2022-2023學年湖南省名校聯(lián)考聯(lián)合體高一（上）月考物理試卷

（12月份）

1.以下說法正確的是（）

A.體積很大的物體一定不能看成質點

B.升國旗時，觀察到國旗冉冉升起，觀察者是以“國旗”為參考系的

C.上午第一節(jié)課8點上課，這里的8點指時刻

D.一個物體的位移為零，路程也一定為零

2.2020年11月24日，我國“嫦娥五號”探測器成功著陸在月球背面預選著陸區(qū)。在著陸

過程最后階段，“嫦娥五號”先懸停在距月面100機高處，再緩慢下降到著陸點上方4機處,

最終關閉發(fā)動機以自由落體方式完美著陸在月面，關于該探測器從距月面上方100”?高處緩

慢下降到著陸點上方處的過程中，下列說法正確的是（）

A.探測器受到噴射氣體的反沖力與自身重力是一對相互作用力

B.探測器受到噴射氣體的反沖力與自身重力是一對平衡力

C.探測器對噴射氣體的力小于噴射氣體對探測器的反沖力

D.若探測器減速下落，則探測器對噴射氣體的力小于噴射氣體對探測器的反沖力

3.關于以下兩個斜面實驗的說法中正確的是（）

乙

A.牛頓使用圖甲斜面進行實驗，得出自由落體運動的規(guī)律

B.伽利略使用圖甲斜面進行實驗，得出自由落體運動的規(guī)律

C.牛頓使用圖乙斜面進行實驗，得出力不是維持物體運動的原因

D.伽利略使用圖乙斜面進行實驗，得出自由落體運動的規(guī)律

4.一物塊在水不地面上，以一定的初速度沿水不面滑動，直至速度為零，物塊與水不面的

動摩擦因數(shù)恒定，則關于物塊運動的位移（%）、速度（u）、加速度（a）、位移與時間比值（2）隨時

間r變化的圖象正確的是（設初速度的方向為正方向）（）

5.如圖所示，用光滑的粗鐵絲做成一直角三角形，8C水平，AC邊豎直，Z.ABC=a,AB

及AC兩邊上分別套有細線連接著的銅環(huán)P和銅環(huán)Q,當它們靜時，細線跟AB所成的角。的

大小為（細線長度小于BC）（）

A.0=a

B.0>

C.0<a

D.a<S<

6.如圖所示，A、B兩球用勁度系數(shù)為七的輕彈簧相連，8球用長為L的細線懸于。點，A

球固定在。點正下方，且0、A間的距離恰為L,此時繩子所受的拉力為a,現(xiàn)把4、8間的

彈簧換成勁度系數(shù)為七的輕彈簧，仍使系統(tǒng)平衡，此時繩子所受的拉力為尸2,則6與尸2的大

小關系為（）

A.&<F2B.&>F2

C.a=F2D.因七、七大小關系未知，故無法確定

7.下列各組的三個共點力，合力可能為。的有（）

A.2M5MIONB.4N,5M8NC.ION,20N,40ND.7M6N,ION

8.如圖所示，質量分別為，"和3〃?的A和B兩球用輕彈簧連接，A球用細線懸掛起來，兩球

均處于靜止狀態(tài)，如果將懸掛A球的細線剪斷，剪斷瞬間A和B兩球所受的彈力大小分別為

。和7B，剪斷瞬間A和8兩球的加速度大小分別為以、aB,重力加速度為g,貝立）

A.7^=3mg,TB=3mg

B.二=4mg,TB=4mg

C.aA=4g,aB=g

D.aA=4g,aB=0

9.如圖所示，質量為傾角為。的斜面體放在光滑的水平面上，質量為〃1的小物塊在沿

斜面向下的力尸作用下向下運動，此過程中斜面體保持靜止，重力加速度為g。下列說法正

確的是（）

A.小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)〃=tan。

B.小物塊沿斜面向下運動的加速度為

C.斜面體對小物塊的作用力大于〃取

D.若將力F的方向突然改為沿斜面向上，在小物塊繼續(xù)沿斜面下滑的過程中，斜面體向右

運動

10.如圖所示，一根粗細和質量分布均勻的細繩，兩端各系一個質量都為機的小環(huán)，小環(huán)套

在固定水平桿上，兩環(huán)靜止時，繩子過環(huán)與細繩結點P、。的切線與豎直方向的夾角均為仇

已知繩子的質量也為，加重力加速度大小為g,則兩環(huán)靜止時（）

A.每個環(huán)對桿的壓力大小為mg

B.繩子最低點處的彈力的大小為若時

C.水平桿對每個環(huán)的摩擦力大小為mgtan。

D.兩環(huán)之間的距離增大，桿對環(huán)的摩擦力增大

11.某實驗小組用一只彈簧測力計和一個量角器等器材驗證力的平行四邊形定則，設計了如

圖所示的實驗裝置，固定在豎直木板上的量角器的直邊水平，橡皮筋的一端固定于量角器的

圓心。的正上方A處，另一端系繩套1和繩套2,主要實驗步驟如下：

①彈簧測力計掛在繩套1上豎直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的結點到達。點處，記下彈簧測力

