2023年上海市高考物理試卷一．單項(xiàng)選擇題〔共16分，每題2分．每題只有一個(gè)正確選項(xiàng)．〕1．〔2分〕〔2023?上?！畴姶挪ㄅc機(jī)械波具有的共同性質(zhì)是〔〕A．都是橫波B．都能傳輸能量C．都能在真空中傳播D．都具有恒定的波速2．〔2分〕〔2023?上海〕當(dāng)用一束紫外線照射鋅板時(shí)，產(chǎn)生了光電效應(yīng)，這時(shí)〔〕A．鋅板帶負(fù)電B．有正離子從鋅板逸出C．有電子從鋅板逸出D．鋅板會(huì)吸附空氣中的正離子3．〔2分〕〔2023?上?！嘲坠馔ㄟ^(guò)雙縫后產(chǎn)生的干預(yù)條紋是彩色的，其原因是不同色光的〔〕A．傳播速度不同B．強(qiáng)度不同C．振動(dòng)方向不同D．頻率不同4．〔2分〕〔2023?上?！匙龊?jiǎn)諧振動(dòng)的物體，當(dāng)它每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)，可能不同的物理量是〔〕A．位移B．速度C．加速度D．回復(fù)力5．〔2分〕〔2023?上?！骋后w與固體具有的相同特點(diǎn)是〔〕A．都具有確定的形狀B．體積都不易被壓縮C．物質(zhì)分子的位置都確定D．物質(zhì)分子都在固定位置附近振動(dòng)6．〔2分〕〔2023?上海〕秋千的吊繩有些磨損．在擺動(dòng)過(guò)程中，吊繩最容易斷裂的時(shí)候是秋千〔〕A．在下擺過(guò)程中B．在上擺過(guò)程中C．?dāng)[到最高點(diǎn)時(shí)D．?dāng)[到最低點(diǎn)時(shí)7．〔2分〕〔2023?上?！吃谝粋€(gè)原子核衰變?yōu)橐粋€(gè)原子核的過(guò)程中，發(fā)生β衰變的次數(shù)為〔〕A．6次B．10次C．22次D．32次8．〔2分〕〔2023?上海〕如圖，質(zhì)量mA＞mB的兩物體A、B疊放在一起，靠著豎直墻面．讓它們由靜止釋放，在沿粗糙墻面下落過(guò)程中，物體B的受力示意圖是〔〕A．B．C．D．二．單項(xiàng)選擇題〔共24分，每題3分．每題只有一個(gè)正確選項(xiàng)．〕9．〔3分〕〔2023?上海〕小行星繞恒星運(yùn)動(dòng)，恒星均勻地向四周輻射能量，質(zhì)量緩慢減小，可認(rèn)為小行星在繞恒星運(yùn)動(dòng)一周的過(guò)程中近似做圓周運(yùn)動(dòng)．那么經(jīng)過(guò)足夠長(zhǎng)的時(shí)間后，小行星運(yùn)動(dòng)的〔〕A．半徑變大B．速率變大C．角速度變大D．加速度變大10．〔3分〕〔2023?上?！硟僧惙N點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的局部等勢(shì)面如下圖，A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)．假設(shè)位于a、b處點(diǎn)電荷的電荷量大小分別為qa和qb，那么〔〕A．a(chǎn)處為正電荷，qa＜qbB．a(chǎn)處為正電荷，qa＞qbC．a(chǎn)處為負(fù)電荷，qa＜qbD．a(chǎn)處為負(fù)電荷，qa＞qb11．〔3分〕〔2023?上?！橙鐖D，通電導(dǎo)線MN與單匝矩形線圈abcd共面，位置靠近ab且相互絕緣．當(dāng)MN中電流突然減小時(shí)，線圈所受安培力的合力方向〔〕A．向左B．向右C．垂直紙面向外D．垂直紙面向里12．〔3分〕〔2023?上?！吃谲囬T報(bào)警電路中，兩個(gè)按鈕開關(guān)分別裝在汽車的兩扇門上，只要有開關(guān)處于斷開狀態(tài)，報(bào)警燈就發(fā)光．能實(shí)現(xiàn)此功能的電路是〔〕A．B．C．D．13．〔3分〕〔2023?上?！橙鐖D，足夠長(zhǎng)的直線ab靠近通電螺線管，與螺線管平行．用磁傳感器測(cè)量ab上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B，在計(jì)算機(jī)屏幕上顯示的大致圖象是〔〕A．B．C．D．14．〔3分〕〔2023?上?！骋涣袡M波沿水平繩傳播，繩的一端在t=0時(shí)開始做周期為T的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t〔＜t＜T〕，繩上某點(diǎn)位于平衡位置上方的最大位移處．那么在2t時(shí)，該點(diǎn)位于平衡位置的〔〕A．上方，且向上運(yùn)動(dòng)B．上方，且向下運(yùn)動(dòng)C．下方，且向上運(yùn)動(dòng)D．下方，且向下運(yùn)動(dòng)15．〔3分〕〔2023?上?！澈疃葹?0m，湖底水溫為4℃，水面溫度為17℃，大氣壓強(qiáng)為1.0×105Pa．當(dāng)一氣泡從湖底緩慢升到水面時(shí)，其體積約為原來(lái)的〔取g=10m/s2，ρ=1.0×103kg/m3〕〔〕A．12.8倍B．8.5倍C．3.1倍D．2.1倍16．〔3分〕〔2023?上?！称囈院愣üβ恃毓纷鲋本€運(yùn)動(dòng)，途中通過(guò)一塊沙地．汽車在公路及沙地上所受阻力均為恒力，且在沙地上受到的阻力大于在公路上受到的阻力．汽車在駛?cè)肷车厍凹鹤鰟蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，它在駛?cè)肷车氐今偝錾车睾蟮囊欢螘r(shí)間內(nèi)，位移s隨時(shí)間t的變化關(guān)系可能是〔〕A．B．C．D．三．多項(xiàng)選擇題〔共16分，每題4分．每題有二個(gè)或三個(gè)正確選項(xiàng)．全選對(duì)的，得4分；選對(duì)但不全的，得2分；有選錯(cuò)或不答的，得0分．〕17．〔4分〕〔2023?上?！衬嘲雽?dǎo)體激光器發(fā)射波長(zhǎng)為1.5×10﹣6m，功率為5.0×10﹣3W的連續(xù)激光．可見光波長(zhǎng)的數(shù)量級(jí)為10﹣7m，普朗克常量h=6.63×10﹣34J?s，該激光器發(fā)出的〔〕A．是紫外線B．是紅外線C．光子能量約為1.3×10﹣18JD．光子數(shù)約為每秒3.8×1016個(gè)18．〔4分〕〔2023?上?！硟蓚€(gè)共點(diǎn)力Fl、F2大小不同，它們的合力大小為F，那么〔〕A．F1、F2同時(shí)增大一倍，F(xiàn)也增大一倍B．F1、F2同時(shí)增加10N，F(xiàn)也增加10NC．F1增加10N，F(xiàn)2減少10N，F(xiàn)一定不變D．假設(shè)F1、F2中的一個(gè)增大，F(xiàn)不一定增大19．〔4分〕〔2023?上海〕如圖，轟炸機(jī)沿水平方向勻速飛行，到達(dá)山坡底端正上方時(shí)釋放一顆炸彈，并垂直擊中山坡上的目標(biāo)A．A點(diǎn)高度為h，山坡傾角為θ，由此可算出〔〕A．轟炸機(jī)的飛行高度B．轟炸機(jī)的飛行速度C．炸彈的飛行時(shí)間D．炸彈投出時(shí)的動(dòng)能20．〔4分〕〔2023?上海〕圖為在平靜海面上，兩艘拖船A、B拖著駁船C運(yùn)動(dòng)的示意圖．A、B的速度分別沿著纜繩CA、CB方向，A、B、C不在一條直線上．由于纜繩不可伸長(zhǎng)，因此C的速度在CA、CB方向的投影分別與A、B的速度相等，由此可知C的〔〕A．速度大小可以介于A、B的速度大小之間B．速度大小一定不小于A、B的速度大小C．速度方向可能在CA和CB的夾角范圍外D．速度方向一定在CA和CB的夾角范圍內(nèi)四．填空題〔共20分，每題4分．〕本大題中第22題為分叉題，分A、B兩類，考生可任選一類答題．假設(shè)兩類試題均做，一律按A類題計(jì)分．21．〔4分〕〔2023?上?！撤派湫栽厮プ?yōu)?，此衰變過(guò)程的核反響方程是_________；用此衰變過(guò)程中發(fā)出的射線轟擊，可得到質(zhì)量數(shù)為22的氖〔Ne〕元素和另一種粒子，此核反響過(guò)程的方程是_________．22．〔4分〕〔2023?上?！尺x做一題A．質(zhì)量為M的物塊靜止在光滑水平桌面上，質(zhì)量為m的子彈以水平速度v0射入物塊后，以水平速度2v0/3射出．那么物塊的速度為_________，此過(guò)程中損失的機(jī)械能為_________．B．假設(shè)兩顆人造地球衛(wèi)星的周期之比為T1：T2=2：1，那么它們的軌道半徑之比R1：R2=_________，向心加速度之比a1：a2=_________．23．〔4分〕〔2023?上海〕如圖，在：半徑為2.5m的光滑圓環(huán)上切下一小段圓弧，放置于豎直平面內(nèi)，兩端點(diǎn)距最低點(diǎn)高度差H為1cm．將小環(huán)置于圓弧端點(diǎn)并從靜止釋放，小環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)所需的最短時(shí)間為_________s，在最低點(diǎn)處的加速度為_________m/s2．〔取g=10m/s2〕24．〔4分〕〔2023?上?！橙鐖D，電路中三個(gè)電阻Rl、R2和R3的阻值分別為R、2R和4R．