2021-2022學(xué)年廣西桂林市高二（下）期末

物理試卷及答案

（時(shí)間90分鐘，滿分100分）

題號(hào)一二三四總分

得分

一、單選題（本大題共10小題，共30.0分）

1.下列說(shuō)法正確的是（）

A.牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律并測(cè)定了引力常量

B.伽利略發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)三定律

C.安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)

D.法拉第最先在物理學(xué)中引入電場(chǎng)和電場(chǎng)線的概念

2.如圖是法拉第做成的世界上第一臺(tái)發(fā)電機(jī)模型的原理圖。

將銅盤(pán)放在磁場(chǎng)中，讓磁感線豎直向下垂直穿過(guò)銅盤(pán)，在

人萬(wàn)兩處用電刷將導(dǎo)線分別與銅盤(pán)的邊緣和轉(zhuǎn)軸良好接觸，

逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)銅盤(pán)，就可以使閉合電路獲得電流，讓小

燈泡發(fā)光。則（）

A.回路中電流大小變化，方向不變B.回路中電流大小不變，方向變化

C.回路中電流從。導(dǎo)線流進(jìn)小燈泡D.回路中電流從〃導(dǎo)線流進(jìn)小燈泡

3.如圖所示，兩根電阻不計(jì)的平行光滑長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)體棒〃和6垂直跨

在導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)體棒〃的電阻大于b的電阻，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向

下。當(dāng)導(dǎo)體棒6在大小為尸2的水平拉力作用下勻速向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒a在大小

為B的水平拉力作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)。若口、S分別表示導(dǎo)體棒。和6與導(dǎo)軌兩

個(gè)接觸點(diǎn)間的電壓，那么它們大小關(guān)系為（）

XX

A.F\=Fi,U\>UiB.FI<F2,U1VU2

C.FX>F2,U\<U2D.F\=F2,Ui=U2

4.下列說(shuō)法正確的是（）

A.鈾核裂變的核反應(yīng)方程式是當(dāng)5。+）一事&廿黑KH3M

B.核反應(yīng)方程式患PT裝i+X中X是電子

C.$U衰變成微P6要經(jīng)過(guò)6次。衰變和6次a衰變

D.原子核的質(zhì)量越小，比結(jié)合能就越小

5.利用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，用一

束紫外線照射光電陰極材料，電流表無(wú)示數(shù)。則

（）

A.增大入射光的強(qiáng)度，電流表一定有示數(shù)

B.增大入射光的頻率，電流表一定有示數(shù)

C.減小入射光的頻率，電流表可能有示數(shù)

D.減小入射光的波長(zhǎng)，電流表可能有示數(shù)

6.如圖甲所示電路，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比"K712=2:1,定值電阻凡和

R2的阻值分別為5c和3d電表均為理想交流電表，電源輸出的交流電如圖乙所

示，圖中的前半周期是正弦交流電的一部分,后半周期是直流電的一部分，則（）

A.電流表示數(shù)為用B.電壓表示數(shù)為6也V

C.R的功率為20WD.R2的功率為6卬

第2頁(yè)，共27頁(yè)

7.用圖甲同一實(shí)驗(yàn)裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，分別用4、B、C三束光照射光電管陰極,

得到光電管兩端電壓與相應(yīng)的光電流的關(guān)系如圖乙所示，其中A、C兩束光照射時(shí)

對(duì)應(yīng)的遏止電壓相同，根據(jù)你所學(xué)的相關(guān)理論判斷下列論述正確的是（）

A.8光束光子的能量最大

B.A、C兩束光的波長(zhǎng)相同，要比8的波長(zhǎng)短

C.三個(gè)光束中8光束照射時(shí)單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)量最多

D.三個(gè)光束中A光束照射時(shí)光電管發(fā)出的光電子最大初動(dòng)能最大

8.如圖，圖線。是線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)所產(chǎn)生正弦交流電的圖像，當(dāng)調(diào)整線

圈轉(zhuǎn)速后，所產(chǎn)生正弦交流電的圖像如圖線6所示。以下關(guān)于這兩個(gè)正弦交流電的

說(shuō)法正確的是（）

A.在圖中匚0時(shí)刻穿過(guò)線圈的磁通量均為零

B.交流電。的電壓最大值為5U

C.線圈先后兩次周期之比為3：2

D.交流電“的瞬時(shí)值表達(dá)式為《=10sin5m（V）

9.A、8是兩種放射性元素的原子核，原來(lái)都靜止在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其中一個(gè)放出a

粒子，另一個(gè)放出0粒子，運(yùn)動(dòng)方向都與磁場(chǎng)方向垂直。圖中a、b與c、4分別表

示各粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，下列說(shuō)法中正確的是（）

b

A.A放出的是a粒子，8放出的是。粒子

B.a為a粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，1為B粒子運(yùn)動(dòng)軌跡

C.a軌跡中的粒子比b軌跡中的粒子動(dòng)量小

D.磁場(chǎng)方向一定垂直紙面向外

如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)中放置有固定的。稅金屬框架，導(dǎo)體棒*

^在框架上勻速向右平移，框架和棒所用材料、橫截面積均*

h

相同，摩擦阻力忽略不計(jì).那么在礦棒脫離框架前，保x

持一定數(shù)值的物理量是(

A.4棒所受的拉力B.電路中的磁通量

C.電路中的感應(yīng)電流D.電路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

二、多選題(本大題共8小題，共34.0分)

11.一個(gè)按正弦規(guī)律變化的交流電的圖象如圖7所示，根據(jù)fi(A)

圖象可以知道()

0

A.該交流電流的頻率是0.020.02t(s)

-20

B.該交流電流的有效值是14.14A

C.該交流電流的瞬時(shí)值表示式是z=20sin0.02r(A)

D.該交流電流的周期是0.02s

12.如圖所示的電路中，三個(gè)燈泡U、上、心的電阻關(guān)系為

4=&=&,電感L的直流電阻可忽略，。為理想二極管，

電源內(nèi)阻不計(jì)。閉合開(kāi)關(guān)S,電路電流穩(wěn)定后，再斷開(kāi)開(kāi)

關(guān)S,下列說(shuō)法中正確的是()

