2023年浙江省高中發(fā)展共同體高一物理第二學期期中預測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、下列說法中正確的是()A．做曲線運動的質點速度一定改變，加速度也一定改變B．質點做平拋運動，在相同時間內，速度變化量相同，且方向豎直向下C．質點做圓周運動，它的合外力總是垂直于速度D．質點做圓周運動，合外力等于它做圓周運動所需要的向心力2、下列說法正確的是（）A．萬有引力定律僅對質量較大的天體適用，對質量較小的物體不適用B．根據(jù)公式可知，當趨近于零時，萬有引力將趨于無窮大C．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許測出了萬有引力常量D．兩物體間相互吸引的一對萬有引力是一對平衡力3、下列說法正確的是（）A．根據(jù)電場強度的定義式E=，可知E與F成正比，與q成反比B．靜電平衡狀態(tài)下的導體內部場強處處為零，導體的電勢也為零C．電場線跟等勢面垂直，并且由電勢較低的等勢面指向電勢較高的等勢面D．在電場中，把電荷量為4×10－9C的正點電荷從A點移到B點，克服靜電力做功為6×10－8J，電荷的電勢能增加了6×10－8J4、某行星有甲、乙兩顆衛(wèi)星，它們的軌道均為圓形，甲的軌道半徑為R1，乙的軌道半徑為R2，R2＞R1，根據(jù)以上信息可知（）A．甲的質量大于乙的質量B．甲的周期大于乙的周期C．甲的速率大于乙的速率D．甲所受行星的引力大于乙所受行星的引力5、假設地球赤道上有一觀測站隨地球自轉時的線速度為v1，地球同步衛(wèi)星的線速度為v2，第一宇宙速度為v3.則關于這三個速度的大小關系，下列判斷正確的是()A．v1＞v2＞v3B．v3＞v2＞v1C．v2＞v3＞v1D．v3＞v1＞v26、一質點開始時做勻速直線運動，從某時刻起受到一恒力作用．此后，該質點的動能可能()A．一直增大B．先逐漸減小至零，再逐漸增大C．先逐漸增大至某一最大值，再逐漸減小D．先逐漸減小至某一非零的最小值，再逐漸增大7、如圖所示，一質量為m的小球固定于輕質彈簧的一端，彈簧的另一端固定于O點.將小球拉至A點，彈簧恰好無形變，由靜止釋放小球，當小球運動到O點正下方與A點的豎直高度差為h的B點時，速度大小為v.已知重力加速度為g，下列說法正確的是()A．小球運動到B點時的動能等于mv2B．小球由A點到B點機械能減少mghC．小球到達B點時彈簧的彈性勢能為mghD．小球由A點到B點克服彈力做功為mgh－mv28、2019年5月17日，中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號丙運載火衛(wèi)，成功發(fā)射了第四十五顆北斗導航衛(wèi)星。該衛(wèi)星發(fā)射過程為：先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1上，然后在P處變軌到橢圓軌道2上，最后由軌道2在Q處變軌進入同步衛(wèi)星軌道3。軌道1，2相切于P點，軌道2、3相切于Q點。忽略衛(wèi)星質量的變化，則該衛(wèi)星（）A．在軌道3上的運行周期為24hB．在軌道3上的運行速率大于7.9km/sC．在軌道3上經過Q點的向心加速度大于在軌道2上經過Q點的向心加速度D．在軌道2上由P點向Q點運動的過程中，地球引力對衛(wèi)星做負功9、如圖所示，在光滑的水平面上有兩個質量相等的小球A、B，兩球用輕繩連接，再用同樣長度的輕繩連接A繩，C為繩的自由端，設運動中水平拉直的AC和AB兩段繩所受拉力分別為T1和T2，下列說法正確的是（）A．若用力水平向左拉著C端使兩球運動，則T1=T2B．若用力水平向左拉著C端使兩球運動，則T1=2T2C．若以C為圓心，使兩球以相同角速度沿水平面做勻速圓周運動，則T1=T2D．若以C為圓心，使兩球以相同角速度沿水平面做勻速圓周運動，則T1=1.5T210、如圖所示，質量為m的小球置于正方體的光滑盒子中，盒子的邊長略大于球的直徑．某同學拿著該盒子在豎直平面內做半徑為R的勻速圓周運動，盒子上下表面保持水平，巳知重力加速度為g,空氣阻力不計，則（）A．若盒子以周期做勻速圓周運動，則當盒子運動到圖示球心與O點位于同一水平面位置時，小球對盒子右側面的力的大小為4mgB．若盒子在最高點時，盒子與小球之間恰好無作用力，則該盒子做勻速圓周運動的周期為C．盒子從最低點向最髙點做勻速圓周運動的過程中，球處于超重狀態(tài)；當盒子從最高點向最低點做勻速圓周運動的過程中，球處于失重狀態(tài)D．若盒子以角速度做勻速圓周運動，則當盒子運動到最高點時，小球對盒子的下面的力為3mg二、實驗題11、（4分）在做“研究平拋物體的運動”實驗時，（1）下列說法正確的是_______。A．應使小球每次從斜槽上相同的位置自由滑下B．為了減小測量平拋初速度的誤差，應盡量減小斜槽和小球間的摩擦C．要使描出的軌跡更好地反映真實運動，記錄的點應適當多一些D．為了比較準確地描出小球運動的軌跡．應該用一條曲線把所有的點連接起來（2）若實驗中把軌道末端點記為坐標原點，建立坐標點，利用卡槽記錄小球平拋過程中的位置，擬合得到一條過原點的平滑曲線，測得曲線上某點坐標（x0、y0）由此得到平拋初速度v=x0g2y0。不計空氣阻力的影響，該測量值和真實值相比______12、（10分）在用落體法驗證機械能守恒定律時，某小組按照正確的操作選得紙帶如圖，其中O是起始點，A、B、C是打點計時器連續(xù)打下的3個點，用毫米刻度尺測量O到A、B、C各點的距離，并記錄在圖中．（已知當?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/s2，重錘質量為m=1kg，計算結果均保留3位有效數(shù)字）（1）圖中的三個測量數(shù)據(jù)中不符合有效數(shù)字讀數(shù)要求的是_____段的讀數(shù)，應記作_______cm；（2）甲同學用重錘在OB段的運動來驗證機械能守恒，他用AC段的平均速度作為B點對應的即時速度vB，則求得該過程中重錘的動能增加量ΔEk=_________J，重力勢能的減少量ΔEP=_________J.這樣驗證的系統(tǒng)誤差總是使ΔEk=_________ΔEP（選填“>”、“<”或“=”）；三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示，一個人用F=30N的拉力拖動一質量為10kg的木箱，在粗糙的水平地面上由靜止開始做勻加速直線運動．若滑塊與水平地面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，g取10m/s2，試求：（1）滑塊運動的加速度大小；（2）滑塊在力F作用下，前4s內通過的位移大?。?4、（14分）如圖所示，用沿斜面向上、大小為800N的力F，將質量為100kg的物體沿傾角為37°的固定斜面由底端勻速地拉到頂端，斜面長L＝5m，物體與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.25.求這一過程中：(g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)(1)物體的重力所做的功；(2)摩擦力所做的功；(3)物體所受各力的合力所做的功.15、（13分）如圖所示，雪道與水平冰面在B處平滑地連接，小明乘雪橇從雪道上離冰面高度h=8m，的A處自靜止開始下滑，經B處后沿水平冰面滑至C處停止，已知小明與雪橇的總質量m=70kg，BC長度為10米，用速度傳感器測得雪橇在B處的速度值為，不計空氣阻力和連接處能量損失，小明和雪橇可視為質點，問：（1）從A到C過程中，小明與雪橇所受重力做了多少功？（2）從B到C過程中，小明與雪橇所受摩擦力做了多少功？