當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時(shí)，電源輸出功率為P0；當(dāng)S1閉合、S2斷開時(shí)，電源輸出功率也為P0．那么電源電動(dòng)勢(shì)為_________；當(dāng)S1、S2都斷開時(shí)，電源的總功率為_________．25．〔4分〕〔2023?上?！橙鐖D，傾角為37°，質(zhì)量不計(jì)的支架ABCD的D端有一大小與質(zhì)量均可忽略的光滑定滑輪，A點(diǎn)處有一固定轉(zhuǎn)軸，CA⊥AB，DC=CA=0.3m．質(zhì)量m=lkg的物體置于支架的B端，并與跨過(guò)定滑輪的輕繩相連，繩另一端作用一豎直向下的拉力F，物體在拉力作用下沿BD做勻速直線運(yùn)動(dòng)，己知物體與BD間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.3．為保證支架不繞A點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，物體向上滑行的最大距離s=_________m．假設(shè)增大F后，支架仍不繞A點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，物體能向上滑行的最大距離s′_________s〔填：“大于〞、“等于〞或“小于〞．〕〔取sin37°=0.6，cos37°=0.8〕五．實(shí)驗(yàn)題〔共24分〕26．〔3分〕〔2023?上?！逞菔镜卮艌?chǎng)存在的實(shí)驗(yàn)裝置〔由環(huán)形線圈，微電流傳感器，DIS等組成〕如下圖．首先將線圈豎直放置，以豎直方向?yàn)檩S轉(zhuǎn)動(dòng)，屏幕上的電流指針_________〔填：“有〞或“無(wú)〞〕偏轉(zhuǎn)；然后仍將線圈豎直放置，使其平面與東西向平行，并從東向西移動(dòng)，電流指針_________〔填：“有〞或“無(wú)〞〕偏轉(zhuǎn)；最后將線圈水平放置，使其從東向西移動(dòng)，電流指針_________〔填：“有〞或“無(wú)〞〕偏轉(zhuǎn)．27．〔6分〕〔2023?上海〕為確定某電子元件的電氣特性，做如下測(cè)量．〔1〕用多用表測(cè)量該元件的電阻，選用“×100〞倍率的電阻檔測(cè)量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，因此需選擇_________倍率的電阻檔〔填：“×10〞或“×1k〞〕，并_________再進(jìn)行測(cè)量，多用表的示數(shù)如圖〔a〕所示，測(cè)量結(jié)果為_________Ω．〔2〕將待測(cè)元件〔額定電壓9V〕、蓄電池、滑動(dòng)變阻器、電流表、多用表、電鍵及假設(shè)干導(dǎo)線連接成電路如圖〔b〕所示．添加連線，使電路能測(cè)量該元件完整的伏安特性．本實(shí)驗(yàn)中使用多用表測(cè)電壓，多用表的選擇開關(guān)應(yīng)調(diào)到_________檔〔填：“直流電壓10V〞或“直流電壓50V〞〕．28．〔8分〕〔2023?上海〕如圖，研究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的實(shí)驗(yàn)裝置放置在水平桌面上，利用光電門傳感器和碰撞傳感器可測(cè)得小球的水平初速度和飛行時(shí)間，底板上的標(biāo)尺可以測(cè)得水平位移．保持水平槽口距底板高度h=0.420m不變．改變小球在斜槽導(dǎo)軌上下滑的起始位置，測(cè)出小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度v0、飛行時(shí)間t和水平位移d，記錄在表中．〔1〕由表中數(shù)據(jù)可知，在h一定時(shí)，小球水平位移d與其初速度v0成_________關(guān)系，與_________無(wú)關(guān)．v0〔m/s〕0.7411.0341.3181.584t〔ms〕292.7293.0292.8292.9d〔cm〕21.730.338.646.4〔2〕一位同學(xué)計(jì)算出小球飛行時(shí)間的理論值發(fā)現(xiàn)理論值與測(cè)量值之差約為3ms．經(jīng)檢查，實(shí)驗(yàn)及測(cè)量無(wú)誤，其原因是_________．〔3〕另一位同學(xué)分析并糾正了上述偏差后，另做了這個(gè)實(shí)驗(yàn)，競(jìng)發(fā)現(xiàn)測(cè)量值t′依然大于自己得到的理論值t理′，但二者之差在3﹣7ms之間，且初速度越大差值越?。畬?duì)實(shí)驗(yàn)裝置的安裝進(jìn)行檢查，確認(rèn)斜槽槽口與底座均水平，那么導(dǎo)致偏差的原因是_________．29．〔7分〕〔2023?上海〕利用如圖裝置可測(cè)量大氣壓強(qiáng)和容器的容積．步驟如下：①將倒U形玻璃管A的一端通過(guò)橡膠軟管與直玻璃管B連接，并注入適量的水，另一端插入橡皮塞，然后塞住燒瓶口，并在A上標(biāo)注此時(shí)水面的位置K；再將一活塞置于10ml位置的針筒插入燒瓶，使活塞緩慢推移至0刻度位置；上下移動(dòng)B，保持A中的水面位于K處，測(cè)得此時(shí)水面的高度差為17.1cm．②拔出橡皮塞，將針筒活塞置于0ml位置，使燒瓶與大氣相通后再次塞住瓶口；然后將活塞抽拔至10ml位置，上下移動(dòng)B，使A中的水面仍位于K，測(cè)得此時(shí)玻璃管中水面的高度差為16.8〕〔1〕假設(shè)用V0表示燒瓶容積，p0表示大氣壓強(qiáng)，△V示針筒內(nèi)氣體的體積，△p1、△p2表示上述步驟①、②中燒瓶?jī)?nèi)外氣體壓強(qiáng)差大小，那么步驟①、②中，氣體滿足的方程分別為_________、_________．〔2〕由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得燒瓶容積V0=_________ml，大氣壓強(qiáng)p0=_________Pa．〔3〕〔單項(xiàng)選擇題〕倒U形玻璃管A內(nèi)氣體的存在_________A．僅對(duì)容積的測(cè)量結(jié)果有影響B(tài)．僅對(duì)壓強(qiáng)的測(cè)量結(jié)果有影響C．對(duì)二者的測(cè)量結(jié)果均有影響D．對(duì)二者的測(cè)量結(jié)果均無(wú)影響．六．計(jì)算題〔共50分〕30．〔10分〕〔2023?上?！橙鐖D，柱形容器內(nèi)用不漏氣的輕質(zhì)絕熱活塞封閉一定量的理想氣體，容器外包裹保溫材料．開始時(shí)活塞至容器底部的高度為H1，容器內(nèi)氣體溫度與外界溫度相等．在活塞上逐步加上多個(gè)砝碼后，活塞下降到距容器底部H2處，氣體溫度升高了△T；然后取走容器外的保溫材料，活塞位置繼續(xù)下降，最后靜止于距容器底部H3處：大氣壓強(qiáng)為p0．求：氣體最后的壓強(qiáng)與溫度．31．〔12分〕〔2023?上?！橙鐖D，質(zhì)量為M、長(zhǎng)為L(zhǎng)、高為h的矩形滑塊置于水平地面上，滑塊與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ；滑塊上外表光滑，其右端放置一個(gè)質(zhì)量為m的小球．用水平外力擊打滑塊左端，使其在極短時(shí)間內(nèi)獲得向右的速度v0，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后小球落地．求小球落地時(shí)距滑塊左端的水平距離．32．〔12分〕〔2023?上?！嘲霃綖镽，均勻帶正電荷的球體在空間產(chǎn)生球?qū)ΨQ的電場(chǎng)；場(chǎng)強(qiáng)大小沿半徑分布如下圖，圖中E0，E﹣r曲線下O﹣R局部的面積等于R﹣2R局部的面積．〔1〕寫出E﹣r曲線下面積的單位；〔2〕己知帶電球在r≥R處的場(chǎng)強(qiáng)E=kQ/r2，式中k為靜電力常量，該均勻帶電球所帶的電荷量Q為多大？〔3〕求球心與球外表間的電勢(shì)差△U；〔4〕質(zhì)量為m，電荷量為q的負(fù)電荷在球面處需具有多大的速度可以剛好運(yùn)動(dòng)到2R處？33．〔16分〕〔2023?上海〕如圖，兩根相距l(xiāng)=0.4m、電阻不計(jì)的平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，一端與阻值R=0.15Ω的電阻相連．導(dǎo)軌x＞0一側(cè)存在沿x方向均勻增大的穩(wěn)恒磁場(chǎng)，其方向與導(dǎo)軌平面垂直，變化率k=0.5T/m，x=0處磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B0=0.5T．一根質(zhì)量m=0.1kg、電阻r=0.05Ω的金屬棒置于導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌垂直．