A.閉合開(kāi)關(guān)S,心立即變亮

B.閉合開(kāi)關(guān)S,心逐漸變亮

C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S前后，乙3中有電流且方向相反

D.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，心立即熄滅，心、上均逐漸變暗

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13.圖甲為固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的正三角形導(dǎo)線框必c,磁場(chǎng)的方向與導(dǎo)線框所在平面垂

直，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間，變化的規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定垂直紙面向里為磁場(chǎng)的正

方向，必ca的方向?yàn)榫€框中感應(yīng)電流的正方向，水平向右為安培力的正方向，關(guān)于

線框中的電流/與"邊所受的安培力尸隨時(shí)間r變化的圖像（圖中不考慮2s末線

14.如圖所示，真空中有一個(gè)固定的點(diǎn)電荷，電荷量為+Q。

圖中的虛線表示該點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中的等勢(shì)面。有兩/

I

個(gè)一價(jià)離子M,M不計(jì)重力，也不計(jì)它們之間的電場(chǎng)力）\

先后從。點(diǎn)以相同的速率W射入該電場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡分別a

為曲線和age,其中p、q分別是它們離固定點(diǎn)電荷

最近的位置。以下說(shuō)法正確的是（）

A.M是負(fù)離子,N是正離子

B.a-p-6過(guò)程中電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功

C.M在6點(diǎn)的速率大于N在c的速率

D.M從p-b過(guò)程中電勢(shì)能的增量小于N從a—q電勢(shì)能的增量

15.下列說(shuō)法正確的是（）

A.一定質(zhì)量的氣體放出熱量，其分子的平均動(dòng)能可能增大

B.在不考慮分子勢(shì)能的情況下，質(zhì)量和溫度相同的氫氣和氧氣內(nèi)能相同

C.液體中懸浮顆粒內(nèi)的分子所做的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)就是布朗運(yùn)動(dòng)

D.天然石英表現(xiàn)為各向異性，是由于組成該物質(zhì)的微粒在空間的排列是規(guī)則的

E.某些小昆蟲(chóng)在水面上行走自如，是因?yàn)椤耙后w的表面張力”，該力是分子力的

宏觀表現(xiàn)

16.一定量的理想氣體從狀態(tài)。開(kāi)始，經(jīng)歷三個(gè)過(guò)程〃氏be,尸］/

s回到原狀態(tài)，其p-T圖像如圖所示。下列判斷正確的是

（）/

A.過(guò)程ah中氣體一定吸熱°7

B.過(guò)程6c中氣體既不吸熱也不放熱

C.過(guò)程ca中外界對(duì)氣體所做的功小于氣體所放的熱

D.“、b和c三個(gè)狀態(tài)中，狀態(tài)。氣體分子的平均動(dòng)能最大

E.〃和c兩個(gè)狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同

17.關(guān)于光現(xiàn)象及其應(yīng)用，下列說(shuō)法正確的有（）

A.雨后路面上的油膜形成的彩色條紋是由光的干涉形成的

B.光照到不透光小圓盤(pán)，在小圓盤(pán)背后陰影區(qū)出現(xiàn)泊松亮斑，說(shuō)明光發(fā)生了干涉

C.光導(dǎo)纖維利用全反射的原理，其內(nèi)芯的折射率大于外套的折射率

D.分別用紫光和綠光為光源用同一裝置做單縫衍射實(shí)驗(yàn)，前者中央亮紋較寬

E.生活中的汽車(chē)?guó)Q笛向我們駛來(lái)，我們會(huì)聽(tīng)到音調(diào)變高，這是聲波的多普勒效應(yīng)

18.某橫波在介質(zhì)中沿x軸正方向傳播，口）時(shí)刻，。點(diǎn)開(kāi)始向正方向運(yùn)動(dòng)，經(jīng)仁0.2s,

。點(diǎn)第一次到達(dá)正方向最大位移處，某時(shí)刻形成的波形如圖所示，下列說(shuō)法正確的

是（）

A.該橫波的波速為5m/s

B.質(zhì)點(diǎn)L與質(zhì)點(diǎn)N都運(yùn)動(dòng)起來(lái)后，它們的運(yùn)動(dòng)方向總相同

C.在0.2s的時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)M通過(guò)的路程為1〃？

D.在仁2.6s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M處于平衡位置，正沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)

E.圖示波形圖可能是/=1.2s時(shí)刻的

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三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共11.0分）

19.某同學(xué)做研究產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件的實(shí)驗(yàn)，將電流表、線圈A和8、蓄電池、開(kāi)關(guān)

用導(dǎo)線接成如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路，當(dāng)他接通、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，電流表的指針都沒(méi)有偏

轉(zhuǎn)，請(qǐng)你幫他查出原因并改正。

20.電流、電壓傳感器是能通過(guò)數(shù)據(jù)采集器采集電流、電壓的大小并直接輸出電流、電

壓數(shù)值的精確測(cè)量?jī)x器。某實(shí)驗(yàn)小組利用電流、電壓傳感器來(lái)做“描繪小燈泡的伏

安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)：

（1）在實(shí)物圖（甲）中，8傳感器應(yīng)該采用（填“電壓傳感器”或“電流

傳感器”）；

（2）在實(shí)物圖（甲）中，已正確連接了部分導(dǎo)線，請(qǐng)完成剩余部分的連接，要求

電壓傳感器的示數(shù)能從零開(kāi)始取值（畫(huà)在答題紙上）；

（3）開(kāi)關(guān)閉合前，圖（甲）中滑動(dòng)變阻器觸頭應(yīng)該處于（填或"b”）

端；

（4）實(shí)驗(yàn)得到小燈泡的伏安特性曲線如圖16（乙）所示?，F(xiàn)將這個(gè)小燈泡接到電

動(dòng)勢(shì)為1.5V,內(nèi)阻為5c的電源兩端，根據(jù)圖16中圖象和該電源輸出電流與路端

電壓的關(guān)系圖線，可以得到小燈泡消耗的功率是W.（結(jié)果保留兩位小數(shù)）

數(shù)據(jù)采集器

甲

四、計(jì)算題（本大題共5小題，共53.0分）

21.如圖所示，質(zhì)量M=1依的絕緣板靜止在水平地面上，與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)內(nèi)=0.1,