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】

A、做曲線運動的質點速度一定改變，加速度可能不變，如平拋運動，故A錯誤；B、平拋運動，加速度恒定，為g，故速度變化為:△v=gt；故速度增量與所用時間成正比，方向豎直向下，故B正確；C、圓周運動，合力不一定等于向心力，比如當質點做變速圓周運動時，合力不一定與向心力相等，故C錯誤；D、質點做勻速圓周運動，合外力等于它做圓周運動所需要的向心力；質點做變速圓周運動，合外力不等于它做圓周運動所需要的向心力，合外力沿半徑方向的分力提供向心力，故D錯誤；故選B.2、C【解析】萬有引力定律僅對大到天體，小到微觀粒子都適用，選項A錯誤；當r趨近于零時，兩物體不能看做質點，則萬有引力定律不再適用，選項B錯誤；牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許測出了萬有引力常量G，選項C正確；兩物體間相互吸引的一對萬有引力是一對作用與反作用力，選項D錯誤；故選C.3、D【解析】

A．電場中某點的電場強度由電場本身的性質決定，與放入電場中的電荷，以及電荷所受的電場力無關，故A錯誤；B．靜電平衡狀態(tài)下的導體內部場強處處為零，為等勢體，導體電勢并不一定為零，故B錯誤；C．電場線跟等勢面垂直，并且由電勢較高的等勢面指向電勢較低的等勢面，故C錯誤；D．由于電荷從A移到B的過程中是克服靜電力做功6×10－8J，電場力做負功，因此電勢能應該是增加6×10－8J，故D正確。故選D。4、C【解析】