棒在外力作用下從x=0處以初速度v0=2m/s沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電阻上消耗的功率不變．求：〔1〕電路中的電流；〔2〕金屬棒在x=2m處的速度；〔3〕金屬棒從x=0運(yùn)動(dòng)到x=2m過(guò)程中安培力做功的大??；〔4〕金屬棒從x=0運(yùn)動(dòng)到x=2m過(guò)程中外力的平均功率．2023年上海市高考物理試卷參考答案與試題解析一．單項(xiàng)選擇題〔共16分，每題2分．每題只有一個(gè)正確選項(xiàng)．〕1．〔2分〕〔2023?上?！畴姶挪ㄅc機(jī)械波具有的共同性質(zhì)是〔〕A．都是橫波B．都能傳輸能量C．都能在真空中傳播D．都具有恒定的波速考點(diǎn)：電磁波的周期、頻率和波速；波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系．分析：電磁波是橫波，機(jī)械波有橫波，也有縱波．電磁波的傳播不需要介質(zhì)，機(jī)械波的傳播需要介質(zhì)，衍射、干預(yù)是波所特有的現(xiàn)象．解答：解：A、電磁波是橫波，機(jī)械波有橫波也有縱波．故A錯(cuò)誤．B、兩種波都能傳輸能量．故B正確．C、電磁波能在真空中傳播，而機(jī)械波不能在真空中傳播．故C錯(cuò)誤．D、兩種波的波速都與介質(zhì)的性質(zhì)有關(guān)，波速并不恒定，只有真空中電磁波的速度才恒定．應(yīng)選B．點(diǎn)評(píng)：解決此題的關(guān)鍵知道電磁波和機(jī)械波的區(qū)別．2．〔2分〕〔2023?上海〕當(dāng)用一束紫外線照射鋅板時(shí)，產(chǎn)生了光電效應(yīng)，這時(shí)〔〕A．鋅板帶負(fù)電B．有正離子從鋅板逸出C．有電子從鋅板逸出D．鋅板會(huì)吸附空氣中的正離子考點(diǎn)：光電效應(yīng)．專題：光電效應(yīng)專題．分析：當(dāng)用一束紫外線照射鋅板時(shí)，產(chǎn)生了光電效應(yīng)，有光電子從鋅板逸出．解答：解：紫外線照射鋅板，發(fā)生光電效應(yīng)，此時(shí)鋅板中有電子逸出，鋅板失去電子帶正電．故C正確，A、B、D錯(cuò)誤．應(yīng)選C．點(diǎn)評(píng)：解決此題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的實(shí)質(zhì)，知道鋅板失去電子帶正電．3．〔2分〕〔2023?上海〕白光通過(guò)雙縫后產(chǎn)生的干預(yù)條紋是彩色的，其原因是不同色光的〔〕A．傳播速度不同B．強(qiáng)度不同C．振動(dòng)方向不同D．頻率不同考點(diǎn)：光的干預(yù)．專題：光的干預(yù)專題．分析：白光包含各種顏色的光，它們的波長(zhǎng)不同，頻率不同，白光通過(guò)雙縫后產(chǎn)生的干預(yù)條紋是彩色的．解答：解：白光包含各種顏色的光，它們的波長(zhǎng)不同，在相同條件下做雙縫干預(yù)實(shí)驗(yàn)時(shí)，它們的干預(yù)條紋間距不同，所以在中央亮條紋兩側(cè)出現(xiàn)彩色條紋．D正確．應(yīng)選D點(diǎn)評(píng)：此題考查了干預(yù)的知識(shí)點(diǎn)，難度不大．4．〔2分〕〔2023?上?！匙龊?jiǎn)諧振動(dòng)的物體，當(dāng)它每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)，可能不同的物理量是〔〕A．位移B．速度C．加速度D．回復(fù)力考點(diǎn)：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)力和能量；簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖象．專題：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)專題．分析：做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)，速度有兩種方向，速度不相同．位移是從平衡位置指向質(zhì)點(diǎn)處在的位置，同一位置，位移相同，根據(jù)加速度與位移的關(guān)系，確定加速度是否相同．根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體機(jī)械能守恒，分析動(dòng)能是否相同．解答：解：A、振動(dòng)物體的位移是平衡位置指向振子所在位置，每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)位移相同，故A錯(cuò)誤；B、由于經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)速度有兩種不同的方向，所以做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)，速度可能不相同，故B正確；C、加速度總與位移大小成正比，方向相反，每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)位移相同，加速度必定相同，故C錯(cuò)誤；D、回復(fù)力總與位移大小成正比，方向相反，每次經(jīng)過(guò)同一位置時(shí)位移相同，回復(fù)力必定相同，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：B．點(diǎn)評(píng)：此題考查對(duì)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)周期性及特點(diǎn)的理解，抓住同一位置位移、加速度和回復(fù)力三個(gè)物理量都相同．5．〔2分〕〔2023?上?！骋后w與固體具有的相同特點(diǎn)是〔〕A．都具有確定的形狀B．體積都不易被壓縮C．物質(zhì)分子的位置都確定D．物質(zhì)分子都在固定位置附近振動(dòng)考點(diǎn)：*固體的微觀結(jié)構(gòu)；*液體的微觀結(jié)構(gòu)．分析：根據(jù)分子間的作用力和固體、液體的特點(diǎn)來(lái)判斷．解答：解：固態(tài)時(shí)分子只在平衡位置上振動(dòng)，分子間距很小，分子間的作用力很大，所以固體有一定的形狀和一定的體積；液態(tài)時(shí)分子在平衡位置上振動(dòng)一段時(shí)間，還要移動(dòng)到其他的位置上振動(dòng)，分子間距比固態(tài)大，分子間的作用力比固態(tài)小，所以液體有一定的體積，但是沒有一定的形狀，固體和液體都不易被壓縮，B正確．應(yīng)選B點(diǎn)評(píng)：正確理解掌握物質(zhì)的三種狀態(tài)的分子排列、分子間距、分子間作用力是解決此類題目的關(guān)鍵．6．〔2分〕〔2023?上?！城锴У牡趵K有些磨損．在擺動(dòng)過(guò)程中，吊繩最容易斷裂的時(shí)候是秋千〔〕A．在下擺過(guò)程中B．在上擺過(guò)程中C．?dāng)[到最高點(diǎn)時(shí)D．?dāng)[到最低點(diǎn)時(shí)考點(diǎn)：向心力；牛頓第二定律．專題：牛頓第二定律在圓周運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用．分析：?jiǎn)螖[在擺動(dòng)的過(guò)程中，靠徑向的合力提供向心力，通過(guò)牛頓第二定律分析哪個(gè)位置拉力最大．解答：解：因?yàn)閱螖[在擺動(dòng)過(guò)程中，靠徑向的合力提供向心力，設(shè)單擺偏離豎直位置的夾角為θ，那么有：T﹣mgcosθ=m，因?yàn)樽畹忘c(diǎn)時(shí)，速度最大，θ最小，那么繩子的拉力最大，所以擺動(dòng)最低點(diǎn)時(shí)繩最容易斷裂．故D正確，A、B、C錯(cuò)誤．應(yīng)選：D．點(diǎn)評(píng)：解決此題的關(guān)鍵知道單擺做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行分析．7．〔2分〕〔2023?上?！吃谝粋€(gè)原子核衰變?yōu)橐粋€(gè)原子核的過(guò)程中，發(fā)生β衰變的次數(shù)為〔〕A．6次B．10次C．22次D．32次考點(diǎn)：原子核衰變及半衰期、衰變速度．專題：壓軸題；衰變和半衰期專題．分析：α衰變的過(guò)程中電荷數(shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4，β衰變的過(guò)程中電荷數(shù)多1，質(zhì)量數(shù)不變．根據(jù)衰變的實(shí)質(zhì)確定衰變的次數(shù)．解答：解：設(shè)經(jīng)過(guò)了n次α衰變，m次β衰變．有：4n=32，2n﹣m=10，解得n=8，m=6．故A正確，B、C、D錯(cuò)誤．應(yīng)選A．點(diǎn)評(píng)：解決此題的關(guān)鍵知道衰變的實(shí)質(zhì)，通過(guò)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒進(jìn)行求解．