計的示數(shù)F；

②彈簧測力計掛在繩套1上，手拉著繩套2,緩慢拉橡皮筋，使橡皮筋的結點到達。處，此

時繩套1沿0。方向，繩套2沿120。方向，記下彈簧測力計的示數(shù)&；

③根據(jù)力的平行四邊形定則計算繩套1的拉力F'i=;

④比較即可初步驗證；

⑤只改變繩套2的方向，重復上述試驗步驟.

回答下列問題：

(1)將上述實驗步驟補充完整；

(2)將繩套1由0。方向緩慢轉動到60。方向，同時繩套2由120。方向緩慢轉動到180。方向，此

過程中保持橡皮筋的結點在。處不動，保持繩套1和繩套2的夾角120。不變，關于繩套1的

拉力大小的變化，下列結論正確的是(填選項前的序號)。

A.逐漸增大

員先增大后減小

C.逐漸減小

D先減小后增大

12.在用如圖所示的裝置“驗證牛頓第二定律”的實驗中，保持小車質量一定時，驗證小車

加速度。與合力F的關系。

(1)除了電火花計時器、小車、祛碼、祛碼盤、天平、細線、附有定滑輪的長木板、墊木、導

線及開關外，在下列器材中必須使用的有(選填選項前的字母)。

A.220V、504z的交流電源

8.電壓可調的直流電源

C刻度尺

D.秒表

(2)為了使細線對小車的拉力等于小車所受的合外力，以下操作正確的是。

A.調整長木板上滑輪的高度使細線與長木板平行

B.在調整長木板的傾斜度平衡摩擦力時，應當將祛碼和祛碼盤通過細線掛在小車上

C.在調整長木板的傾斜度平衡摩擦力時，應當將穿過打點計時器的紙帶連在小車上

D只要平衡好了摩擦力就可以認為祛碼和祛碼盤的重力等于小車所受的合外力

(3)某同學得到了如圖所示的一條紙帶，A、B、C、。、E為計數(shù)點，相鄰兩計數(shù)點之間還有

一個點沒有畫出。由此得到小車加速度的大小a=m/s2.(結果保留三位有效數(shù)字)

|川川川叩叩111|11叫四川1|叫1川川1|川1|1川|1川|1111|川川川|川1|1川|1川|1叫川1|川1|1111|川1|川1|1川|川1|1川|

023456789101112131415cm

(4)在本實驗中認為細線的拉力F等于祛碼和祛碼盤的總重力mg,由此造成的誤差是(

選填“系統(tǒng)誤差”或“偶然誤差”)。設拉力的真實值為產其，小車的質量為為了使，應

當滿足的條件是

電火花

小乍計時器

紙帶

核碼和

硅碼盤

777777777Z//7777777777777777777777777/777777"

13.一架直升機懸停在距離地面H=60巾的高處，將一箱物資從直升機上由靜止開始投下，

如果不打開物資上的自動減速傘，物資將勻加速下落，經4s落到地面。為了防止物資與地面

的劇烈撞擊，須在物資下落一定高度時將物資上攜帶的自動減速傘打開，減速傘打開后物資

加速度大小為15m/s2。忽略減速傘打開的時間，求：

(1)減速傘打開前物資下落的加速度%大??；

(2)若要使物資落地時速度恰好為零，打開減速傘時物資的速度v為多大(結果可用根號表示)?