金屬框4BCO放在絕緣板上，質(zhì)量相=2超，長(zhǎng)Li=2,〃，寬乙2=1"?,總電阻為0.1Q,

與絕緣板的動(dòng)摩擦因數(shù)總=0.2.S、S2是邊長(zhǎng)為乙=0.5機(jī)的正方形區(qū)域，&中存在

豎直向下、均勻增加的磁場(chǎng)囪，其變化率2=277s；S2中存在豎直向上的勻強(qiáng)磁

△t

場(chǎng)，大小為8=27.將金屬框ABCZ）及絕緣板均由靜止釋放，重力加速度g取10/M/?,

設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，求釋放時(shí)：

（1）金屬框ABC。所受安培力的大小與方向；

（2）金屬框ABCO的加速度大小。

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22.如圖為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，已知電廠的輸出功率為100ZW,輸出電壓為250y升壓

變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為1：20,降壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為20：

1,輸電線的總電阻R=10。，圖中變壓器可視為理想變壓器，求:

(1)圖示中的送電電流/2

(2)用戶得到的電壓a

(3)用戶得到的功率「川。

23.如圖所示，光滑水平軌道MN、尸。和光滑傾斜軌道NF、QE在N、Q點(diǎn)連接，傾

斜軌道傾角為0，軌道間距均為L(zhǎng)軌道足夠長(zhǎng)，且軌道電阻不計(jì)。水平軌道間連

接著阻值為R的電阻，質(zhì)量分別為M、，"，電阻分別為R、r的導(dǎo)體棒a、b分別放

在兩組軌道上，導(dǎo)體棒均與軌道垂直，導(dǎo)體棒”與水平放置的輕質(zhì)彈簧通過(guò)絕緣裝

置連接，彈簧另一端固定在豎直墻壁上。水平軌道所在的空間區(qū)域存在豎直向上的

勻強(qiáng)磁場(chǎng)，傾斜軌道空間區(qū)域存在垂直軌道平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，該磁場(chǎng)區(qū)域僅分

布在QN和EF所在的區(qū)域內(nèi)，QN、E尸間距離為"，兩個(gè)區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度分別

為3、B?,以QN為分界線且互不影響.現(xiàn)在用一外力尸將導(dǎo)體棒。向右拉至某一

位置處，然后把導(dǎo)體棒人從緊靠分界線QN處由靜止釋放，導(dǎo)體棒人在出磁場(chǎng)邊界

斯前己達(dá)到最大速度。當(dāng)導(dǎo)體棒6在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)，撤去作用在。

棒上的外力后發(fā)現(xiàn)〃棒仍能靜止一段時(shí)間，然后又來(lái)回運(yùn)動(dòng)并最終停下來(lái)。求：

(1)導(dǎo)體棒6在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)的最大速度；

(2)撤去外力后，彈簧彈力的最大值；

(3)如果兩個(gè)區(qū)域內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度3=%=8且導(dǎo)體棒的電阻/?=廠，從匕棒開(kāi)始運(yùn)

動(dòng)到。棒最終靜止的整個(gè)過(guò)程中，電阻R上產(chǎn)生的熱量為。，求彈簧最初的彈性勢(shì)

能。

24.如圖所示，一氣缸豎直放在水平地面上，缸體質(zhì)量M=10依，活塞

質(zhì)量m=4kg,活塞橫截面積S=2xW3〃落活塞上面封閉了一定質(zhì)量

的理想氣體，活塞下面與勁度系數(shù)仁2x103的豎直輕彈簧相連,

氣缸底部有氣孔。與外界相通，大氣壓強(qiáng)po=l.Oxl()5pa.當(dāng)氣缸內(nèi)氣體溫度為1270c

時(shí)，彈簧為自然長(zhǎng)度，此時(shí)缸內(nèi)氣柱長(zhǎng)度心=20a”.g取10就52,缸體始終豎直,

活塞不漏氣且與缸壁無(wú)摩擦.

①當(dāng)缸內(nèi)氣柱長(zhǎng)度乙2=24刖時(shí)，缸內(nèi)氣體溫度為多少？

②缸內(nèi)氣體溫度上升到7b以上，氣體將做等壓膨脹，則7b為多少？

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25.如圖所示，AABC是一直角三棱鏡的橫截面，44=30。，48=90°,AC長(zhǎng)度為2a,一

細(xì)光束從AB邊上的。點(diǎn)以與AB邊成45。角射入三棱鏡，AO長(zhǎng)度為gm三棱鏡的

折射率為片隹，光在真空中的傳播速度為c,不考慮多次反射。

②出光束在棱鏡中傳播的光路圖；

②求光束在三棱鏡中傳播的時(shí)間。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：A、牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，但引力常量是卡文迪許測(cè)定的，故A錯(cuò)誤.

8、開(kāi)普勒通過(guò)分析第谷近20年的觀察數(shù)據(jù)，總結(jié)得出了行星運(yùn)動(dòng)三定律，故B錯(cuò)誤.

C、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng).故C錯(cuò)誤.

。、電場(chǎng)和電場(chǎng)線的概念最早是法拉第引入的，故。正確.

故選：D.

牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律.卡文迪許通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了引力常量.開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)

的規(guī)律.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng).法拉第提出了場(chǎng)的觀點(diǎn).

對(duì)于物理學(xué)上重要的發(fā)現(xiàn)，要記清楚，不能張冠李戴，這也是考試內(nèi)容之一.