8．〔2分〕〔2023?上?！橙鐖D，質(zhì)量mA＞mB的兩物體A、B疊放在一起，靠著豎直墻面．讓它們由靜止釋放，在沿粗糙墻面下落過(guò)程中，物體B的受力示意圖是〔〕A．B．C．D．考點(diǎn)：力的合成與分解的運(yùn)用．專題：壓軸題；受力分析方法專題．分析：先對(duì)整體結(jié)合運(yùn)動(dòng)情況受力分析，得到只受重力，加速度為g，即做自由落體運(yùn)動(dòng)，然后對(duì)B結(jié)合運(yùn)動(dòng)情況受力分析，得到受力情況．解答：解：A與B整體同時(shí)沿豎直墻面下滑，受到總重力，墻壁對(duì)其沒有支持力，如果有，將會(huì)向右加速運(yùn)動(dòng)，因?yàn)闆]有彈力，故也不受墻壁的摩擦力，即只受重力，做自由落體運(yùn)動(dòng)；由于整體做自由落體運(yùn)動(dòng)，處于完全失重狀態(tài)，故A、B間無(wú)彈力，再對(duì)物體B受力分析，只受重力；應(yīng)選A．點(diǎn)評(píng)：此題關(guān)鍵先對(duì)整體受力分析，得到整體做自由落體運(yùn)動(dòng)，處于完全失重狀態(tài)，故A與B間無(wú)彈力，最后再對(duì)B受力分析，得到其只受重力．二．單項(xiàng)選擇題〔共24分，每題3分．每題只有一個(gè)正確選項(xiàng)．〕9．〔3分〕〔2023?上海〕小行星繞恒星運(yùn)動(dòng)，恒星均勻地向四周輻射能量，質(zhì)量緩慢減小，可認(rèn)為小行星在繞恒星運(yùn)動(dòng)一周的過(guò)程中近似做圓周運(yùn)動(dòng)．那么經(jīng)過(guò)足夠長(zhǎng)的時(shí)間后，小行星運(yùn)動(dòng)的〔〕A．半徑變大B．速率變大C．角速度變大D．加速度變大考點(diǎn)：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．專題：萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專題．分析：恒星均勻地向四周輻射能量，質(zhì)量緩慢減小，二者之間萬(wàn)有引力減小，小行星做離心運(yùn)動(dòng)，即半徑增大，又小行星繞恒星運(yùn)動(dòng)做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，可分析線速度、角速度、加速度等．解答：解：恒星均勻地向四周輻射能量，質(zhì)量緩慢減小，二者之間萬(wàn)有引力減小，小行星做離心運(yùn)動(dòng)，即半徑增大，故A正確；小行星繞恒星運(yùn)動(dòng)做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，設(shè)小行星的質(zhì)量為m，恒星的質(zhì)量為M，那么，即，M減小，r增大，故v減小，所以B錯(cuò)誤；v=ωr，v減小，r增大，故ω減小，所以C錯(cuò)誤；由得：M減小，r增大，所以a減小，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選A．點(diǎn)評(píng)：關(guān)于萬(wàn)有引力與航天，記住作圓周運(yùn)動(dòng)萬(wàn)有引力等于向心力；離心運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力小于向心力；向心運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力大于向心力．10．〔3分〕〔2023?上海〕兩異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的局部等勢(shì)面如下圖，A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)．假設(shè)位于a、b處點(diǎn)電荷的電荷量大小分別為qa和qb，那么〔〕A．a(chǎn)處為正電荷，qa＜qbB．a(chǎn)處為正電荷，qa＞qbC．a(chǎn)處為負(fù)電荷，qa＜qbD．a(chǎn)處為負(fù)電荷，qa＞qb考點(diǎn)：等勢(shì)面；電勢(shì)．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：假設(shè)把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的局部等勢(shì)面圖比擬，很容易得出正確的結(jié)論．解答：解：假設(shè)把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的局部等勢(shì)面圖比擬，可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的局部等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比擬密，無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無(wú)窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比擬大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．故正確的答案應(yīng)該選B．應(yīng)選：B點(diǎn)評(píng)：該題是常見電場(chǎng)知識(shí)的拓寬與延伸，需要有一定的知識(shí)遷移能力和較強(qiáng)的邏輯推理能力．對(duì)能力的要求相對(duì)較高．屬于中檔題目．11．〔3分〕〔2023?上?！橙鐖D，通電導(dǎo)線MN與單匝矩形線圈abcd共面，位置靠近ab且相互絕緣．當(dāng)MN中電流突然減小時(shí)，線圈所受安培力的合力方向〔〕A．向左B．向右C．垂直紙面向外D．垂直紙面向里考點(diǎn)：安培力；通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場(chǎng)的方向．分析：金屬線框abcd放在導(dǎo)線MN上，導(dǎo)線中電流產(chǎn)生磁場(chǎng)，當(dāng)導(dǎo)線中電流減小時(shí)，穿過(guò)線框abcd的磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷線框abcd感應(yīng)電流，再由左手定那么來(lái)確定所受有安培力方向．解答：解：金屬線框abcd放在導(dǎo)線MN上，導(dǎo)線中電流產(chǎn)生磁場(chǎng)，根據(jù)安培定那么判斷可知，線框abcd左右兩側(cè)磁場(chǎng)方向相反，線框左側(cè)的磁通量小于線框右側(cè)的磁通量，磁通量存在抵消的情況．假設(shè)MN中電流突然減小時(shí)，穿過(guò)線框的磁通量將減?。鶕?jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)要阻礙磁通量的變化，那么線框abcd感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，再由左手定那么可知，左邊受到的安培力水平向右，而左邊的安培力方向也水平向右，故安培力的合力向右．故B正確，ACD錯(cuò)誤．應(yīng)選B點(diǎn)評(píng)：此題運(yùn)用楞次定律判斷電磁感應(yīng)中導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)方向，也可以根據(jù)因果關(guān)系，運(yùn)用安培定那么、楞次定律和左手定那么按部就班進(jìn)行分析判斷．12．〔3分〕〔2023?上?！吃谲囬T報(bào)警電路中，兩個(gè)按鈕開關(guān)分別裝在汽車的兩扇門上，只要有開關(guān)處于斷開狀態(tài)，報(bào)警燈就發(fā)光．能實(shí)現(xiàn)此功能的電路是〔〕A．B．C．D．考點(diǎn)：簡(jiǎn)單的邏輯電路．專題：恒定電流專題．分析：兩個(gè)按鈕開關(guān)分別裝在汽車的兩扇門上，只要有開關(guān)處于斷開狀態(tài)，報(bào)警燈就發(fā)光，該或邏輯關(guān)系為或門電路．解答：解；由題意，S1、S2中任何一個(gè)開關(guān)處于開路狀態(tài)，報(bào)警燈就發(fā)光，該邏輯電路應(yīng)采用或門電路．當(dāng)S1、S2都閉合時(shí)，輸入都為0，根據(jù)或門電路的特性，得到Y(jié)端輸出為0．當(dāng)S1、S2只要有一個(gè)斷開時(shí)，輸入端電勢(shì)不為0，輸出為1，燈亮．故D正確應(yīng)選D點(diǎn)評(píng)：此題是簡(jiǎn)單的門電路，根據(jù)電路工作的需要確定選擇是或門電路還是與門電路．13．〔3分〕〔2023?上?！橙鐖D，足夠長(zhǎng)的直線ab靠近通電螺線管，與螺線管平行．