物資距離地面的高度力為多少？

14.如圖，上表面光滑且水平的小車靜止在水平地面上，4、8為固定在小車上的擋板，C、

。為豎直放置的輕質薄板。A、C和。、B之間分別用兩個相同的輕質彈簧連接，薄板C、D

間夾住一個長方體金屬塊(視為質點)。金屬塊與小車上表面有一定的距離并與小車保持靜止，

此時金屬塊所受到的摩擦力為最大靜摩擦力。已知金屬塊的質量6=10kg,彈簧勁度系數(shù)k=

1000N/m,金屬塊和薄板C、。間動摩擦因數(shù)〃=0.8。設金屬塊受到的最大靜摩擦力與滑動

摩擦力相等，取重力加速度g=10m/s2?求

薄

擋

薄

擋

板

板

板

板

ACDB

左

(1)此時彈簧的壓縮量；

(2)當小車、金屬塊一起向右加速運動，加速度大小a=15m/s2時，A、C和。、B間彈簧形

變量及金屬塊受到的摩擦力大小。

15.如圖所示，光滑水平面上質量為m光滑圓柱體放在質量為M且形狀對稱的V形槽中。

截面如圖所示，它們的左邊接觸處為4用一細繩拴住團形槽，細繩平行于桌面，另一端通過定

滑輪垂下一重物加1，不計各種摩擦及滑輪質量。求解以下問題：(重力加速度為g)

(1)若三者保持相對靜止，求系統(tǒng)的加速度和繩上的拉力。

(2)若a=60。，欲使圓柱體在運動中不離開V形槽，重物nil最大不能超過多少？

(3)若不論nt1多大，圓柱體都不能離開因形槽，求a的取值范圍。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：4、地球體積很大，研究地球公轉時，地球的形狀和大小可以忽略，能將地球看成質

點，故4錯誤；

8、升國旗時，觀察到國旗冉冉升起，觀察者是以地面為參考系的，故B錯誤；

C、上午8點對應時間軸上的點，指的是時刻，故C正確；

。、物體的位移為零時，說明它回到了出發(fā)點，但路程不一定為零，故。錯誤；

故選：Co

當物體的大小和形狀對所研究的問題中沒有影響或影響不計時，可以把物體當成質點處理.時間

是指時間的長度，在時間軸上對應時間段，時刻是指時間點，在時間軸上對應的是一個點.參考

系是為了研究物體的運動，選定的用來作為標準的物體。要根據(jù)題意明確所選定的參考系。分清

路程和位移的區(qū)別并作出判斷即可。

本題考查質點、參考系、時間與時刻以及位移與路程等基本概念，要注意質點是運動學中一個重

要概念，要理解其實質，不能停在表面。

2.【答案】B

【解析】解：A、探測器受到噴射氣體的反沖力的受力物體是探測器，探測器自身重力的受力物體

也是探測器，即這兩個是同一物體受到的力，不是一對相互作用力。故A錯誤；

8、探測器緩慢下降的過程中處于動態(tài)平衡狀態(tài)，所以探測器受到噴射氣體的反沖力與自身重力等

大反向共線而且還是同一物體受到的力，是一對平衡力。故B正確；

C、探測器對噴射氣體的力與噴射氣體對探測器的反沖力是一對作用力與反作用力，不是同一物

體受到的力，不能合成。故C錯誤；

。、探測器對噴射氣體的力與噴射氣體對探測器的反沖力是一對作用力與反作用力，大小相等。

故。錯誤；

故選：Bo

根據(jù)作用力與反作用力的特點分析即可。

本題考查了對二力平衡條件的理解和應用，關鍵是知道二力平衡條件和相互作用力的區(qū)別是：是

否作用在同一個物體上。

3.【答案】B

【解析】解：4B.分析圖甲可知，伽利略設想物體下落的速度與時間成正比，因為當時無法測量物

體的瞬時速度，所以伽利略通過數(shù)學推導證明：如果速度與時間成正比，那么位移與時間的平方

成正比；由于當時用滴水法計算，無法記錄自由落體的較短時間，伽利略設計了讓銅球沿阻力很

小的斜面滾下，來“沖淡”重力得作用效果，而小球在斜面上運動的加速度要比它豎直下落的加

速度小得多，所用時間長的多，所以容易測量。伽利略做了上百次實驗，并通過抽象思維在實驗

結果上做了合理外推，得到了自由落體運動的規(guī)律，故B正確，A錯誤；

CD.分析圖乙可知，伽利略用抽象思維、數(shù)學推導和科學實驗相結合的方法得到物體的運動不需要

力來維持，故錯誤。

故選：B。

伽利略利用圖甲斜面進行實驗，得出自由落體運動的規(guī)律；利用圖乙實驗得出力是改變物體運動

狀態(tài)的原因。

本題考查伽利略斜坡實驗，不同的實驗得出的實驗結論是不同的，需平時對實驗原理與實驗結論

加強掌握。

4.【答案】D

【解析】解：4、x-t圖象的斜率表示速度，斜率增大，物塊的速度在增大，故4錯誤；

B、物塊運動的方向一直為正方向，因此速度為正，物塊做勻減速直線運動，at,故

v=v0-u-t

圖線為直線，且初速度的方向為正方向，故B正確；

C、由于物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)恒定，因此加速度恒定，且加速度方向與運動方向相反，

