河南省信陽市陳店中學高三物理上學期期末試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.豎直向上飛行的子彈,達到最高點后又返回原處,假設整個運動過程中,子彈受到的阻力與速度的大小成正比,則子彈在整個運動過程中,加速度大小的變化是(

)A.始終變大

B.始終變小

C.先變大后變小

D.先變小后變大參考答案：B2.某重型氣墊船，自重達5.0×105kg，最高時速為108km/h，裝有額定輸出功率為9000kW的燃氣輪機．假設該重型氣墊船在海面航行過程所受的阻力Ff與速度v滿足Ff=kv，下列說法正確的是（）A．該重型氣墊船的最大牽引力為3.0×105NB．從題中給出的數(shù)據(jù)，可算出k=1.0×104N?s/mC．以最高時速一半的速度勻速航行時，氣墊船所受的阻力為3.0×105ND．以最高時速一半的速度勻速航行時，氣墊船發(fā)動機的輸出功率為4500kW參考答案：B【考點】功率、平均功率和瞬時功率；牛頓第二定律．【分析】氣墊船以額定功率啟動，當阻力等于牽引力時，速度最大，根據(jù)P=Fv求解牽引力，再根據(jù)f=kv求解k值，當速度為最高速的一半時，根據(jù)F=f=k求解此時的牽引力，再根據(jù)P=F求解此時的輸出功率．【解答】解：A、氣墊船的最高速度為

v=108km/h=30m/s．在額定輸出功率下以最高時速航行時，根據(jù)P=Fv得：氣墊船的牽引力F===3.0×105N，此時勻速運動，由P=Fv知，在速度達到最大前，F(xiàn)＞3.0×105N，即氣墊船的最大牽引力大于3.0×105N．故A錯誤．B、氣墊船以最高時速勻速運動時，氣墊船所受的阻力為f=F=3.0×105N，根據(jù)f=kv得：k==1.0×104N?s/m，故B正確．CD、以最高時速一半的速度勻速航行時，氣墊船所受的阻力為f′=k=f=1.5×105N，此時氣墊船發(fā)動機的輸出功率為P′=F′=f′=1.5×105×15=2250kW，故C、D錯誤．故選：B3.（多選）如圖所示的均勻水平桿OB重為G，左端O為固定在墻上的轉動軸．跨過定滑輪P的細繩的左端系在桿的中點A，右端系在B端，PB豎直向上，AP與水平方向的夾角為30°．定滑輪被豎直繩CP和水平繩PD系住．則下列結論中正確的是（）A．跨過定滑輪的細繩所受的拉力是B．CP繩所受的拉力是C．PD繩所受的拉力是D．軸O受到的水平拉力參考答案：考點：力矩的平衡條件；共點力平衡的條件及其應用．分析：APB是同一根繩，根據(jù)力矩平衡求得繩中張力T，再根據(jù)P的平衡由平衡條件求得CP和PD繩中的拉力．解答：解：A、以桿OB平衡有：，由此解得跨過定滑輪的繩所受的拉力T=，故A正確；BC、以P為研究對象受力分析如圖所示：根據(jù)P平衡有：TPD=Tcos30°=TCP﹣Tsin30°﹣T=0，所以故B錯誤，C正確；D、以桿水平方向受力平衡有，軸O對桿的拉力F=，故D錯誤．故選：AC．點評：本題抓住桿的力矩平衡和定滑輪受力平衡，分別由力矩平衡方程和平衡條件求解，掌握受力分析是正確解題的關鍵．4.我國“蛟龍?zhí)枴鄙顫撈鹘?jīng)過多次試驗，終于在2012年6月24日以7020m深度創(chuàng)下世界最新紀錄（國外最深不超過6500m），預示著可以征服全球99．8％的海底世界，假設在某次實驗時，深潛器內的顯示屏上顯示出了從水面開始下潛到最后返回水面10min內全過程的深度曲線（a）和速度圖像（b），如圖示則有