2.【答案】D

【解析】解：設(shè)銅盤(pán)半徑為凡轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為以磁感應(yīng)強(qiáng)度為8,可將銅盤(pán)看作是

由一條條輻條組成，

則回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=5R2(D,根據(jù)電動(dòng)勢(shì)不變，所以通過(guò)燈泡L的電流大小

不變；

當(dāng)銅盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，每根金屬棒都在切割磁感線，相當(dāng)于電源，由右手定則知，圓盤(pán)中心為

電源正極，盤(pán)邊緣為負(fù)極，通過(guò)燈泡心的電流方向由6到故ABC錯(cuò)誤、。正確。

故選：D。

把銅盤(pán)看做若干條由中心指向邊緣的銅棒組合而成，當(dāng)銅盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，每根金屬棒都在切

割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由右手定則判斷感應(yīng)電流的方向，從而判斷出通過(guò)燈泡L

的電流方向：根據(jù)轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E=/R2S和歐姆定律可判斷

感應(yīng)電流的大小。

本題主要是考查了法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律；對(duì)于導(dǎo)體切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)

電動(dòng)勢(shì)情況有兩種：一是導(dǎo)體平動(dòng)切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，可以根據(jù)石=8八來(lái)計(jì)算；

二是導(dǎo)體棒轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，可以根據(jù)E=|BR2S來(lái)計(jì)算。

第12頁(yè)，共27頁(yè)

3.【答案】D

【解析】解：設(shè)回路中感應(yīng)電流的大小為/,兩金屬導(dǎo)軌間的距離為L(zhǎng),磁場(chǎng)的磁感應(yīng)

強(qiáng)度為瓦導(dǎo)體棒。保持靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，則

導(dǎo)體棒b勻速向右運(yùn)動(dòng)，受力平衡，則尸2=B〃，所以尸產(chǎn)巳。

由于兩根導(dǎo)軌電阻不計(jì)，導(dǎo)軌上電壓不計(jì)，所以口=。2,故ABC錯(cuò)誤，。正確。

故選：Do

導(dǎo)體棒4、b均處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件分析水平拉力的關(guān)系。根據(jù)歐姆定律分析

電壓關(guān)系。

本題關(guān)鍵是分析兩棒的受力情況，運(yùn)用平衡條件分析拉力關(guān)系，由電路知識(shí)分析電壓關(guān)

系。

4.【答案】A

【解析】解：A、該方程式滿足質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒，故A正確；

B、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒可得X的質(zhì)量數(shù)為A=30-30=0,核電荷數(shù)為

Z=15-14=l,即X為正電子;e,故8錯(cuò)誤;

C、設(shè)x次a衰變和y次。衰變，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒可得：238=206+4x,

92=82+2x-y,解得r=8,)=6,故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)原子核的質(zhì)量與比結(jié)合能的關(guān)系圖象可知，中等質(zhì)量的原子核的比結(jié)合能最大,

故。錯(cuò)誤。

故選：4。

根據(jù)裂變的特點(diǎn)分析；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒判斷產(chǎn)生的粒子；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒

與電荷數(shù)守恒，結(jié)合a衰變與。衰變的特點(diǎn)分析發(fā)生衰變的次數(shù)；根據(jù)比結(jié)合能的大小

與原子核的質(zhì)量數(shù)之間的關(guān)系分析。

本題考查的原子物理學(xué)的知識(shí)點(diǎn)較多，難度不大，需要我們?cè)趯W(xué)習(xí)原子物理學(xué)時(shí)全面掌

握各個(gè)知識(shí)點(diǎn)。

5.【答案】D

【解析】解：根據(jù)圖象可知光電管兩端所加電壓為正向電壓，紫外線照射光電陰極材料,

電流表無(wú)示數(shù)，原因是入射光的頻率小于極限頻率，沒(méi)有發(fā)生光電效應(yīng)。

A、光電子的逸出與光強(qiáng)無(wú)關(guān)，增大入射光的強(qiáng)度，不可能有光電子逸出，電流表一定

無(wú)示數(shù)，故A錯(cuò)誤；

8、增大入射光的頻率，如果還不能發(fā)生光電效應(yīng)，則電流表仍然無(wú)示數(shù)，故B錯(cuò)誤；

C、減小入射光的頻率，不可能發(fā)生光電效應(yīng)，電流表一定無(wú)示數(shù)，故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)『加，減小入射光的波長(zhǎng)，相對(duì)于增大入射光的頻率，如果入射光的頻率大于

金屬的極限頻率，則會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，電流表有示數(shù)；如果還不能發(fā)生光電效應(yīng)，則電

流表仍然無(wú)示數(shù)，故。正確。

故選:Do

紫外線照射光電陰極材料，電流表無(wú)示數(shù)，原因是入射光的頻率小于極限頻率，沒(méi)有發(fā)

生光電效應(yīng)，根據(jù)給出的條件，分析能否發(fā)生光電效應(yīng)，由此確定電流表是否有示數(shù)。

本題主要是考查光電效應(yīng)，掌握光電效應(yīng)發(fā)生的條件，知道光電管的工作原理。

6.【答案】A

【解析】解：A.根據(jù)有效值的定義/2/?7=瑜2成+2?尾，解得：/=島，故A正確;

B.直流不通過(guò)變壓器，副線圈電流只有半個(gè)周期，由電流與匝數(shù)成反比知副線圈電流

的最大值為4A,根據(jù)有效值的定義《）2"=f2RT

解得/2=2A,由歐姆定律U2=/2R2=2AX3O=6匕故B錯(cuò)誤；

CD.R、&的功率分別為PI亞）2X5W=I5W,p_^W=\2W,故CD錯(cuò)誤。

故選：A。

根據(jù)有效值的定義求出原線圈的電流有效值，即電流表的讀數(shù)；根據(jù)變壓器點(diǎn)電流之比

為匝數(shù)的反比，結(jié)合有效值的定義求出副線圈電流的有效值，由歐姆定律求出副線圈電

壓的有效值；根據(jù)P=FR，或者求Ri和凡的功率。

A

本題考查變壓器的原理和有效值的計(jì)算，注意變壓器“通交流，阻直流”的特性，根據(jù)

有效值的定義求交流電的有效值，電流表和電壓表的讀數(shù)為有效值。

7.【答案】A

第14頁(yè)，共27頁(yè)

【解析】解：ABD、由圖乙可知：A光和C光對(duì)應(yīng)的遏止電壓相同且小于B光對(duì)應(yīng)的遏

止電壓，根據(jù)光電效應(yīng)方程式均產(chǎn)^用版%“可知：B光對(duì)應(yīng)的光電子最大初動(dòng)能最大,

而且B光的頻率高于A光和C光的頻率，根據(jù)片，可知：A、C兩束光的波長(zhǎng)相同，要

比3的波長(zhǎng)長(zhǎng)，

根據(jù)光子能量E=/?v=傷和光子的動(dòng)量可知3光束光子的動(dòng)量最大，故A正確，BD

錯(cuò)誤；

C、由圖可知，。的飽和電流最大，因此。光束照射時(shí)單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)量最