用磁傳感器測(cè)量ab上各點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B，在計(jì)算機(jī)屏幕上顯示的大致圖象是〔〕A．B．C．D．考點(diǎn)：幾種常見的磁場(chǎng)．分析：通電螺線管的磁場(chǎng)分布相當(dāng)于條形磁鐵，根據(jù)磁感線的疏密程度來(lái)確定磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小．解答：解：通電螺線管的磁場(chǎng)分布相當(dāng)于條形磁鐵，因此根據(jù)磁感線的分布，再由磁感線的疏密程度來(lái)確定磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小可知，因?yàn)閍b線段的長(zhǎng)度大于通電螺線管的長(zhǎng)度，由條形磁鐵磁感線的分布，可知應(yīng)該選C，如果ab線段的長(zhǎng)度小于通電螺線管的長(zhǎng)度，那么應(yīng)該選B．由于足夠長(zhǎng)的直線ab，故C選項(xiàng)正確，ABD錯(cuò)誤；應(yīng)選：C點(diǎn)評(píng)：考查通電螺線管周圍磁場(chǎng)的分布，及磁感線的疏密程度來(lái)確定磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，此題較簡(jiǎn)單但會(huì)出錯(cuò)．14．〔3分〕〔2023?上?！骋涣袡M波沿水平繩傳播，繩的一端在t=0時(shí)開始做周期為T的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t〔＜t＜T〕，繩上某點(diǎn)位于平衡位置上方的最大位移處．那么在2t時(shí)，該點(diǎn)位于平衡位置的〔〕A．上方，且向上運(yùn)動(dòng)B．上方，且向下運(yùn)動(dòng)C．下方，且向上運(yùn)動(dòng)D．下方，且向下運(yùn)動(dòng)考點(diǎn)：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系．專題：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題．分析：由題，經(jīng)過(guò)時(shí)間t〔＜t＜T〕，繩上某點(diǎn)位于平衡位置上方的最大位移處，在2t時(shí)，質(zhì)點(diǎn)又振動(dòng)了時(shí)間t，根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系分析質(zhì)點(diǎn)的位置和速度方向．解答：解：據(jù)題，經(jīng)過(guò)時(shí)間t〔＜t＜T〕，繩上某點(diǎn)位于平衡位置上方的最大位移處，在2t時(shí)，質(zhì)點(diǎn)又振動(dòng)了時(shí)間t〔＜t＜T〕，一個(gè)周期可以分成四個(gè)，那么在2t時(shí)，該點(diǎn)位于平衡位置的上方，而且向上運(yùn)動(dòng)．故A正確，BCD錯(cuò)誤．應(yīng)選A點(diǎn)評(píng)：將一個(gè)周期內(nèi)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的過(guò)程分成四個(gè)，再分析質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)是常用的方法．15．〔3分〕〔2023?上?！澈疃葹?0m，湖底水溫為4℃，水面溫度為17℃，大氣壓強(qiáng)為1.0×105Pa．當(dāng)一氣泡從湖底緩慢升到水面時(shí)，其體積約為原來(lái)的〔取g=10m/s2，ρ=1.0×103kg/m3〕〔〕A．12.8倍B．8.5倍C．3.1倍D．2.1倍考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程．專題：壓軸題；理想氣體狀態(tài)方程專題．分析：找出氣泡在湖底的壓強(qiáng)、溫度和在水面的壓強(qiáng)、溫度，然后直接根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式求解即可．解答：解：氣泡在湖底的壓強(qiáng)為：P1=P0+ρgh=105+103×10×20=3×105Pa；氣泡在湖底的溫度為：T1=273+4=277K；氣泡在水面的壓強(qiáng)為：P2=P0=105Pa；氣泡在水面的溫度為：T2=273+17=290K；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，有：；解得：應(yīng)選C．點(diǎn)評(píng)：此題考查理想氣體狀態(tài)方程的直接運(yùn)用，根底題．16．〔3分〕〔2023?上?！称囈院愣üβ恃毓纷鲋本€運(yùn)動(dòng)，途中通過(guò)一塊沙地．汽車在公路及沙地上所受阻力均為恒力，且在沙地上受到的阻力大于在公路上受到的阻力．汽車在駛?cè)肷车厍凹鹤鰟蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，它在駛?cè)肷车氐今偝錾车睾蟮囊欢螘r(shí)間內(nèi)，位移s隨時(shí)間t的變化關(guān)系可能是〔〕A．B．C．D．考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．專題：壓軸題；直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題．分析：汽車以恒定功率行駛，功率P=Fv，勻速勻速時(shí)牽引力和阻力平衡；當(dāng)駛?cè)肷车睾螅艿降淖枇ψ兇?，故合力向后，做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)功率P=Fv可知，牽引力增加，故汽車加速度減小，當(dāng)加速度減為零后，汽車勻速．解答：解：汽車駛?cè)肷车厍?，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，牽引力和阻力平衡；汽車剛駛?cè)肷车貢r(shí)，阻力增加，牽引力小于阻力，加速度向后，減速；根據(jù)功率P=Fv可知，隨著速度的減小，牽引力不斷增加，故加速度不斷減?。划?dāng)加速度減為零后物體勻速運(yùn)動(dòng)；汽車剛離開沙地，阻力減小，牽引力大于阻力，故加速度向前，物體加速運(yùn)動(dòng)；根據(jù)功率P=Fv可知，隨著速度的增加，牽引力不斷減小，故加速度不斷減小；即物體做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)；最后勻速；故汽車進(jìn)入沙地減速，中途勻速，離開沙地加速；s﹣t圖線上某點(diǎn)的斜率表示該點(diǎn)對(duì)應(yīng)時(shí)刻的瞬時(shí)速度，B圖兩端是曲線，且最后的斜率大于開始的斜率，即最后的速度比開始的最大速度還要大，不符合實(shí)際；故A正確，B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤；應(yīng)選A．點(diǎn)評(píng)：此題關(guān)鍵分析出物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，然后根據(jù)s﹣t圖線的切線表示對(duì)應(yīng)時(shí)刻的瞬時(shí)速度判斷．三．多項(xiàng)選擇題〔共16分，每題4分．每題有二個(gè)或三個(gè)正確選項(xiàng)．全選對(duì)的，得4分；選對(duì)但不全的，得2分；有選錯(cuò)或不答的，得0分．〕17．〔4分〕〔2023?上?！衬嘲雽?dǎo)體激光器發(fā)射波長(zhǎng)為1.5×10﹣6m，功率為5.0×10﹣3W的連續(xù)激光．可見光波長(zhǎng)的數(shù)量級(jí)為10﹣7m，普朗克常量h=6.63×10﹣34J?s，該激光器發(fā)出的〔〕A．是紫外線B．是紅外線C．光子能量約為1.3×10﹣18JD．光子數(shù)約為每秒3.8×1016個(gè)考點(diǎn)：光子；電磁波譜．分析：根據(jù)波長(zhǎng)的大小判斷激光器發(fā)射的是哪種電磁波．根據(jù)E=h求出光子能量，根據(jù)E=Pt=nh求出單位時(shí)間內(nèi)發(fā)生的光子數(shù)．解答：解：A、波長(zhǎng)的大小大于可見光的波長(zhǎng)，屬于紅外線．故A錯(cuò)誤，B正確．C、光子能量E==1.326×10﹣19J．故C錯(cuò)誤．D、每秒鐘發(fā)出的光子數(shù)n=．故D正確．應(yīng)選BD．點(diǎn)評(píng)：解決此題的關(guān)鍵熟悉電磁波譜中波長(zhǎng)的大小關(guān)系，以及掌握光子能量與波長(zhǎng)的大小關(guān)系．18．〔4分〕〔2023?上?！硟蓚€(gè)共點(diǎn)力Fl、F2大小不同，它們的合力大小為F，那么〔〕A．