A．（a）圖中h3代表本次最大深度，應為6．0m

B．全過程中最大加速度是0．025m／s2

C．潛水員感到超重現(xiàn)象應發(fā)生在3-4min和6-8min的時間段內

D．整個潛水器在8-10min時間段內機械能守恒參考答案：C由題圖可知，0-1min潛水器向下做加速運動，1-3min向下做勻速運動，3-4min向下做減速運動直至靜止，4-6min潛水器靜止不動，6-8min向上做加速運動，8-10min向上做減速運動直至靜止在水面。（a）圖中h3代表本次最大深度，由（b）圖知最大深度應為360m，A錯；由（b）圖知全過程中最大加速度是m／s2=0．033m／s2，B錯；潛水員感到超重現(xiàn)象應發(fā)生加速上升和減速下降階段，即3-4min和6-8min的時間段內，C正確；在8-10min時間段內潛水器受到重力之外的其他力的作用，其他力做功不為零，所以機械能不守恒，D錯誤。5.如圖所示，位于豎直面內的矩形區(qū)域內，存在豎直方向的勻強電場，一帶電微粒以某一確定的水平初速度v由A點進入這個區(qū)域沿直線運動，從C點離開場區(qū)；如果將這個區(qū)域內電場的場強大小變?yōu)樵瓉淼?倍，仍讓該帶電微粒以相同的速度由A點進入，微粒將從B點離開場區(qū)；如果保持這個區(qū)域內電場的強弱不變，而將方向改變180°，仍讓該帶電微粒以相同的速度由A點進入，微粒將從D點離開場區(qū)。設粒子從C點、B點、D點射出時的動能分別為Ek1、Ek2、Ek3，從A點到C點、B點、D點所用的時間分別為t1、t2、t3，不計空氣阻力。則：A．Ek1=Ek2=Ek3

B．Ek1<Ek2<Ek3

C．t1<t2=t3

D．t1=t2<t3

參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.(4分)如圖，在“觀察光的衍射現(xiàn)象”實驗中，保持縫到光屏的距離不變，增加縫寬，屏上衍射條紋間距將

(選填:“增大”、“減小”或“不變”);該現(xiàn)象表明，光沿直線傳播只是一種近似規(guī)律，只有在

情況下，光才可以看作是沿直線傳播的。參考答案：減小；光的波長比障礙物小得多根據(jù)條紋間距由d、L和波長決定可知，增加縫寬，可以使條紋間距離減?。还庥龅秸系K物時，當障礙物的尺寸與波長接近時，會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，當障礙物較大時，光近似沿直線傳播?！究键c】光的衍射、光的直線傳播7.發(fā)生衰變有多種可能性。其中的一種可能是，先衰變成，再經(jīng)一次衰變變成（X代表某種元素），或再經(jīng)一次衰變變成和最后都衰變成，衰變路徑如圖所示，則由圖可知：①②③④四個過程中

是α衰變；

是β衰變。參考答案：②③，①④②③放出的粒子質量數(shù)減少4，是α衰變；①④放出的粒子質量數(shù)不變，是β衰變。8.質置為m的物體，在傾角為θ的光滑斜面上由靜止開始下滑，經(jīng)過時間t，在這段時間內，支持力的沖量大小為mgcosθt，合外力對物體的沖量大小為mgsinθt．參考答案：解：物體在傾角為θ的光滑斜面上由靜止開始下滑，受重力和支持力，故：N=mgcosθ合力：F=mgsinθ故支持力沖量：IN=Nt=mgcosθt合力的沖量：I=Ft=mgsinθt故答案為：mgcosθt，mgsinθt．9.如圖所示，質量為m的均勻直角金屬支架ABC在C端用光滑鉸鏈鉸接在墻壁上，支架處在磁感應強度為B的勻強磁場中，當金屬支架通一定電流平衡后，A、C端連線恰水平，相距為d，BC與豎直線夾角為530，則金屬支架中電流強度大小為

；若使BC邊與豎直線夾角緩慢增至900過程中，則金屬支架中電流強度變化應

（選填“增大、減小、先增大后減小、先減小后增大”）。(sin37°=0.6，cos37°=0.8)參考答案：1.07mg/Bd，先增大后減小10.某氣體的摩爾質量為M，摩爾體積為V，密度為p，每個分子的質量和體積分別為m和V。則阿伏加徳羅常數(shù)NA可表示為________或_____。參考答案：

(1).

(2).解：阿伏加徳羅常數(shù)NA；ρV為氣體的摩爾質量M，再除以每個分子的質量m為NA，即11.小球作直線運動時的頻閃照片如圖所示．已知頻閃周期T=0．1s，小球相鄰位置間距(由照片中的刻度尺量得)分別為OA=6．51cm，AB=5．59cm，BC=4．70cm，CD=3．80cm，DE=2．89cm，EF=2．00cm．小球在位置A時的速度大小νA=

m/s，小球運動的加速度大小a=

m/s2．（結果保留一位小數(shù)。）參考答案：0.6m/s,

0.9m/s212.飛鏢是一種喜聞樂見的體育活動。飛鏢靶上共標有10環(huán)，其中第10環(huán)的半徑為1cm，第9環(huán)的半徑為2cm……以此類推，靶的半徑為10cm。記成績的方法是：當飛鏢擊中第n環(huán)與第n+1環(huán)之間區(qū)域則記為n環(huán)。某人站在離靶5m的位置，將飛鏢對準靶心以水平速度v投出，當v<________m/s（小數(shù)點后保留2位）時，飛鏢將不能擊中靶，即脫靶；當v=60m/s時，成績應為______環(huán)。（不計空氣阻力，g取10m/s2）參考答案：35.36，713.如題12B-2圖所示，兩艘飛船A、B沿同一直線同向飛行，相對地面的速度均為v（v接近光速c）。地面上測得它們相距為L，則A測得兩飛船間的距離___▲____（選填“大于”、“等于”或“小于”）L。當B向A發(fā)出一光信號，A測得該信號的速度為___▲____。參考答案：大于

