知小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)后瞬時(shí)對(duì)軌道的壓力與R沒(méi)關(guān)．故B錯(cuò)誤．D、初動(dòng)能Ek0=mv=，知m與R同時(shí)增大，初動(dòng)能Ek0增大，故D正確．應(yīng)選：AD8．如圖，圓滑水平面上放著質(zhì)量為M的木板，木板的上表面粗糙且木板左端有一個(gè)質(zhì)量為m的木塊．現(xiàn)對(duì)木塊施加一個(gè)水平向右的恒力F，木塊與木板由靜止開始運(yùn)動(dòng),經(jīng)過(guò)時(shí)間t分別．以下說(shuō)法正學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精確的是（)A．若僅增大木板的質(zhì)量M,則時(shí)間t減小B．若僅增大木塊的質(zhì)量m,則時(shí)間t增大C．若僅增大恒力F，則時(shí)間t增大D．若僅增大木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，則時(shí)間t增大【考點(diǎn)】牛頓第二定律;勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．【解析】依照牛頓第二定律分別求出m和M的加速度，抓住位移之差等于木板長(zhǎng)，結(jié)合位移時(shí)間公式求出走開的時(shí)間，從而進(jìn)行分析．【解答】解:依照牛頓第二定律得，木塊m的加速度：a1==﹣μg，木板M的加速度:a2=,又題意得,L=a1t2﹣a2t2,解得：t=．A、若僅增大木板的質(zhì)量M，m的加速度不變，M的加速度減小，則時(shí)間t減小，故A正確;B、若僅增大小木塊的質(zhì)量m，則m的加速度減小，M的加速度增大，則時(shí)間t增大,故B正確；C、若僅增大恒力F，則m的加速度變大，M的加速度不變，則時(shí)間t減小，故C錯(cuò)誤；D、若僅增大木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，則m的加速度減小,M的學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精加速度增大，則時(shí)間t增大，故D正確．應(yīng)選：ABD．三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分,第22題～第32題為必考題，每個(gè)試題考生都必定作答，第33題～第40題為選考題，考生依照要求作答．(一)必考題(11題，共129分）9．為了測(cè)量木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ，某小組使用位移傳感器設(shè)計(jì)了如圖1所示實(shí)驗(yàn)裝置，讓木塊從傾斜木板上一點(diǎn)A由靜止釋放，位移傳感器可以測(cè)出木塊到傳感器的距離．位移傳感器連結(jié)計(jì)算機(jī)，描繪出滑塊相對(duì)傳感器的位移s隨時(shí)間t變化規(guī)律,如圖2所示．①依照上述圖線，計(jì)算0。4s時(shí)木塊的速度v=0。4m/s，木塊加速度a=1m/s2；②為了測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù)μ，還需要測(cè)量的量是斜面的傾角θ(或A點(diǎn)的高度）;（已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭）③為了提高木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)μ的測(cè)量精度，以下措施可行的是A．A．A點(diǎn)與傳感器距離合適大些B．木板的傾角越大越好C．選擇體積較大的空心木塊學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精D．傳感器開始計(jì)時(shí)的時(shí)刻必定是木塊從A點(diǎn)釋放的時(shí)刻．【考點(diǎn)】研究影響摩擦力的大小的因素．【解析】（1）由于滑塊在斜面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng),因此某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于這段時(shí)間內(nèi)中點(diǎn)時(shí)刻的瞬時(shí)速度;依照加速度的定義式即可求出加速度；（2）為了測(cè)定動(dòng)摩擦力因數(shù)μ還需要測(cè)量的量是木板的傾角θ；(3）為了提高木塊與木板間摩擦力因數(shù)μ的測(cè)量精度，可行的措施是A點(diǎn)與傳感器位移合適大些或減小斜面的傾角【解答】解：①依照某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于這段時(shí)間內(nèi)中點(diǎn)時(shí)刻的瞬時(shí)速度，得0.4s末的速度為：

v=

m/s=0.4m/s

，0。2s末的速度為：

v′=

=0。2m/s，則木塊的加速度為：a===1m/s2．②采用木塊為研究的對(duì)象,木塊沿斜面方向是受力：ma=mgsinμmgcosθ得:μ=因此要測(cè)定摩擦因數(shù)，還需要測(cè)出斜面的傾角θ(或A點(diǎn)的高度)