F1、F2同時(shí)增大一倍，F(xiàn)也增大一倍B．F1、F2同時(shí)增加10N，F(xiàn)也增加10NC．F1增加10N，F(xiàn)2減少10N，F(xiàn)一定不變D．假設(shè)F1、F2中的一個(gè)增大，F(xiàn)不一定增大考點(diǎn)：力的合成．專題：受力分析方法專題．分析：兩個(gè)大小不等的共點(diǎn)力F1、F2，根據(jù)平行四邊形定那么表示出合力進(jìn)行求解．解答：解：A、根據(jù)平行四邊形定那么，F(xiàn)1、F2同時(shí)增大一倍，F(xiàn)也增大一倍，故A正確B、Fl、F2方向相反，F(xiàn)1、F2同時(shí)增加10N，F(xiàn)不變，故B錯(cuò)誤C、Fl、F2方向相反，F(xiàn)1增加10N，F(xiàn)2減少10N，F(xiàn)可能增加20N，故C錯(cuò)誤D、Fl、F2方向相反，假設(shè)F1、F2中的一個(gè)增大，F(xiàn)不一定增大，故D正確應(yīng)選：AD．點(diǎn)評(píng)：解決此題關(guān)鍵知道力的合成與分解遵循平行四邊形定那么，會(huì)根據(jù)平行四邊形定那么去求合力或分力．19．〔4分〕〔2023?上?！橙鐖D，轟炸機(jī)沿水平方向勻速飛行，到達(dá)山坡底端正上方時(shí)釋放一顆炸彈，并垂直擊中山坡上的目標(biāo)A．A點(diǎn)高度為h，山坡傾角為θ，由此可算出〔〕A．轟炸機(jī)的飛行高度B．轟炸機(jī)的飛行速度C．炸彈的飛行時(shí)間D．炸彈投出時(shí)的動(dòng)能考點(diǎn)：平拋運(yùn)動(dòng)．專題：壓軸題；平拋運(yùn)動(dòng)專題．分析：因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，速度方向的夾角得知位移與水平方向夾角的正切值，再通過(guò)水平位移求出豎直位移，從而得知轟炸機(jī)的飛行高度，炸彈的飛行時(shí)間，以及炸彈的初速度．解答：解：A、根據(jù)A點(diǎn)的高度可知A點(diǎn)到底端的水平位移，即炸彈的水平位移，由于炸彈垂直擊中目標(biāo)A，得知速度與水平方向的夾角，抓住平拋運(yùn)動(dòng)速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，可得知平拋運(yùn)動(dòng)豎直位移．從而得出轟炸機(jī)的飛行高度．故A正確．B、求出平拋運(yùn)動(dòng)的豎直位移，根據(jù)y=得出炸彈平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)時(shí)間和水平位移求出轟炸機(jī)的初速度．故B、C正確．D、由于炸彈的質(zhì)量未知，那么無(wú)法求出炸彈投出時(shí)的動(dòng)能．故D錯(cuò)誤．應(yīng)選ABC．點(diǎn)評(píng)：解決此題的關(guān)鍵掌握平拋運(yùn)動(dòng)水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，知道平拋運(yùn)動(dòng)的一些推論，并能靈活運(yùn)用．20．〔4分〕〔2023?上?！硤D為在平靜海面上，兩艘拖船A、B拖著駁船C運(yùn)動(dòng)的示意圖．A、B的速度分別沿著纜繩CA、CB方向，A、B、C不在一條直線上．由于纜繩不可伸長(zhǎng)，因此C的速度在CA、CB方向的投影分別與A、B的速度相等，由此可知C的〔〕A．速度大小可以介于A、B的速度大小之間B．速度大小一定不小于A、B的速度大小C．速度方向可能在CA和CB的夾角范圍外D．速度方向一定在CA和CB的夾角范圍內(nèi)考點(diǎn)：運(yùn)動(dòng)的合成和分解．專題：壓軸題；平行四邊形法那么圖解法專題．分析：先將船C的速度先沿著平行AC繩子和垂直AC繩子方向正交分解，再將船C的速度先沿著平行BC繩子和垂直BC繩子方向正交分解；依據(jù)題意，A、B的速度分別沿著纜繩CA、CB方向，故船AB間距會(huì)變大，C的速度在CA、CB方向的投影分別與A、B的速度相等；故可以據(jù)此分析速度大小關(guān)系．解答：解：A、B、船C沿著繩子靠向A船的同時(shí)還要繞A船轉(zhuǎn)動(dòng)；船C沿著繩子靠向B船的同時(shí)還要繞B船轉(zhuǎn)動(dòng)；先將船C的速度先沿著平行AC繩子和垂直AC繩子方向正交分解；再將船C的速度先沿著平行BC繩子和垂直BC繩子方向正交分解；由于繩子不可伸長(zhǎng)，故每條船沿著繩子方向的分速度是相等的；由于船C的速度方向未知，可能在AC與BC繩子之間，也可能不在在AC與BC繩子之間，故兩船速度大小無(wú)法比擬，但兩拖船速度一定小于C船速度；故A錯(cuò)誤，B正確；C、D、由于船C的合速度方向未知，可以在AC與BC繩子之間，也可能不在在AC與BC繩子之間，故C正確，D錯(cuò)誤；應(yīng)選：BC．點(diǎn)評(píng)：此題關(guān)鍵要記住一個(gè)結(jié)論，即用繩子連接的物體，在繩子不可伸長(zhǎng)的情況下，這些物體的速度沿著繩子方向的分速度是一定相等的；原題中最后一句話是多余的，是為幫助大家理解的；較難．四．填空題〔共20分，每題4分．〕本大題中第22題為分叉題，分A、B兩類，考生可任選一類答題．假設(shè)兩類試題均做，一律按A類題計(jì)分．21．〔4分〕〔2023?上?！撤派湫栽厮プ?yōu)?，此衰變過(guò)程的核反響方程是→+He；用此衰變過(guò)程中發(fā)出的射線轟擊，可得到質(zhì)量數(shù)為22的氖〔Ne〕元素和另一種粒子，此核反響過(guò)程的方程是He+→Ne+H．考點(diǎn)：原子核衰變及半衰期、衰變速度．專題：衰變和半衰期專題．分析：根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒確定粒子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而寫出核反響方程．解答：解：放射性元素衰變?yōu)?，知電荷?shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4，知放出一個(gè)α粒子，核反響方程為：→+He．用α粒子轟擊，可得到質(zhì)量數(shù)為22的氖〔Ne〕，知另一種粒子的電荷數(shù)為1，質(zhì)量數(shù)為1，核反響方程為：He+→Ne+H．故答案為：→+He，He+→Ne+H點(diǎn)評(píng)：解決此題的關(guān)鍵知道核反響方程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒．以及知道常見粒子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)．22．〔4分〕〔2023?上海〕選做一題A．質(zhì)量為M的物塊靜止在光滑水平桌面上，質(zhì)量為m的子彈以水平速度v0射入物塊后，以水平速度2v0/3射出．那么物塊的速度為，此過(guò)程中損失的機(jī)械能為．B．假設(shè)兩顆人造地球衛(wèi)星的周期之比為T1：T2=2：1，那么它們的軌道半徑之比R1：R2=：1，向心加速度之比a1：a2=：4．考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．專題：動(dòng)量定理應(yīng)用專題．分析：子彈射擊物塊，子彈和物塊的總動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律求出子彈穿出木塊時(shí)木塊的速度大?。到y(tǒng)損失的機(jī)械能等于射入前子彈的動(dòng)能與射出后物塊與子彈總動(dòng)能之差．根據(jù)人造衛(wèi)星的萬(wàn)有引力等于向心力，列式求出線速度、角速度、周期和向心力的表達(dá)式進(jìn)行討論即可．解答：解：A、由動(dòng)量守恒定律得：mv0=m+Mv①解得v=②系統(tǒng)的機(jī)械能損失為△E=mv02﹣[m〔〕2+Mv2]=B、根據(jù)開普勒第三定律：=K兩顆人造地球衛(wèi)星的周期之比為T1：T2=2：1，那么它們的軌道半徑之比R1：R2=：1．根據(jù)加速度a=得向心加速度之比a1：a2=：4故答案為：A，B．：1，：4點(diǎn)評(píng)：把動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律結(jié)合求解．此題關(guān)鍵抓住萬(wàn)有引力提供向心力，列式求解出線速度、角速度、周期和向心力的表達(dá)式，再進(jìn)行討論．23．〔4分〕〔2023?上?！橙鐖D，在：半徑為2.5m的光滑圓環(huán)上切下一小段圓弧，放置于豎直平面內(nèi)，兩端點(diǎn)距最低點(diǎn)高度差H為1cm．將小環(huán)置于圓弧端點(diǎn)并從靜止釋放，小環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)所需的最短時(shí)間為0.785s，在最低點(diǎn)處的加速度為0.08m/s2．