多，故C錯(cuò)誤。

故選：Ao

根據(jù)光電效應(yīng)方程式E*后力n-Wo=eU?知入射光的頻率越高，對(duì)應(yīng)的截止電壓U,越大。

從圖象中看出，B光對(duì)應(yīng)的截止電壓口最大，所以b光的頻率最高，8光的波長(zhǎng)最短，

B光對(duì)應(yīng)的光電子最大初動(dòng)能也最大。

解決本題的關(guān)鍵掌握截止電壓、截止頻率，以及理解光電效應(yīng)方程式品行和-Wb=e”,

理解/與U的圖象的橫、縱截距的含義，是解題的關(guān)鍵。

8.【答案】D

【解析】解：A、由圖可知，U0時(shí)刻"=0,根據(jù)法拉第定律知，磁通量變化率為零，而

磁通量最大.故A錯(cuò)誤；

B、由電動(dòng)勢(shì)的最大值E“=NBS（o,則兩個(gè)電壓最大之值比U.：ai,=Th：7>3：

2,則交流電力電壓的最大值為5K故B錯(cuò)誤。

C、周期分別為〃=0.4S,%=0.6s,得線圈先后兩次周期之比■：Th=2：3.故C錯(cuò)誤；

D、由圖電壓最大值〃=10匕周期7；=0.4S,9聾=5仲adis,交流電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式

為M=t/?Isin?>/=10sin5nrV.故￡）正確。

故選：D。

/=0時(shí)刻電壓為零，由法拉第電磁感應(yīng)定律分析磁通量。由圖讀出電壓最大值U,,”周期

T,由<0=微求出，寫(xiě)出交流電〃的瞬時(shí)值表達(dá)式。由周期關(guān)系求出轉(zhuǎn)速關(guān)系。

本題考查對(duì)交流電壓圖象的理解能力。難點(diǎn)在于C選項(xiàng)，要根據(jù)電動(dòng)勢(shì)最大值表達(dá)式研

究電壓最大值之間的關(guān)系。至于電壓與磁通量的關(guān)系，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析。

9.【答案】A

【解析】解：A、放射性元素的原子核放出a粒子時(shí)，a粒子與反沖核的速度相反，而

電性相同，則兩個(gè)粒子受到的洛倫茲力方向相反，兩個(gè)粒子的軌跡應(yīng)為外切圓；而放射

性元素的原子核放出B粒子時(shí)，0粒子與反沖核的速度相反，而電性相反，則兩個(gè)粒子

受到的洛倫茲力方向相同，兩個(gè)粒子的軌跡應(yīng)為內(nèi)切圓。故A放出的是a粒子，B放出

的是P粒子，故A正確；

8、根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)的向心力由洛倫茲力提供，有

qvB=m，

整理可得

其中發(fā)出的粒子與反沖核的動(dòng)量相等，而反沖核的電荷量大，故軌跡半徑小，故人為a

粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，c為|3粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，故8錯(cuò)誤；

C、根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知，“軌跡中粒子和匕軌跡中的粒子動(dòng)量大小相等，故C錯(cuò)誤；

。、粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，磁場(chǎng)方向不同，粒子旋轉(zhuǎn)的方向相反，由于a粒子

和B粒子的速度方向未知，不能判斷磁場(chǎng)的方向，故。錯(cuò)誤；

故選:Ao

A、根據(jù)a粒子和p粒子的電性與反沖核電性關(guān)系，判斷圓周軌跡的關(guān)系判斷對(duì)應(yīng)的粒

子；

8、利用洛倫茲力提供向心力，結(jié)合電荷量關(guān)系，判斷粒子對(duì)應(yīng)的軌跡；

C、利用動(dòng)量守恒定律判斷粒子的動(dòng)量大小關(guān)系；

￡＞、由于a粒子和。粒子的速度方向未知，不能判斷磁場(chǎng)的方向。

本題考查原子核衰變以及帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，注意放射性元素放射過(guò)程中，

系統(tǒng)不受外力作用，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒。

10.【答案】C

【解析】解：A、設(shè)Z_abc=20,由苗桿所受的磁場(chǎng)力的大小:F=BlL=Bb2vftanG,可知

所受的拉力隨著時(shí)間，的延長(zhǎng)而增大。故A錯(cuò)誤。

BD,根據(jù)拉第電磁感應(yīng)定律得知，電路中磁通量的變化率等于回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)

勢(shì)，而感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)8、v不變，有效切割的長(zhǎng)度L增加，則電路中磁通量的變

化率和感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)都增加。故8、。錯(cuò)誤。

第16頁(yè)，共27頁(yè)

C、設(shè)金屬材料的電阻率為P，截面積為S,導(dǎo)體棒從2點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為/,

Z.ahc=2Q.則回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=28?W?tanO

回路的電阻R=p竺學(xué)三電路中感應(yīng)電流的大小/幸嬴京京；B、S、p、。均不變，

則/不變。故C正確；

故選：Co

根據(jù)拉第電磁感應(yīng)定律得知，電路中磁通量的變化率等于回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，隨

著有效切割長(zhǎng)度的增加而增加.根據(jù)電阻定律和歐姆定律分析電流是否變化.由安培力

公式F=B/L分析安培力的變化.

本題是電磁感應(yīng)中電路問(wèn)題，考查綜合運(yùn)用電磁感應(yīng)規(guī)律和電路知識(shí)的能力.