c(或光速)A測得兩飛船間的距離為靜止長度，地面上測得兩飛船間的距離為運動長度，靜止長度大于運動長度L。

根據(jù)光速不變原理，A測得該信號的速度為c(或光速)。三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（選修3—5）（5分）如圖所示，球1和球2從光滑水平面上的A點一起向右運動，球2運動一段時間與墻壁發(fā)生了彈性碰撞，結果兩球在B點發(fā)生碰撞，碰后兩球都處于靜止狀態(tài)。B點在AO的中點。（兩球都可以看作質點）

求：兩球的質量關系

參考答案：解析：設兩球的速度大小分別為v1，v2，則有

m1v1=m2v2

v2=3v1

解得：m1=3m215.（選修3—3（含2—2））（7分）如圖所示是一定質量的氣體從狀態(tài)A經(jīng)狀態(tài)B到狀態(tài)C的p－T圖象，已知氣體在狀態(tài)B時的體積是8L，求氣體在狀態(tài)A和狀態(tài)C的體積分別是多大？并判斷氣體從狀態(tài)B到狀態(tài)C過程是吸熱還是放熱？參考答案：解析：由圖可知：從A到B是一個等溫過程，根據(jù)玻意耳定律可得：……(2分)

代入數(shù)據(jù)解得：……………(1分)

從B到C是一個等容過程，

……………(1分)

【或由，代入數(shù)據(jù)解得：】

由圖可知氣體從B到C過程為等容變化、溫度升高，……(1分)故氣體內能增大，……(1分)由熱力學第一定律可得該過程氣體吸熱?！?1分)四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，光滑水平面上的同一直線上放著處于靜止狀態(tài)的光滑曲面體B和滑塊C，B的質量為3m，C的質量為2m，B開始處于鎖定狀態(tài)，一質量為m的小球A從曲面上離地面高h處由靜止釋放，沿曲面滾到水平面上再與滑塊發(fā)生彈性碰撞，小球滾離曲面體后，立即讓曲面體解除鎖定，小球被滑塊反彈后再滑上曲面體，重力加速度為g，求：①A與C碰撞后A的速度大??；②A再次滑上曲面后能上升的最大高度．參考答案：解：①A下滑過程機械能守恒，由機械能守恒定律得：mgh=mv12，A、C碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得：mv1=2mv2﹣mv3，由機械能守恒定律得：mv12=?2mv22+mv32，解得：v3=v1=；②A返回過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv3=（m+3m）v4，由機械能守恒定律得：mv32=mgh′+（m+3m）v42，解得：h′=h；答：①A與C碰撞后A的速度大小為；②A再次滑上曲面后能上升的最大高度為h．【考點】動量守恒定律；機械能守恒定律．【分析】①A下滑過程機械能守恒，應用機械能守恒定律可以求出A到達底端的速度，A、C碰撞過程機械能守恒、動量守恒，應用動量守恒定律與機械能守恒定律可以求出速度；②A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒、動量守恒，應用動量守恒定律與機械能守恒定律可以求出A上升的高度．17.如圖所示，一質量為m＝1kg的小物塊輕輕放在水平勻速運動的傳送帶上的A點，隨傳送帶運動到B點，小物塊從C點沿圓弧切線進入豎直光滑的半圓軌道恰能做圓周運動．已知圓弧半徑R＝0.9m，軌道最低點為D，D點距水平面的高度h＝0.8m．小物塊離開D點后恰好垂直碰擊放在水平面上E點的固定傾斜擋板．已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)＝0.3，傳送帶以5m/s恒定速率順時針轉動（g取10m/s2），試求：（1）傳送帶AB兩端的距離；（2）小物塊經(jīng)過D點時對軌道的壓力的大??；（3）傾斜擋板與水平面間的夾角的正切值．參考答案：本題主要考察牛頓定律、物體作圓周運動的臨界點、動能定理及平拋運動等知識點。屬簡單題型。（1）對小物塊，在C點恰能做圓周運動，由牛頓第二定律得：

，

則．…………………（2分）由于，小物塊在傳送帶上一直加速，則由A到B有，…………，所以傳送帶AB兩端的距離=1.5m．………（2）對小物塊，由C到D有，……………在D點FN—mg＝，代入數(shù)據(jù)解得FN＝60N．……由牛頓第三定律知小物塊對軌道的壓力大小為（3）小物塊