〔取g=10m/s2〕考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力；單擺周期公式．專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題．分析：由題，由于圓弧兩端點(diǎn)距最低點(diǎn)高度差H遠(yuǎn)小于圓弧的半徑，小球在圓弧上的運(yùn)動(dòng)等效成單擺運(yùn)動(dòng)，小環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)所需的最短時(shí)間為周期．周期為T=2，R是圓弧的半徑．根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出小環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度，由向心加速度公式a=求解加速度．解答：解：將小球的運(yùn)動(dòng)等效成單擺運(yùn)動(dòng)，那么小環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)所需的最短時(shí)間為周期，即最低時(shí)間為t==?2π=s≈0.785s．設(shè)小環(huán)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度為v，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgH=，得v2=2gH小環(huán)在最低點(diǎn)的加速度為a====0.08m/s2．故答案為：0.785，0.08點(diǎn)評(píng)：此題的解題關(guān)鍵是將小環(huán)的運(yùn)動(dòng)等效成單擺運(yùn)動(dòng)，即可根據(jù)單擺的周期公式和機(jī)械能守恒等知識(shí)求解．24．〔4分〕〔2023?上海〕如圖，電路中三個(gè)電阻Rl、R2和R3的阻值分別為R、2R和4R．當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時(shí)，電源輸出功率為P0；當(dāng)S1閉合、S2斷開時(shí)，電源輸出功率也為P0．那么電源電動(dòng)勢(shì)為3；當(dāng)S1、S2都斷開時(shí)，電源的總功率為P0．考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律．專題：壓軸題；恒定電流專題．分析：當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時(shí)，電阻R2和R3被短路；當(dāng)S1閉合、S2斷開時(shí)，電阻R1和R2被短路；根據(jù)輸出功率，對(duì)兩種情況進(jìn)行列式，求解電源的電動(dòng)勢(shì)；并求出當(dāng)S1、S2都斷開時(shí)，電源的總功率．解答：解：當(dāng)電鍵S1斷開、S2閉合時(shí)，電阻R2和R3被短路，那么有電源輸出功率P0=當(dāng)S1閉合、S2斷開時(shí)，電阻R1和R2被短路，那么有電源輸出功率P0=聯(lián)立解得，E=3，r=2R當(dāng)S1、S2都斷開時(shí)，電源的總功率為P=EI===P0．故答案為：3，P0點(diǎn)評(píng)：此題認(rèn)識(shí)電路的結(jié)構(gòu)是解題的根底，還要掌握電源的輸出功率求解的方法．25．〔4分〕〔2023?上?！橙鐖D，傾角為37°，質(zhì)量不計(jì)的支架ABCD的D端有一大小與質(zhì)量均可忽略的光滑定滑輪，A點(diǎn)處有一固定轉(zhuǎn)軸，CA⊥AB，DC=CA=0.3m．質(zhì)量m=lkg的物體置于支架的B端，并與跨過(guò)定滑輪的輕繩相連，繩另一端作用一豎直向下的拉力F，物體在拉力作用下沿BD做勻速直線運(yùn)動(dòng)，己知物體與BD間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.3．為保證支架不繞A點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，物體向上滑行的最大距離s=0.248m．假設(shè)增大F后，支架仍不繞A點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，物體能向上滑行的最大距離s′等于s〔填：“大于〞、“等于〞或“小于〞．〕〔取sin37°=0.6，cos37°=0.8〕考點(diǎn)：力矩的平衡條件；力的合成與分解的運(yùn)用．專題：壓軸題．分析：物體沿BD做勻速直線運(yùn)動(dòng)，合力為零，根據(jù)平衡條件求出F的大小．對(duì)支架進(jìn)行研究，當(dāng)支架繞A點(diǎn)剛要轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物體向上滑行的距離最大，由力矩平衡條件求出最大距離；根據(jù)力矩平衡方程，分析s′與s的關(guān)系．解答：解：物體沿BD做勻速直線運(yùn)動(dòng)，合力為零，根據(jù)平衡條件得F=f+mgsin37°N=mgcos37°又f=μN(yùn)聯(lián)立得，F(xiàn)=μmgcos37°+mgsin37°對(duì)于支架：當(dāng)支架繞A點(diǎn)剛要轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，物體向上滑行的距離最大．由于滑輪兩側(cè)繩子的合力通過(guò)A點(diǎn)，相對(duì)于A點(diǎn)的力臂等于零，力矩為零，分析支架的受力情況如圖，由力矩平衡條件得f?ABsin37°=N?〔ABcos37°﹣s〕其中DC=0.3m，AB=0.4m，代入解得，s=0.248m假設(shè)增大F后，由上式知，s與F大小無(wú)關(guān)，故物體能向上滑行的最大距離不變，那么有s′=s故答案為：0.248，等于點(diǎn)評(píng)：此題是力平衡與力矩平衡的綜合，關(guān)鍵要抓住定滑輪的力學(xué)特征，分析得出兩個(gè)F對(duì)A軸的力矩為零．五．實(shí)驗(yàn)題〔共24分〕26．〔3分〕〔2023?上海〕演示地磁場(chǎng)存在的實(shí)驗(yàn)裝置〔由環(huán)形線圈，微電流傳感器，DIS等組成〕如下圖．首先將線圈豎直放置，以豎直方向?yàn)檩S轉(zhuǎn)動(dòng)，屏幕上的電流指針有〔填：“有〞或“無(wú)〞〕偏轉(zhuǎn)；然后仍將線圈豎直放置，使其平面與東西向平行，并從東向西移動(dòng)，電流指針無(wú)〔填：“有〞或“無(wú)〞〕偏轉(zhuǎn)；最后將線圈水平放置，使其從東向西移動(dòng)，電流指針無(wú)〔填：“有〞或“無(wú)〞〕偏轉(zhuǎn)．考點(diǎn)：地磁場(chǎng)．分析：穿過(guò)閉合線圈平面的磁通量發(fā)生變化時(shí)，線圈中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流；假設(shè)磁通量不變，那么線圈中沒有感應(yīng)電流．解答：解：根據(jù)題意，當(dāng)線圈豎直放置，以豎直方向?yàn)檩S轉(zhuǎn)動(dòng)，由于地磁場(chǎng)的作用，那么導(dǎo)致穿過(guò)閉合線圈的磁通量發(fā)生變化，所以線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，那么電流指針會(huì)偏轉(zhuǎn)；當(dāng)線圈豎直放置，使其平面與東西向平行，并從東向西移動(dòng)，由于地磁場(chǎng)的磁感線是從地理的南極向北極，所以穿過(guò)線圈的磁通量沒變，那么電流指針不會(huì)偏轉(zhuǎn)；當(dāng)線圈水平放置，使其從東向西移動(dòng)，由上可知，仍沒有磁通量變化，那么電流指針也不會(huì)偏轉(zhuǎn)．故答案為：有，無(wú)，無(wú)點(diǎn)評(píng)：考查線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件，強(qiáng)調(diào)磁通量變化，而不是有磁通量．27．〔6分〕〔2023?上?！碁榇_定某電子元件的電氣特性，做如下測(cè)量．〔1〕用多用表測(cè)量該元件的電阻，選用“×100〞倍率的電阻檔測(cè)量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，因此需選擇×10倍率的電阻檔〔填：“×10〞或“×1k〞〕，并歐姆調(diào)零再進(jìn)行測(cè)量，多用表的示數(shù)如圖〔a〕所示，測(cè)量結(jié)果為70Ω．〔2〕將待測(cè)元件〔額定電壓9V〕、蓄電池、滑動(dòng)變阻器、電流表、多用表、電鍵及假設(shè)干導(dǎo)線連接成電路如圖〔b〕所示．添加連線，使電路能測(cè)量該元件完整的伏安特性．本實(shí)驗(yàn)中使用多用表測(cè)電壓，多用表的選擇開關(guān)應(yīng)調(diào)到直流電壓10V檔〔填：“直流電壓10V〞或“直流電壓50V〞〕．