11.【答案】BD

【解析】由圖中電流隨時(shí)間的變化圖象，可直接了解交變電流的最大值、周期、電流的

瞬時(shí)值及其方向的變化。由圖可知，該正弦式交變電流的周期T=0.02s,電流的最大值

/,“=20A

1

則交變電流的頻率為戶7=50Hz

電流的有效值為/=/=1072A

該交變電流瞬時(shí)值的表達(dá)式為

z=/msin27t//=20sin1OOnt

故選B。

12.【答案】CD

【解析】解：A、開(kāi)關(guān)S閉合瞬間，心的電路中由于線圈對(duì)電流的阻礙作用，心會(huì)逐漸

亮，故A錯(cuò)誤；

8、開(kāi)關(guān)S閉合狀態(tài)下二極管上的電壓為正向電壓，二極管導(dǎo)通，所以開(kāi)關(guān)S閉合瞬間，

匕均立即變亮，故B錯(cuò)誤；

CD,各支路的電阻相等，則電路中的電流穩(wěn)定時(shí)各支路的電流相等；開(kāi)關(guān)S從閉合狀

態(tài)突然斷開(kāi)時(shí)，上、L3中原來(lái)的電流都消失；線圈工產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)要維持原來(lái)的電流,

所以自感電動(dòng)勢(shì)方向向右，此時(shí)乙2的電路中的二極管兩端的電壓為反向電壓，電流不

能從右向左通過(guò)二極管，所以乙2立即熄滅：此時(shí)線圈L與燈L、乙3組成自感回路，Ll

中電流的方向不變，心中電流的方向與開(kāi)始時(shí)相反，心、心均逐漸變暗，故CQ正確。

故選：CD。

二極管具有單向?qū)щ娦裕Y(jié)合正向電壓與反向電壓分析；閉合開(kāi)關(guān)的瞬間，通過(guò)L的電

流增大，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)楞次定律分析電流的變化，判斷通過(guò)兩燈電流的關(guān)系.待

電路穩(wěn)定后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，分析通過(guò)兩燈的電流關(guān)系，判斷兩燈是否

同時(shí)熄滅.

記住自感線圈對(duì)電流突變時(shí)的阻礙：閉合開(kāi)關(guān)瞬間乙相當(dāng)于斷路，穩(wěn)定后L相當(dāng)于一段

導(dǎo)線，斷開(kāi)瞬間L相當(dāng)于電源，注意二極管的單向?qū)ㄐ浴?/p>

13.【答案】AC

【解析】解：AB,線圈中的感應(yīng)電流決定于磁感應(yīng)強(qiáng)度8隨/的變化率。

由圖可知，0?1s時(shí)間內(nèi)，3增大，①增大，感應(yīng)磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相反（感應(yīng)磁場(chǎng)的

磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向向外），由右手定則感應(yīng)電流是逆時(shí)針的，因而是正值。所以可判斷

0?1s為正的恒值；

1?3s磁通量不變，所以無(wú)感應(yīng)電流，

3?4sB的方向垂直紙面向外，根據(jù)楞次定律得感應(yīng)電流是逆時(shí)針的，因而是正值。

由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電流的大小恒定，

所以可判斷3?4s為正的恒值；A正確、8錯(cuò)誤。

CD、0?Is時(shí)間內(nèi)，時(shí)邊感應(yīng)電流是向下的，

ab邊所受的安培力F=B/L,根據(jù)左手定則得安培力方向向右為正值，由于B隨時(shí)間均

勻增大，/不變，

所以安培力F隨時(shí)間f均勻增大，

1?3s無(wú)感應(yīng)電流，沒(méi)有安培力，

3?4s時(shí)間內(nèi)，曲邊感應(yīng)電流是向下的，

外邊所受的安培力尸=8〃，根據(jù)左手定則得安培力方向向左為負(fù)值，由于B隨時(shí)間均

第18頁(yè)，共27頁(yè)

勻減小，/不變，

所以安培力F隨時(shí)間r均勻減小，故C正確，。錯(cuò)誤；

故選：AC。

由圖可知磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化，則可知線圈中磁通量的變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變化情況，由楞次定律可得感應(yīng)電流的方向，根據(jù)左手定則可以找出安培力

方向，結(jié)合可得出正確的圖象。

此類(lèi)問(wèn)題不必非要求得電動(dòng)勢(shì)的大小，應(yīng)根據(jù)楞次定律判斷電路中電流的方向，結(jié)合電

動(dòng)勢(shì)的變化情況即可得出正確結(jié)果。

14.【答案】AD

【解析】試題分析：由圖可知電荷N受到中心電荷的斥力，而電荷M受到中心電荷的

引力，故兩粒子的電性一定不同.由于中心電荷為正電，則M一定是負(fù)離子，N一定是

正離子，故A正確；由圖可判定M電荷在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力先做正功侯做負(fù)功，故8

錯(cuò)誤；由于三點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，故粒子M在從。向人運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力所做的總

功為0,N粒子在從。向c?運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力所做的總功為0.由于兩粒子以相同的速

率從a點(diǎn)飛入電場(chǎng)故兩粒子的分別經(jīng)過(guò)氏c兩點(diǎn)時(shí)的速率一定相等.故C錯(cuò)誤.由圖

可知N粒子在從。向q運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功的值大于粒子M在從p向b運(yùn)動(dòng)過(guò)程

中電場(chǎng)力做負(fù)功的值，故/從P-6過(guò)程電勢(shì)能的增量一定小于N從aiq電勢(shì)能的增

量.故。正確.

考點(diǎn)：本題考查電勢(shì)能，定能定理的應(yīng)用。

15.【答案】ADE

【解析】解：A、氣體放出熱量，若外界對(duì)其做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知內(nèi)能可能

增大，其分子的平均動(dòng)能可能增大，故A正確；

8、質(zhì)量相等的氫與氧比較，氫的物質(zhì)的量較多；溫度相等則分子的平均動(dòng)能相等，所

以在不考慮分子勢(shì)能的情況下，質(zhì)量和溫度相同的氫氣和氧氣內(nèi)能不相同，故8錯(cuò)誤；

C、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)，不是分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

。、天然石英表現(xiàn)為各向異性，是由于組成該物質(zhì)的微粒在空間的排列是規(guī)則的，具有

空間上的周期性，故。正確；

E、液體表面張力產(chǎn)生的原因是：液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，

表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用

表現(xiàn)為引力，某些小昆蟲(chóng)在水面上行走自如，是因?yàn)椤耙后w的表面張力”，該力是分子

力的宏觀表現(xiàn)。故E正確。

故選：ADE。

根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析；內(nèi)能與物質(zhì)的量、溫度、體積等都有關(guān)；石英晶體中的離子