A、衛(wèi)星的軌道半徑與質量無關系，不能由半徑的大小確定繞行天體的質量的大小．故A錯誤；B、由萬有引力提供向心力得，則半徑大的周期大，則甲的周期小于乙的周期，故B錯誤；C、由萬有引力提供向心力得，則半徑大的速度小，故C正確；D、因兩者質量未知，則無法確定引力的大小關系．故D錯誤．故選C．5、B【解析】試題分析:衛(wèi)星的線速度公式：，可知v3＞v2，同步衛(wèi)星和地球赤道上有一物體周期相同，所以角速度相同，同步衛(wèi)星半徑大，所以，v2＞v1，故B正確，A、C、D錯誤。考點：萬有引力定律6、ABD【解析】試題分析：一質點開始時做勻速直線運動，說明質點所受合力為0，從某時刻起受到一恒力作用，這個恒力就是質點的合力．根據(jù)這個恒力與速度的方向關系確定質點動能的變化情況．解：A、如果恒力與運動方向相同，那么質點做勻加速運動，動能一直變大，故A正確．B、如果恒力與運動方向相反，那么質點先做勻減速運動，速度減到0，質點在恒力作用下沿著恒力方向做勻加速運動，動能再逐漸增大．故B正確．C、如果恒力方向與原來運動方向不在同一直線上，那么將速度沿恒力方向所在直線和垂直恒力方向分解，其中恒力與一個速度方向相同，這個方向速度就會增加，另一個方向速度不變，那么合速度就會增加，不會減?。蔆錯誤．D、如果恒力方向與原來運動方向不在同一直線上，那么將速度沿恒力方向所在直線和垂直恒力方向分解，其中恒力與一個速度方向相反，這個方向速度就會減小，另一個方向速度不變，那么合速度就會減小，當恒力方向速度減到0時，另一個方向還有速度，所以速度到最小值時不為0，然后恒力方向速度又會增加，合速度又在增加，即動能增大．故D正確．故選ABD．【點評】對于直線運動，判斷速度增加還是減小，我們就看加速度的方向和速度的方向．對于受恒力作用的曲線運動，我們可以將速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究．7、AD【解析】A項：小球在B點的速度為v，所以動能為，故A正確；B項：以B點所在的位移為參考平面，小球在A點的機械能為mgh，在B點的機械能為，所以機械能的減小為：，故B錯誤；C項：由小球和彈簧組的系統(tǒng)機械能守恒可知，小球從A到B過程中，小球減小的機械能等于彈簧增加的彈性勢能即為，由功能關系可知，小球由A點到B點克服彈力做功為等于增加的彈性勢能，故C錯誤，D正確．8、AD【解析】

A．在軌道3為同步衛(wèi)星軌道，故在軌道3的運行周期為24h，故A正確；B．萬有引力提供向心力得解得7.9km/s是第一宇宙速度，是近地衛(wèi)星的速度，軌道3為同步衛(wèi)星軌道，其運動半徑大于近地衛(wèi)星的半徑，故在軌道3上的運行速率小于7.9km/s，故B錯誤；C．根據(jù)牛頓定律和萬有引力定律有得衛(wèi)星在軌道3和軌道2上經過Q點時的半徑都相同，所以向心加速度相等，故C錯誤；D．在軌道2上由P點向Q點運動的過程中，衛(wèi)星遠離地球，地球引力對衛(wèi)星做負功，故D正確。故選AD。9、BD【解析】

當AB沿水平方向運動時，根據(jù)牛頓第二定律求得繩子的拉力，當做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律即可求得繩子的拉力．【詳解】若用力水平向左拉著C端使兩球運動，對整體受力分析可知T1=2ma，對B可知T2=ma，所以T1=2T2，故A錯誤，B正確；若以C為圓心，使兩球以相同角速度沿水平面做勻速圓周運動對A有：，對B有：，聯(lián)立解得T1=1.5T2，故C錯誤，D正確．所以BD正確，AC錯誤．【點睛】本題主要考查了牛頓第二定律和向心力公式，利用整體法和隔離法求得繩子的拉力．10、AB【解析】

若盒子以周期做勻速圓周運動，當盒子運動到圖示球心與O點位于同一水平面位置時，盒子右側面對小球的作用力充當向心力，故有，A正確；在最高點，盒子與小球之間恰好無作用力，可知小球靠重力提供向心力，根據(jù)，解得，B正確；盒子從最低點向最高點勻速圓周運動的過程中，由于加速度方向指向圓心，可知加速度開始有豎直向上的分量，然后有豎直向下的分量，可知球先處于超重狀態(tài)，再處于失重狀態(tài)，C錯誤；設豎直向下為正，則在最高點有，解得，即F方向向下，即小球對盒子上表面有作用力，D錯誤．故選AB。二、實驗題11、AC偏大【解析】（1）應使小球每次從斜槽上相同的位置自由滑下，以保證到達最低點的速度相等，選項A正確；斜槽和小球間的摩擦對實驗無影響，只要到達底端的速度相同即可，選項B錯誤；要使描出的軌跡更好地反映真實運動，記錄的點應適當多一些，選項C正確；為了比較準確地描出小球運動的軌跡．應該用一條平滑曲線連接各點，但是要略去誤差較大的點，選項D錯誤；故選AC.（2）小球平拋運動的拋出點應該在軌道末端上方距離為r（小球的半徑），故用v=x0g2y012、OC15.11.201.22<【解析】（1）刻度尺的讀數(shù)需讀到最小刻度的后一位，三個數(shù)據(jù)中不符合有效數(shù)字讀數(shù)要求的是OC段的讀數(shù)，應讀作：15.1．

（2）對于OB段，重錘重力勢能的減小量△Ep=mghOB=1.0×9.8×0.12