2022年河北省廊坊市彭村中學高二物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）如圖所示是一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖．已知這列波沿x軸正方向傳播，波速為20m/s，則在t=0.17s時該質點P

（

） A．速度和加速度都沿-y方向 B．速度沿+y方向，加速度沿-y方向 C．速度和加速度均正在增大 D．速度正在增大，加速度正在減少參考答案：AD2.（單選）如圖所示長方體金屬塊放在勻強磁場中，有電流通過金屬塊，如圖所示，則下面關于金屬塊上下表面電勢高低的說法中，正確的是(

)A．金屬塊上、下表面電勢相等B．金屬塊上表面電勢高于下表面電勢C．金屬塊上表面電勢低于下表面電勢D．無法比較上、下表面的電勢高低參考答案：C3.（多選題）如圖所示，平行金屬板之間有一個很強的磁場，將一束含有大量正、負帶電粒子的等離子體，沿圖中所示方向噴入磁場．圖中虛線框部分相當于發(fā)電機．把兩個極板與用電器相連，則（）A．用電器中的電流方向從A到BB．用電器中的電流方向從B到AC．若板間距及粒子的噴入速度不變，增強磁場，發(fā)電機的電動勢增大D．若磁場及板間距不變，增大噴入粒子的速度，發(fā)電機的電動勢增大參考答案：ACD【考點】帶電粒子在混合場中的運動．【分析】先根據左手定則判斷出正離子（或負離子）受到的洛倫茲力方向，從而判斷出金屬板電勢的高低，進一步分析離子除受洛倫茲力外還受到電場力，最終二者達到平衡，得出結論．【解答】解：AB、首先對等離子體進行動態(tài)分析：開始時由左手定則判斷正離子所受洛倫茲力方向向上（負離子所受洛倫茲力方向向下），則正離子向上板聚集，負離子則向下板聚集，兩板間產生了電勢差，即金屬板變?yōu)橐浑娫?，且上板為正極、下板為負極，所以通過用電器的電流方向從A到B，故A正確，B錯誤；CD、此后的正離子除受到向上的洛倫茲力f外還受到向下的電場力F，最終兩力達到平衡，即最終等離子體將勻速通過磁場區(qū)域，因f=qvB，F(xiàn)=q，則qvB=q，解得E=Bdv，所以電動勢E與速度v及磁場B成正比，所以C正確D正確．故選：ACD．4.如圖所示為一個彈簧振子做受迫振動時的振幅與驅動力的頻率之間的關系圖象，下列說法中不正確的是

A．振子受迫振動的頻率為f2時，它處于共振狀態(tài)B．驅動力的頻率為f3時，振子振動頻率為f3C．假如讓彈簧振子自由振動，它的頻率為f2D．彈簧振子自由振動時，頻率可以為f1、f2或f3參考答案：D5.智能手機耗電量大，移動充電寶應運而生，它是能直接給移動設備充電的儲能裝置．充電寶的轉化率是指電源放電總量占電源容量的比值，一般在0.60﹣0.70之間（包括移動電源和被充電池的線路板、接頭和連線的損耗）．如圖為某一款移動充電寶，其參數見如表，下列說法正確的是（）A.充電寶充電時將電能轉化為內能B.該充電寶最多能儲存能量為3.6×l06JC.該充電寶電量從零到完全充滿電的時間約為2hD.該充電寶給電量為零、容量為3000mAh的手機充電，則理論上能充滿4次參考答案：D充電寶充電時將電能轉化為化學能，不是內能；故A錯誤；該充電寶的容量為：q=20000mAh=20000×10-3×3600=7.2×104C；該電池的電動勢為5V，所以充電寶儲存的能量：E=E電動勢?q=5×7.2×104=3.6×105J；故B錯誤；以2A的電流為用電器供電則供電時間；故C錯誤；由于充電寶的轉化率是0.6，所以可以釋放的電能為：20000mA?h×0.6=12000mAh，給容量為3000mAh的手機充電的次數：；故D正確；故選D．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.在探究求合力的方法時，先將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上帶有繩套的兩根細繩。實驗時，需要兩次拉伸橡皮條，一次是通過兩細繩套用兩個彈簧秤互成角度地拉橡皮條，另一次是用一個彈簧秤通過細繩套拉橡皮條。在兩次拉伸橡皮條時，要將橡皮條和繩的結點拉到_______位置,這樣做是為了保證合力和分力作用效果的________性。參考答案：7.做簡諧運動的物體，完成40次全振動用時間80s，這個物體周期T=