θ﹣③依照（2)的解析可知，在實(shí)驗(yàn)中，為了減少實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)使木塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)一些,可以：可以減小斜面的傾角、增加木塊在斜面上滑行的位移等，傳感器開始的計(jì)時(shí)時(shí)刻不用然必定是木塊從A點(diǎn)釋放的時(shí)刻．故A正確，BCD錯(cuò)誤．應(yīng)選：A．故答案為:①0.4，1；②斜面傾角θ（或A點(diǎn)的高度）；③A．學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精10．某科技小組要測(cè)量一未知電阻Rx的阻值,實(shí)驗(yàn)室供應(yīng)了以下器材:A．待測(cè)電阻RxB．電池組（電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻約5Ω）C．電壓表（量程3V，內(nèi)阻約3000Ω）D．電壓表（量程5mA，內(nèi)阻約10Ω）E．滑動(dòng)變阻器（最大阻值50Ω,額定電流1。0A）F．開關(guān)、導(dǎo)線若干該小組使用完好相同的器材用不相同的測(cè)量電路(電流表內(nèi)接或外接）進(jìn)行測(cè)量，并將其測(cè)量數(shù)據(jù)繪成U﹣I圖象，如圖甲和圖乙所示．①由測(cè)量結(jié)果判斷甲圖測(cè)量結(jié)果較為正確，其測(cè)量值Rx=1。08×103Ω（結(jié)果保留三位有效數(shù)字），Rx的測(cè)量值大于真實(shí)值（選填“大于”、“等于”或“小于”）．②請(qǐng)把正確的測(cè)量電路圖畫在丙中方框內(nèi)．【考點(diǎn)】伏安法測(cè)電阻．【解析】①U﹣I圖象的斜率等于電阻阻值，依照?qǐng)D示圖象求出待測(cè)電阻阻值,依照待測(cè)電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系解析答題．②伏安法測(cè)電阻采用電流表外接法時(shí)，由于電壓表分流，所測(cè)電流學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精偏大，電阻測(cè)量值小于真實(shí)值；電流表采用內(nèi)接法時(shí),由于電流表分壓，所測(cè)電壓偏大,電阻測(cè)量值大于真實(shí)值；依照電阻測(cè)量值大小判斷電流表接法,爾后作出對(duì)應(yīng)的實(shí)驗(yàn)電路圖．依照待測(cè)電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法．【解答】解:①由U﹣I圖象可知，電阻測(cè)量值：R甲==≈1。08×103Ω，R乙==≈7。22×102Ω;電流表內(nèi)阻為10Ω，電壓表內(nèi)阻為3000Ω，相對(duì)來(lái)說(shuō)待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法,則甲圖測(cè)量結(jié)果較正確，其測(cè)量值Rx=1。08×103Ω；電流表采用內(nèi)接法，由于電流表分壓作用,電壓測(cè)量值大于真實(shí)值,由歐姆定律可知,待測(cè)電阻測(cè)量值大于真實(shí)值．②由①可知電流表采用內(nèi)接法時(shí)測(cè)量結(jié)果較正確，滑動(dòng)變阻器最大阻值為50Ω，滑動(dòng)變阻器最大阻值遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻阻值，為測(cè)量多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，電路圖以下列圖：故答案為：①甲;1。08×103Ω；大于；②電路圖以下列圖．11．近來(lái)我國(guó)高速公路發(fā)生多起有關(guān)客車相撞的嚴(yán)重交通事故,原因之一就是沒(méi)有掌握好車距，據(jù)經(jīng)驗(yàn)豐富的司機(jī)總結(jié),在高速公路上，一般可按你的車速來(lái)確定與前車的距離,如車速為80km/h,就應(yīng)與前學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精車保持80m的距離，以此類推，現(xiàn)有一輛客車以大小v0=90km/h的速度行駛，一般司機(jī)反應(yīng)時(shí)間t=0.5s（反應(yīng)時(shí)間內(nèi)車被視為勻速運(yùn)動(dòng)），剎車時(shí)最大加速度a1=5m/s2，求：(1）若司機(jī)發(fā)現(xiàn)前車因故突然停車，則從司機(jī)發(fā)現(xiàn)危險(xiǎn)到客車停止運(yùn)動(dòng)，該客車經(jīng)過(guò)的最短行程？并說(shuō)明按經(jīng)驗(yàn)，車距保持90m可否可行？（2）若客車超載,剎車最大加速度減為a2=4m/s2；司機(jī)為趕時(shí)間而超速，速度達(dá)到v1=144km/h；且夜晚疲勞駕駛,反應(yīng)時(shí)間增為t′=1。5s，則從司機(jī)發(fā)現(xiàn)危險(xiǎn)到客車停止運(yùn)動(dòng)，客車經(jīng)過(guò)的最短行程？并說(shuō)明在此情況下經(jīng)驗(yàn)可否可靠?【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與位移的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．【解析】客車在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，剎車后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式和勻速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式求出總位移，從而進(jìn)行判斷．【解答】解：（1）司機(jī)發(fā)現(xiàn)前面危險(xiǎn)在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)前進(jìn)的距離x1：90km/h=25m/sx1=v01t=25×0.5m=12。5m剎車時(shí)間前進(jìn)的距離x2：m司機(jī)發(fā)現(xiàn)危險(xiǎn)到客車停止運(yùn)動(dòng)，客車經(jīng)過(guò)的最短行程x：x=x1+x2=12.5+62。5=75m＜90m經(jīng)驗(yàn)可行．（2）若客車超載，司機(jī)發(fā)現(xiàn)前面危險(xiǎn)在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)前進(jìn)的距離x3：v02=144km/h=40m/s學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精x3=v02t=40×1.5m=60m剎車時(shí)間前進(jìn)的距離x4：m司機(jī)發(fā)現(xiàn)危險(xiǎn)到客車停止運(yùn)動(dòng)，客車經(jīng)過(guò)的最短行程x：依照經(jīng)驗(yàn)，144km/h安全距離為144m．x=x3+x4=60m+200m=260m＞144m在多重違章情況下，經(jīng)驗(yàn)不可以靠．因此要按交通規(guī)則行駛，經(jīng)驗(yàn)才有可行．答：（1）客車經(jīng)過(guò)的最短行程為750m，經(jīng)驗(yàn)可行．（2）客車經(jīng)過(guò)的最短行程為260m，經(jīng)驗(yàn)不可以行．12．以下列圖,兩塊平行金屬板MN、PQ水平放置，兩板間距為d、板長(zhǎng)為L(zhǎng)，在平行板右側(cè)的等邊三角形地域內(nèi)存在著勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，三角形底邊BC與PQ在同一水平線上，頂點(diǎn)A與