即加速度為負值，C錯誤；

D、根據(jù)x=%t—：at2,變形可得：2=^-1^,故?—t圖象為直線，。正確。

故選：Do

根據(jù)從靜止開始的勻加速直線運動的規(guī)律，分析位移X、速度V、加速度4與時間t（或t2）的關系，

再選擇圖象。

對于圖象問題，關鍵是能夠根據(jù)已知的公式、定律等推導出橫坐標和縱坐標的關系式，分析斜率

的變化，然后作出正確的判斷。

5.【答案】D

【解析】解：假設若AC上的銅環(huán)質量為零，重力為零，它僅受線的拉力和鐵絲AC的彈力，它們

是一對平衡力。由于鐵絲對AC上的環(huán)的彈力垂直于AC,則細線必定垂直于AC,則細線平行于

BC,此時。=a.但實際上AC上的環(huán)的質量大于零，重力大于零，要使此環(huán)處于靜止，細線的左

端必須斜向左上方，則有。＞a。

假設AB上的銅環(huán)P的質量為零，重力為零，它僅受細線的拉力和鐵絲48的彈力，它們是一對平

衡力，則此環(huán)平衡時，細線與AB垂直，6=,而A8上的銅環(huán)的質量大于零，重力大于零，要使

此環(huán)處于靜止狀態(tài)，細線不能與AB垂直，應有。＜,故a＜8＜。

故選：Do

本題可以運用假設法分析。與￡的關系.假設AC上的環(huán)質量為零，則知平衡時。=a；假設48上

的銅環(huán)P的質量為零，平衡時則有。=,再分析兩環(huán)有質量時的角度的關系.

本題運用假設法的思維方法，也可以通過分析兩環(huán)的受力情況，由平衡條件，根據(jù)正交分解法確

定。的范圍.

6.【答案】C

【解析】解：以小球B為研究對象，分析受力情況，由平衡條件

可知，彈簧的彈力N和繩子的拉力F的合力F分與重力大小相

等，方向相反，即F合=mg,作出力的合成如圖，由三角形相似

得：

-0B：

又由題，。4=0B=3得，F(xiàn)=F=mg,可見，繩子的拉力尸

只與小球B的重力有關，與彈簧的勁度系數(shù)K無關，所以得到：

F\=尸2；

故選：C.

研究任意一種情況下，繩子拉力與重力的關系.以小球8為研究對象，分析受力情況，根據(jù)三角

形相似法，得出繩子的拉力與小球B的重力的關系，再研究居和尸2的大小關系.

本題的解題關鍵是運用幾何知識分析繩子的拉力與小球重力的關系.作出力圖是解題的基礎，要

正確分析受力情況，規(guī)范地作圖，由圖可以看出力的大致關系.

7.【答案】BD

【解析】解：A、2N與5N的合力取值范圍為1N~7N,10N不在該范圍內，三力的合力不可能為

0,故A錯誤；

B、4N與5N的合力取值范圍為1N?9N,8N在該范圍內，三力的合力可能為0,故B正確；

C、10N與20N的合力取值范圍為10N?30N,40N不在該范圍內，三力的合力不可能為0,故C

錯誤；

D、7N與6N的合力取值范圍為1N?13N,10N在該范圍內，三力的合力可能為0,故。正確；

故選：BD。

三共點力合成，先將其中的兩個力合成，再與第三個力合成，二力合成時，合力范圍為：|居-尸2|<

FSIF1+F2I，若第三個力的大小在該范圍內，則三個力的合力可能為0,若不在該范圍內，則三

個力的合力不可能為0。

本題考查三個力的合成，解題關鍵是知道三個力合成的方法：先將兩個力合成，再與第三個力合

成，知道二力合成的取值范圍。

8.【答案】AD

【解析】解：AB.懸線剪斷前，以8為研究對象，彈簧的彈力尸=3mg,則自=&=3mg,故

A正確，8錯誤；

C。、剪斷懸線瞬間，彈簧的彈力不變，對Axmg+FA=m%,得以=4g,對B：TB-3mg=3maB,

得（ZB=0,故C錯誤，Z）正確。

故選：AD.