s。參考答案：28.（4分）如圖所示是LC振蕩電路在某一時刻電容內場強方向和振蕩電流方向，由此可知，電容正在

（充電、放電），線圈中電流正在

（增大、減小、不變），若電流振蕩周期T=л×10—4s，電容C=250μF，則線圈的自感系數L=

H。參考答案：充電（1分）、減?。?分）、10—5（2分）9.電磁灶是利用

原理制成的，它在灶內通過交變電流產生交變磁場，使放在灶臺上的鍋體內產生

而發(fā)熱。參考答案：10.如圖所示，有一夾角為θ的金屬角架，角架所圍區(qū)域內存在勻強磁場，磁場的磁感強度為B，方向與角架所在平面垂直，一段直導線ab，從頂角c貼著角架以速度v向右勻速運動。t時刻角架的瞬時感應電動勢為

；t時間內角架的平均感應電動勢為

。

參考答案：Bv2ttanθ；Bv2ttanθ(1)ab桿向右運動的過程中切割磁感線，構成回路的長度不斷變大，感應電動勢的大小不斷變化。在t時間內設位移為x，則x＝vt ①切割長度L＝xtanθ ②E＝BLv ③聯(lián)立①②③得E＝Bv2ttanθ ④(2)由法拉第電磁感應定律得＝ ⑤ΔΦ＝S·B＝x·L·B ⑥聯(lián)立①②⑤⑥得＝Bv2ttanθ。11.（4分）兩塊帶電的平行金屬板相距10㎝，兩板之間的電勢差為U=9.0×103V。在兩板之間與兩板等距離處有一帶電的塵埃，帶有q=－1.6×10-7C的電荷，這顆塵埃受到的電場力為

；這顆塵埃在電場力的作用下運動到帶正電的金屬板上，電場力所做的功為

。參考答案：1.44×10-2N

；7.2×10-4J12.如圖所示，Ⅰ和Ⅱ是一對異名磁極，ab為放在其間的金屬棒。ab和cd用導線連成一個閉合回路。當ab棒向左運動時，cd導線受到向下的磁場力。由此可知Ⅰ是▲極，a點電勢▲（填“大于”或“小于”）b點電勢。參考答案：13.如圖甲所示，在電場強度為E的勻強電場中，a，b兩點之間的距離為L，a，b連線與場強方向的夾角為θ，則a、b兩點電勢差為Uab=

參考答案：Uab=Elcosθ三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在練習使用多用電表的實驗中（1）某同學使用多用電表的歐姆檔粗略測量一定值電阻的阻值，先把選擇開關旋到“”擋位，測量時指針偏轉如圖1所示．以下是接下來的測量過程：a.將兩表筆短接，調節(jié)歐姆檔調零旋鈕，使指針對準刻度盤上歐姆檔的零刻度，然后斷開兩表筆b旋轉選擇開關至交流電壓最大量程處（或“OFF”擋），并拔出兩表筆c.將選擇開關旋到“”擋d.將選擇開關旋到“”擋e.將選擇開關旋到“”擋f.將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端，讀出阻值，斷開兩表筆以上實驗步驟中的正確順序是______（填寫步驟前的字母）．（2）重新測量后，指針位于如圖2所示位置，被測電阻的測量值為______．（3）如圖3所示為歐姆表表頭，已知電流計的量程為，電池電動勢為，則該歐姆表的內阻是______，表盤上刻度線對應的電阻值是______．（4）為了較精確地測量另一定值電阻的阻值，采用如圖4所示的電路．電源電壓U恒定，電阻箱接入電路的阻值可調且能直接讀出．①用多用電表測電路中的電流，則與a點相連的是多用電表的_____（選填“紅”或“黑”）表筆．②閉合電鍵，多次改變電阻箱阻值R，記錄相應的R和多用電表讀數I，得到的關系如圖5所示．不計此時多用電表的內阻．則=_____，電源電壓U=______V．參考答案：