排列是規(guī)則的；根據(jù)表面張力的特點(diǎn)分析。

本題考查熱力學(xué)第一定律、內(nèi)能、布朗運(yùn)動(dòng)以及表面張力等，知識(shí)點(diǎn)多，難度不大，關(guān)

鍵是記住基礎(chǔ)知識(shí)。

16.【答案】ACE

【解析】解：A、由圖示可知，必過(guò)程，氣體壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度成正比，則氣體發(fā)生等

容變化，氣體體積不變，外界對(duì)氣體不做功，氣體溫度升高，內(nèi)能增大，由熱力學(xué)第一

定律可知，氣體吸收熱量，故A正確；

3、由圖示圖象可知，6c過(guò)程氣體發(fā)生等溫變化，氣體內(nèi)能不變，壓強(qiáng)減小，由玻意耳

定律可知，體積增大，氣體對(duì)外做功，由熱力學(xué)第一定律AU=Q+W可知，氣體吸熱，

故8錯(cuò)誤；

C、由圖象可知，或過(guò)程氣體壓強(qiáng)不變，溫度降低，由蓋-呂薩克定律可知，其體積減小,

外界對(duì)氣體做功，W>0,氣體溫度降低，內(nèi)能減少，AUVO,由熱力學(xué)第一定律可知，

氣體要放出熱量，過(guò)程s中外界對(duì)氣體所做的功小于氣體所放熱量，故C正確；

D、由圖象可知，a狀態(tài)溫度最低，分子平均動(dòng)能最小，故。錯(cuò)誤；

E、〃和c兩個(gè)狀態(tài)中，氣體的溫度相同、分子平均動(dòng)能相同，但人狀態(tài)的壓強(qiáng)大于c

狀態(tài)的壓強(qiáng)，容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)匕大于c,不相同，

故E正確。

故選：ACE.

由圖示圖象判斷氣體的狀態(tài)變化過(guò)程，應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程判斷氣體體積如何變化，

然后應(yīng)用熱力學(xué)第一定律答題。

本題考查理想氣體的狀態(tài)方程中對(duì)應(yīng)的圖象，分析清楚圖示圖象、知道一定質(zhì)量的理想

氣體內(nèi)能由氣體的溫度決定即可解題，解題時(shí)要抓住在P-T圖象中等容線為過(guò)原點(diǎn)的直

線。

第20頁(yè)，共27頁(yè)

17.【答案】ACE

【解析】解：A、油膜形成的彩色條紋，是由油膜的前后表面反射光，進(jìn)行光的疊加，

形成的干涉條紋，故A正確；

8、光照到不透光小圓盤(pán)，在小圓盤(pán)背后陰影區(qū)出現(xiàn)泊松亮斑，說(shuō)明光能繞過(guò)障礙物，

發(fā)生了衍射，故B錯(cuò)誤；

C、光導(dǎo)纖維利用全反射的原理，根據(jù)全反射的條件可知，其內(nèi)芯的折射率大于外套的

折射率，故C正確；

。、紫色光的波長(zhǎng)小于綠色光的波長(zhǎng)，分別用紫光和綠光為光源用同一裝置做單縫衍射

實(shí)驗(yàn)，根據(jù)干涉間距公式4%知，前者中央亮紋較窄，故。錯(cuò)誤；

E、當(dāng)正在鳴笛的汽車(chē)向著我們急駛而來(lái)時(shí)，我們聽(tīng)到汽笛聲的音調(diào)變高。音調(diào)變高就

是頻率變高，因此這是多普勒效應(yīng)現(xiàn)象，故E正確。

故選：ACE。

油膜形成的彩色條紋是由光的干涉形成的；根據(jù)泊松亮斑產(chǎn)生的原理分析；當(dāng)光密介質(zhì)

進(jìn)入光疏介質(zhì)，且入射角不小于臨界角，即可發(fā)生光的全反射：根據(jù)干涉條紋的寬度公

式4%=基分析；當(dāng)正在鳴笛的汽車(chē)向著我們急駛而來(lái)時(shí)，音調(diào)變高，音調(diào)變高就是頻

率變高，這是多普勒效應(yīng)現(xiàn)象。

該題考查光的干涉、衍射、全反射、以及多普勒效應(yīng)等，掌握光的全反射條件，及光的

干涉條紋寬度公式是關(guān)鍵。

18.【答案】ADE

【解析】解：A、根據(jù)。點(diǎn)從平衡位置開(kāi)始向正方向運(yùn)動(dòng)，第一次運(yùn)動(dòng)到正方向最大位

移處的時(shí)間r=0.2s可得：周期7M).8s；

由圖可得：波長(zhǎng)入=4,〃，故波速u(mài)=*=5m/s,故A正確；

B、L、N平衡位置間的距離為)，故運(yùn)動(dòng)總是相反，故B錯(cuò)誤；

C、在0.2s=#時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程在(0,2A)范圍內(nèi)，由圖可得：振幅A=20c〃?=02〃,

故C錯(cuò)誤；

E、根據(jù)波向右傳播可得：圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)。向下振動(dòng)；由仁0時(shí)質(zhì)點(diǎn)。在平衡位置向上

振動(dòng)可得圖示波形的時(shí)刻為t=(n+=0.8n+0.4(s);故E正確；

I）、由/=2.6s=2x0.8+0.4+0.6（s）,s'=W=5/n/sxO.6s=3/n可得：在Z=2.6s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)M振

動(dòng)和圖時(shí)時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)。振動(dòng)一致，故質(zhì)點(diǎn)M在平衡位置，向下振動(dòng)，故。正確；

故選：ADE.