懸線剪斷前，以兩球為研究對象，求出懸線的拉力和彈簧的彈力。突然剪斷懸線瞬間，彈簧的彈

力沒有來得及變化，分析瞬間兩球的受力情況，由牛頓第二定律求解加速度。

本題是動力學中典型的瞬時加速度問題，此類問題一般先分析懸線剪斷前彈簧的彈力，再分析縣

線判斷瞬問物休的受力情況是后求解加速度。

9.【答案】

【解析】解：A、設物塊受斜面的彈力大小為N,則有N=mgcos。，設小物塊與斜面間的動摩擦

因數(shù)為〃，物塊與斜面間的摩擦力大小為了,則有/=〃N=〃nigcos8,斜面體放在光滑的水平面上

處于靜止狀態(tài)，說明小物塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力豎直向下，則有Nsin0=/cos。，聯(lián)立

解得〃=tan0,故A正確；

B、以小物塊為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得：F+mgsind-[imgcosd-ma,由于/=fimgcosO=

tan0-mgcosd-mgsinO,可得小物塊沿斜面向下運動的加速度為，故8正確；

C、小物塊受重力、彈力和摩擦力三力平衡，斜面體對小物塊的作用力包括彈力和摩擦力，則斜

面體對小物塊的作用力等于〃密，故C錯誤；

。、若將F改為向上，小物塊繼續(xù)沿斜面下滑的過程中，小物塊對斜面體的作用力的合力仍豎直

向下，斜面體不會運動，故。錯誤。

故選:AB.

對物塊受力分析，根據(jù)物塊和斜面的運動狀態(tài)即可求解加速度和摩擦因數(shù)，斜面對物塊的作用力

包括彈力和摩擦力。若力尸的方向突然改為沿斜面向上重新根據(jù)手里情況判斷運動狀態(tài)即可。

本題關鍵是考查物體的受力分析，靈活運用整體法、隔離法對物塊受力分析即可。

10.【答案】BD

【解析】解：8、對繩子受力分析，受重力、水平拉力和天花板的拉力，如圖所示：

F

根據(jù)平衡條件，有水平方向：F=Tsin0,F=Tsina；

豎直方向：37ng=Teos。；

聯(lián)立解得：T=F=^mgtanO,故8正確。

ZCOSt/￡

AC、對環(huán)進行受力分析如圖：

mg

水平方向：f—Tsind=「平?sin0=2mgtanJ

'2cos822

豎直方向：N=Tcos6+mg=?cos94-mg=^mg

ZCOSf?z

故AC錯誤，

。、當兩環(huán)之間的距離增大，0變大，故/變大，。正確。

故選：BD。

對繩子或圓環(huán)進行受力分析，根據(jù)平衡條件并運用正交分解法列式求解即可。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，本題關鍵是先對繩子受力分析，然后根據(jù)平衡條件并運用

正交分解法列式求解。

11.【答案】與F&和F/A

【解析】解：⑴根據(jù)的平行四邊形定則計算繩套1的拉力6'=Ftan30。=畀

通過比較尸和1FJ,在誤差范圍內相同，則可初步驗證。

(2)兩個繩套在轉動過程中夾角不變，合力保持不變，利用輔助圓，根據(jù)平行四邊形定則畫出力的

矢量三角形如下圖所示：

由圖可知繩套1的拉力大小逐漸增大，故A正確.

故選：Ao

故答案為：(l)yF;&和FJ；(2)4。

(1)根據(jù)的平行四邊形定則計算繩套1的拉力，通過比較Fi和FJ在誤差范圍內相同，則可初步驗

證；

(2)兩個繩套在轉動過程中，合力保持不變，根據(jù)平行四邊形定則判斷即可。

本題主要考查了平行四邊形定則的直接應用，第二問是三力平衡問題中的動態(tài)分析問題，關鍵受

力分析后，作出示意圖，然后運用力的平行四邊形定則進行分析討論，難度適中。

12.【答案】4C4C3.75系統(tǒng)誤差5%

【解析】解：(1)48.電火花計時器使用220H頻率為50Hz的交流電源，故4正確，B錯誤；

C用刻度尺測量相鄰計數(shù)點之間的距離，故C正確；

。.打點計時器本身具有計時的功能，因此不需要秒表。

故選：AC.