考點(diǎn)：描繪小電珠的伏安特性曲線．專題：實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題．分析：當(dāng)歐姆表的指針指在中值電阻附近時(shí)讀數(shù)較準(zhǔn)，假設(shè)指針偏角過(guò)大，說(shuō)明電阻值較小，應(yīng)選倍率小的歐姆檔，注意每次選檔后都必須重新調(diào)零；測(cè)定伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)要求電流從零調(diào)，所以滑動(dòng)變阻器必須用分壓式接法．解答：解：〔1〕選用“×100〞倍率的電阻檔測(cè)量，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，應(yīng)選取×10倍率的電阻檔，并需要重新歐姆調(diào)零后再測(cè)量，測(cè)量結(jié)果為R=7×10Ω=70Ω〔2〕因測(cè)量元件的伏安特性曲線，所以電流應(yīng)從零調(diào)，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分壓式接法，電路如圖；因電源電動(dòng)勢(shì)為9V，所以電壓表應(yīng)調(diào)到直流電壓10V檔．故答案為〔1〕×10，歐姆調(diào)零，70〔2〕如圖，直流電壓10V．點(diǎn)評(píng)：應(yīng)熟練掌握歐姆表的改裝原理和讀數(shù)方法，熟記要求電流從零調(diào)時(shí)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分壓式接法，此時(shí)應(yīng)選全電阻小的變阻器．28．〔8分〕〔2023?上?！橙鐖D，研究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律的實(shí)驗(yàn)裝置放置在水平桌面上，利用光電門傳感器和碰撞傳感器可測(cè)得小球的水平初速度和飛行時(shí)間，底板上的標(biāo)尺可以測(cè)得水平位移．保持水平槽口距底板高度h=0.420m不變．改變小球在斜槽導(dǎo)軌上下滑的起始位置，測(cè)出小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度v0、飛行時(shí)間t和水平位移d，記錄在表中．〔1〕由表中數(shù)據(jù)可知，在h一定時(shí)，小球水平位移d與其初速度v0成正比關(guān)系，與時(shí)間無(wú)關(guān)．v0〔m/s〕0.7411.0341.3181.584t〔ms〕292.7293.0292.8292.9d〔cm〕21.730.338.646.4〔2〕一位同學(xué)計(jì)算出小球飛行時(shí)間的理論值發(fā)現(xiàn)理論值與測(cè)量值之差約為3ms．經(jīng)檢查，實(shí)驗(yàn)及測(cè)量無(wú)誤，其原因是g取值10m/s2偏大．〔3〕另一位同學(xué)分析并糾正了上述偏差后，另做了這個(gè)實(shí)驗(yàn)，競(jìng)發(fā)現(xiàn)測(cè)量值t′依然大于自己得到的理論值t理′，但二者之差在3﹣7ms之間，且初速度越大差值越?。畬?duì)實(shí)驗(yàn)裝置的安裝進(jìn)行檢查，確認(rèn)斜槽槽口與底座均水平，那么導(dǎo)致偏差的原因是時(shí)間測(cè)量時(shí)產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差．考點(diǎn)：研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)．專題：實(shí)驗(yàn)題；壓軸題；平拋運(yùn)動(dòng)專題．分析：根據(jù)數(shù)據(jù)得出水平位移和初速度的關(guān)系，根據(jù)題意得出實(shí)驗(yàn)誤差產(chǎn)生的原因．解答：解：〔1〕由表中數(shù)據(jù)可知，在h一定時(shí)，小球水平位移d與其初速度v0成正比，與時(shí)間無(wú)關(guān)．〔2〕根據(jù)t=求解出的t偏小，是因?yàn)間值取值偏大．〔3〕糾正了上述偏差后，另做了這個(gè)實(shí)驗(yàn)，競(jìng)發(fā)現(xiàn)測(cè)量值t′依然大于自己得到的理論值t理′，但二者之差在3﹣7ms之間，且初速度越大差值越?。畬?dǎo)致偏差的原因是時(shí)間測(cè)量時(shí)產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差．故答案為：〔1〕正比，時(shí)間；〔2〕g取值10m/s2偏大；〔3〕時(shí)間測(cè)量時(shí)產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差．點(diǎn)評(píng)：解決此題的關(guān)鍵會(huì)從數(shù)據(jù)發(fā)現(xiàn)規(guī)律，強(qiáng)化歸納總結(jié)的能力，以及知道實(shí)驗(yàn)誤差的來(lái)源．29．〔7分〕〔2023?上?！忱萌鐖D裝置可測(cè)量大氣壓強(qiáng)和容器的容積．步驟如下：①將倒U形玻璃管A的一端通過(guò)橡膠軟管與直玻璃管B連接，并注入適量的水，另一端插入橡皮塞，然后塞住燒瓶口，并在A上標(biāo)注此時(shí)水面的位置K；再將一活塞置于10ml位置的針筒插入燒瓶，使活塞緩慢推移至0刻度位置；上下移動(dòng)B，保持A中的水面位于K處，測(cè)得此時(shí)水面的高度差為17.1cm．②拔出橡皮塞，將針筒活塞置于0ml位置，使燒瓶與大氣相通后再次塞住瓶口；然后將活塞抽拔至10ml位置，上下移動(dòng)B，使A中的水面仍位于K，測(cè)得此時(shí)玻璃管中水面的高度差為16.8〕〔1〕假設(shè)用V0表示燒瓶容積，p0表示大氣壓強(qiáng)，△V示針筒內(nèi)氣體的體積，△p1、△p2表示上述步驟①、②中燒瓶?jī)?nèi)外氣體壓強(qiáng)差大小，那么步驟①、②中，氣體滿足的方程分別為p0〔V0+△V〕=〔p0+△p1〕V0、p0V0=〔p0﹣△p2〕〔V0+△V〕．〔2〕由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得燒瓶容積V0=560ml，大氣壓強(qiáng)p0=9.58×104Pa．〔3〕〔單項(xiàng)選擇題〕倒U形玻璃管A內(nèi)氣體的存在CA．僅對(duì)容積的測(cè)量結(jié)果有影響B(tài)．僅對(duì)壓強(qiáng)的測(cè)量結(jié)果有影響C．對(duì)二者的測(cè)量結(jié)果均有影響D．對(duì)二者的測(cè)量結(jié)果均無(wú)影響．考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程．專題：壓軸題；理想氣體狀態(tài)方程專題．分析：根據(jù)玻意耳定律可列兩個(gè)方程，聯(lián)立代入數(shù)據(jù)求解即可．解答：解：〔1〕對(duì)于步驟①，根據(jù)玻意耳定律可得p0〔V0+△V〕=〔p0+△p1〕V0；對(duì)于步驟②，根據(jù)玻意耳定律可得p0V0=〔p0﹣△p2〕〔V0+△V〕；〔2〕聯(lián)立解得V0=△V=56×10ml=560ml；p0=△p1=56×0.171×1.0×103×10Pa=9.58×104Pa．〔3〕倒U形玻璃管A內(nèi)氣體的存在對(duì)二者的測(cè)量結(jié)果均有影響，C正確．應(yīng)選C故答案為：〔1〕p0〔V0+△V〕=〔p0+△p1〕V0；p0V0=〔p0﹣△p2〕〔V0+△V〕；〔2〕5609.58×104〔3〕C點(diǎn)評(píng)：此題是2023年的高考題，考查了理想氣體狀態(tài)方程，注意公式的選取，難度中等．六．計(jì)算題〔共50分〕30．〔10分〕〔2023?上?！橙鐖D，柱形容器內(nèi)用不漏氣的輕質(zhì)絕熱活塞封閉一定量的理想氣體，容器外包裹保溫材料．開始時(shí)活塞至容器底部的高度為H1，容器內(nèi)氣體溫度與外界溫度相等．在活塞上逐步加上多個(gè)砝碼后，活塞下降到距容器底部H2處，氣體溫度升高了△T；然后取走容器外的保溫材料，活塞位置繼續(xù)下降，最后靜止于距容器底部H3處：大氣壓強(qiáng)為p0．求：氣體最后的壓強(qiáng)與溫度．考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程．專題：理想氣體狀態(tài)方程專題．分析：由蓋呂薩克定律和玻意耳定律列式即可求解．解答：解：由蓋呂薩克定律，解得由玻意耳定律，P0H1S=P3H3S解得答：氣體最后的壓強(qiáng)，溫度為點(diǎn)評(píng)：此題考查了理想氣體狀態(tài)方程，要先分析是何種變化，再選擇對(duì)應(yīng)的公式．31．〔12分〕〔2023?上?！橙鐖D，質(zhì)量為M、長(zhǎng)為L(zhǎng)