MN

在同一水平線上．一個(gè)質(zhì)量為

m、電量為

+q

的粒子沿兩板中心線以初速度

v0水平射入，若在兩金屬板間加某一恒定電壓，粒子走開電場(chǎng)后垂直

AB

邊從D點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，BD=AB，并垂直AC邊射出（不計(jì)粒子的重力）．求：（1)兩金屬板間電壓；（2）三角形地域內(nèi)磁感覺強(qiáng)度大??；(3）若兩金屬板間不加電壓，三角形地域內(nèi)的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外．要使粒子進(jìn)入磁場(chǎng)所區(qū)后能從BC邊射出，試求所加磁場(chǎng)的磁感覺強(qiáng)度的取值范圍．學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)．【解析】(1)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出電壓．（2)粒子垂直進(jìn)入三角形地域內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，畫出軌跡,由于粒子垂直AB邊射入和AC邊射出，由幾何知識(shí)求出粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，依照洛倫茲力供應(yīng)向心力求出三角形地域內(nèi)磁感覺強(qiáng)度；（3）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供應(yīng)向心力，由牛頓第二定律求出磁感覺強(qiáng)度的最大值與最小值，爾后確定其范圍．【解答】解：（1）粒子在兩塊平行金屬板間的電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿水平方向做勻速運(yùn)動(dòng),豎直方向做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)．粒子垂直AB邊進(jìn)入磁場(chǎng),由幾何知識(shí)得，粒子走開電場(chǎng)時(shí)偏轉(zhuǎn)角=30°．依照類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有:L=v0t①②vy=at③d=at2④聯(lián)立①②③④解得：；（2）由幾何關(guān)系得：LAB=，r=LAB=d⑤粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速率為：v=⑥由牛頓第二定律得:qvB=m⑦學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精聯(lián)立⑤⑥⑦解得：B=;（3)若兩板間不加電壓，粒子將沿水平方向以速率v0從AB邊的中點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)．當(dāng)粒子恰巧從C點(diǎn)射出磁場(chǎng)，磁感覺強(qiáng)度最?。鸥杏X強(qiáng)度的最小值為B2，由幾何關(guān)系知，對(duì)應(yīng)粒子的最大軌道半徑r2為：r2=d依照向心力公式有：qvB2=m，解得：，當(dāng)粒子恰巧從E點(diǎn)射出磁場(chǎng)時(shí),磁感覺強(qiáng)度最大．設(shè)磁感覺強(qiáng)度的最大值為B3,由幾何關(guān)系知，對(duì)應(yīng)粒子的最小軌道半徑r3為：同上解出：,因此所加磁場(chǎng)的磁感覺強(qiáng)度的取值范圍為≤B＜；答:(1)兩金屬板間電壓為；（2）三角形地域內(nèi)磁感覺強(qiáng)度大小為；（3）要使粒子進(jìn)入磁場(chǎng)所區(qū)后能從BC邊射出，所加磁場(chǎng)的磁感覺強(qiáng)度的取值范圍是：≤B＜．學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精二、選考題:共45分．[物