(2)4若細線與長木板不平行，則細線的拉力將不等于小車所受的合力；為了使細線的拉力等于小

車所受的合力，因此需要調整長木板上滑輪的高度使細線與長木板平行，故4正確；

BC.平衡摩擦力是使重力沿傾斜木板的分力等于小車受到的阻力，因此應當將穿過打點計時器的紙

帶連在小車上，小車前面不掛祛碼和祛碼盤，故B錯誤，C正確；

D平衡摩擦力后，根據(jù)牛頓第二定律可知，只有滿足M>>m時，才可以認為祛碼和祛碼盤的重力

近似等于小車所受的合外力，故。錯誤。

故選：AC.

(3)相鄰計數(shù)點之間的時間間隔

由圖可知:X]—(3.4—0.5)cm=2.9cm,x2—(6.9—3.4)cm=3.5cm,x3—(11.0—6.9)cm=

4.1cm,x4=(15.7-11.0)c7n=4.75cm

根據(jù)“逐差法”，小車的加速度=

(4)根據(jù)牛頓第二定律mg-F=ma,可知細線的拉力尸與祛碼和祛碼盤的總重力，咫并不相等，

是實驗原理的不完善造成的誤差，屬于系統(tǒng)誤差；

對祛碼和祛碼盤，根據(jù)牛頓第二定律mg-F改=ma

對小車，根據(jù)牛頓第二定律尸4=Ma

聯(lián)立得

根據(jù)題意，為了使，應當滿足的條件是

故答案為：(2)47；(3)3.75；(4)系統(tǒng)誤差；5%。

(1)電火花計時器使用220K、頻率為50Hz的交流電源；用刻度尺測量相鄰計數(shù)點之間的距離；打

點計時器本身具有計時的功能；

(2)為了使細線對小車的拉力等于小車所受的合外力，細線要與長木板平行；平衡摩擦力是使重力

沿傾斜木板的分力等于小車受到的阻力，據(jù)此分析作答；

(3)根據(jù)“逐差法”求加速度；

(4)根據(jù)牛頓第二定律可知細線的拉力廠與祛碼和祛碼盤的總重力mg并不相等，是實驗原理的不

完善造成的誤差；根據(jù)牛頓第二定律結合誤差要求求解應滿足的條件。

此題考查了實驗注意事項、實驗數(shù)據(jù)處理、實驗誤差分析等問題：對于實驗問題一定要明確實驗

原理，熟練應用所學基本規(guī)律解決實驗問題；本題的難點在于誤差分析。

2

13.【答案】解：(1)不打開傘的情況下，物資經t=4s落地，根據(jù)位移-時間關系可得：H=art

2

解得：ar=7.5m/s；

(2)根據(jù)速度位移-關系可得：H=+,其中a2=15m/s2

代入數(shù)據(jù)解得：v=10V6m/s

根據(jù)速度-位移關系可得：h=

代入數(shù)據(jù)解得：h=20m.

答：(1)減速傘打開前物資下落的加速度由大小為7.5m/s2；

(2)打開減速傘時物資的速度u為10V^n/s,物資距離地面的高度h為20m。

【解析】(1)先研究不打開傘的情況，根據(jù)位移-時間關系求解加速度大?。?/p>

(2)對打開減速傘前后兩個過程分別運用速度-位移公式列式，即可求得最大速度和打開減速傘時

物資距離地面的高度。

在解答勻變速直線運動一類題目時，注意公式的合理選取，如果涉及時間一般采用速度-時間關系

和位移-時間關系公式解答，如果不涉及時間，一般采用速度-位移關系公式解答。

14.【答案】解：(1)由于兩個輕質彈簧相同，兩彈簧壓縮量相同，設彈簧的壓縮量為狗，彈簧形

變產生的彈力大小為F,

由胡克定律得：F=kx0

設金屬塊所受摩擦力大小為了,此時金屬塊所受摩擦力等于最大靜摩擦力，則有：f=2iiF,

由物體平衡條件得：f=mg,

聯(lián)立解得：x0=0,0625m；

(2)假設4、C和。、8間的彈簧壓縮量分別為X］和與*2,有:Xi+%2=2x0,

對金屬塊由牛頓第二定律得：fc(xi-x2)=ma,

代入數(shù)據(jù)解得：%!=0.1375m,x2=-0.0125m,

由于孫＜0可知，說明此時薄板。已與金屬塊分離，。、B間彈簧已恢復原長，無彈力，金屬塊水

平方向加速運動所需的合力全部由4、C間彈簧的彈力提供，

設A、C間彈簧實際壓縮量為x'i，根據(jù)牛頓第二定律可得：kx\=ma,

解得：xj=0.15m,

由于此時最大靜摩擦力/'max=阻1=0.8x1000