根據(jù)質(zhì)點(diǎn)。振動(dòng)得到周期，由圖得到波長(zhǎng)，即可求得波速；根據(jù)平衡位置間距離由波的

傳播方向得到質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)關(guān)系；根據(jù)周期和振幅由運(yùn)動(dòng)時(shí)間得到路程；根據(jù)質(zhì)點(diǎn)0的振動(dòng)

由周期得到圖時(shí)時(shí)刻，進(jìn)而得到質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)。

機(jī)械振動(dòng)問(wèn)題中，一般根據(jù)振動(dòng)圖或質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)得到周期、質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向；再根據(jù)波形圖

得到波長(zhǎng)和波的傳播方向，從而得到波速及質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)，進(jìn)而根據(jù)周期得到路程。

19.【答案】解：由電路圖可知，開(kāi)關(guān)接在電流表所在電路，開(kāi)關(guān)連接錯(cuò)誤，閉合與斷

開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，通過(guò)螺線管A的電流不變，穿過(guò)螺線管8的磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生,

電流表指針不偏轉(zhuǎn)；

改正為：只要將開(kāi)關(guān)連接入蓄電池、線圈A,滑動(dòng)變阻器電路即可，

答：開(kāi)關(guān)連接錯(cuò)誤，改正為：將開(kāi)關(guān)移入蓄電池、線圈4滑動(dòng)變阻器電路中。

【解析】在探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)中，電流表與小螺線管組成閉合回路，電源、開(kāi)關(guān)、

大螺線管組成電路；分析電路圖，然后答題。

知道探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的電路由兩部分電路構(gòu)成，注意分析清楚電路結(jié)構(gòu)是正確解題的

關(guān)鍵。

20?【答案】電流傳感器a0.10

【解析】解：（1）由圖可知，B傳感器與電路是串聯(lián)關(guān)系,

故應(yīng)為電流傳感器；

第22頁(yè)，共27頁(yè)

（2）由題意可知，實(shí)驗(yàn)要求電壓值從零開(kāi)始調(diào)節(jié)，故應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，實(shí)

驗(yàn)電路如圖所示；

（3）滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前滑片應(yīng)置于。端；

（4）在燈泡1-U圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的1-U圖象如圖所示：

由圖示圖象可知，燈泡兩端電壓為：t/=1.0V

通過(guò)燈泡的電流為：/=0/04

燈泡實(shí)際功率為：P=W=1.0x0.10=0.10IV；

故答案為：（1）電流傳感器；（2）實(shí)物電路圖如圖所示；（3）a；（4）0.10。

（1）明確電路結(jié)構(gòu)，知道電壓表和電流表的接法即可得出結(jié)果；

（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求確定實(shí)驗(yàn)電路圖，從而連接實(shí)物圖即可；

（3）根據(jù)分壓接法的性質(zhì)，并且應(yīng)要求測(cè)量部分電壓從零開(kāi)始調(diào)節(jié)；

（4）在燈泡伏安特性曲線坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的/-U圖線，求出燈泡兩端電壓與通過(guò)燈

泡的電流，由尸=山求出燈泡的實(shí)際功率。

本題考查測(cè)量燈泡的伏安特性曲線的性質(zhì)，要注意明確傳感器的應(yīng)用，并明確實(shí)驗(yàn)要求,

同時(shí)注意掌握伏安特性曲線的性質(zhì)；應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理方

法，要掌握應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法。

21.【答案】解：（1）釋放金屬框時(shí)，由法拉第電磁感應(yīng)定律得,

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=W=

△L△t△L

感應(yīng)電流/哈

1\

安培力：F=B2IL

代入數(shù)據(jù)解得：F=5N,

由左手定則可知，安培力方向：水平向右。

(2)假設(shè)金屬框與絕緣板能相對(duì)靜止，一起勻加速，

對(duì)整體，由牛頓第二定律得：

F-pii(M+m)(M+tn)a,

代入數(shù)據(jù)解得：。=|加$2

設(shè)此時(shí)金屬框與絕緣板間的摩擦力大小為了,

由牛頓第二定律得：

代入數(shù)據(jù)解得：脛扣,

而金屬框與絕緣板之間的最大靜摩擦力為

fm=amg=4N>f,

假設(shè)成立，金屬框與絕緣板能相對(duì)靜止一起加速，

金屬框此時(shí)的加速度大小為a=lmist

答：(1)金屬框ABCD所受安培力的大小為5N,方向：水平向右：

2

(2)金屬框AB。的加速度大小為利加2。

【解析】(1)應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，應(yīng)用歐姆定律求出感應(yīng)電流,

應(yīng)用安培力公式求出安培力，應(yīng)用左手定則判斷安培力方向。

(2)應(yīng)用牛頓第二定律可以求出金屬框的加速度大小。

本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律，分析清楚磁場(chǎng)變化過(guò)程，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、

歐姆定律與安培力公式、牛頓第二定律可以解題。

22.【答案】解：(1)由￡=￡得:U2=

又P2=P\=100kw

而輸電線上的電流為：/2=；=喘％=204

U?3UUU

(2)輸電線上損失的電壓為：U=/2XR級(jí)=20x10=200(V)

降壓前的電壓為：5=5-U=4800V

用戶得到的電壓必，有：<得：5=240V

U3

(3)損失的功率為：Ptt—I,rRt^Akw

用戶得到的功率：P)u=Pi-/22/?s=100000-4000=96(.kw)

答：(1)圖示中的送電電流A為20A

第24頁(yè)，共27頁(yè)

(2)用戶得到的電壓為240V

(3)用戶得到的功率P用為96AW

【解析】(1)根據(jù)原副線圈中電壓之比與匝數(shù)成正比可求得升壓變壓器副線圈兩端的

電壓，根據(jù)P=W求得電流；

(2)根據(jù)40="求得輸送線路上損失的電壓，即可求得降壓變壓器原線圈中的電壓，

根據(jù)電壓之比與匝數(shù)成正比即可求得；

(3)根據(jù)心，求得損失的電壓，即可求得用戶得到的功率

明確匝數(shù)比與電流成反比，與電壓成正比，想法求得電流與電壓之比是解題的關(guān)鍵

23.【答案】解：(1)導(dǎo)體棒人切割磁感應(yīng)線時(shí)分相當(dāng)于電源，外電路是。與H并聯(lián)，

并聯(lián)電阻為：R產(chǎn)篝

n-rn4

6棒達(dá)到最大速度時(shí)，設(shè)6桿中的電流為/,由平衡條件得：，〃gsinO=尸安=員〃，

b棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E=B2LV-

感應(yīng)電流：I=R~

2+r