(1).adfb

(2).2200

(3).3

(4).2

(5).紅

(6).100

(7).4【詳解】（1）由圖可知，把選擇開關旋到“×10”擋位時，指針偏轉角度過小，則可知歐姆檔檔位選擇過低，則應該選擇“×100”擋；按照歐姆表的使用規(guī)則，可知以上實驗步驟中的正確順序是：adfb；（2）如圖所示，則被測電阻的測量值為22×100Ω=2200Ω．（3）該歐姆表的內阻是，由，解得，即表盤上30μA刻度線對應的電阻值是2kΩ．（4）①用多用電表測電路中的電流，按照“紅進黑出”的原則，與a點相連的是多用電表的紅表筆．②根據圖所示電路圖，由閉合電路歐姆定律可得：，故由圖可得：，所以，Ry=100Ω，U=4V；15.某同學欲利用如圖1所示的實驗裝置來測量滑塊與斜面間動摩擦因數的大小，其實驗步驟如下：（1）該同學將斜面傾角調整為θ，釋放滑塊后，打點計時器打出的部分紙帶如圖2所示，已知打點計時器使用的是頻率為50Hz的交流電，且紙帶上相鄰兩計數點之間還有4個點未畫出，由此可計算出滑塊在斜面上的加速度大小為a=

m/s2（計算結果保留2位有效數字）．（2）已知當地的重力如速度大小為g，該同學利用其學習的牛頓運動定律知識，寫出滑塊與斜面間的動摩擦因數μ的表達式μ=

．（3）由于在實驗時沒有考慮滑塊在下滑過程中受到的空氣阻力及紙帶與打點計時器之間的摩擦，你認為該同學測得的動摩擦因數與真實值相比應

（填“偏大“、“偏小“或“不變“）參考答案：解：（1）相鄰兩計數間的時間間隔T=0.1s、利用逐差法可知加速度為：=m/s2=5.6m/s2（2）通過受力分析，有牛頓第二定律可知：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma解得：（3）滑塊在下滑過程中受到的空氣阻力及紙帶與打點計時器之間的摩擦，測得的動摩擦因數比真實值偏大故答案為；（1）5.6

（2）

（3）偏大四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，一個靜止在光滑水平面上的物體，質量是2kg，在水平方向受到的拉力大小是10N．求：（1）物體運動時的加速度大小a；（2）物體在4s內的位移大小x．參考答案：(1)

(2)【分析】由牛頓第二定律得到物體的加速度，由位移時間關系得到物體在4s內的位移。解：（1）物體運動時的加速度大?。海?）物體在4s內的位移大?。骸军c睛】本題屬于牛頓第二定律的應用中已知受力情況求解運動情況的類型，加速度是將力與運動聯(lián)系起來的橋梁。17.如圖甲所示，在坐標系xoy內，沿x軸分成寬度均為L=0.30m的區(qū)域，其間存在電場和磁場。電場方向沿x軸負方向，電場強度大小是E0=1.5×104V/m；磁場方向垂直坐標平面且規(guī)定方向向里為正，磁感應強度大小B0=7.5×10-4T，E-x、B-x圖線如圖乙所示。某時刻初速度為零的電子從坐標原點開始運動，電子電荷量e=1.6×10-19C，電子質量為m=9.0×10-31kg，不計電子的重力，不考慮電子因高速運動而產生的影響，計算中取3。求：(1)電子經過x=L處時速度的大??；(2)電子從x=0運動至x=3L處經歷的時間；(3)電子到達x=6L處時縱坐標。

參考答案：電子在x＝4L至x＝6L間的磁場中運動的半徑為r2

ev2B0＝m

r2＝＝r1

由幾何關系知，電子在x＝4L至x＝6L間磁場中運動的軌跡均為八分之一圓