四川省成都市新都第一中學(xué)2024屆物理高二第一學(xué)期期中考試模擬試題請(qǐng)考生注意：1．請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫(xiě)在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，兩個(gè)帶電量分別為2q和-q的點(diǎn)電荷放在x軸上，相距為2L。下列圖像中，能正確反映兩個(gè)電荷連線上場(chǎng)強(qiáng)大小E與x關(guān)系的是（）A．B．C．D．2、如圖甲所示，有一絕緣圓環(huán)，圓環(huán)上均勻分布著正電荷，圓環(huán)平面與豎直平面重合．一光滑細(xì)桿沿垂直圓環(huán)平面的軸線穿過(guò)圓環(huán)，細(xì)桿上套有一個(gè)質(zhì)量為m＝10g的帶正電的小球，小球所帶電荷量q＝5.0×10－4C．小球從C點(diǎn)由靜止釋放，其沿細(xì)桿由C經(jīng)B向A運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖乙所示．小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，v-t圖象的切線的斜率最大(圖中標(biāo)出了該切線)．則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A．在O點(diǎn)右側(cè)桿上，B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，場(chǎng)強(qiáng)大小為E＝1.2V/mB．由C到A的過(guò)程中，小球的電勢(shì)能先減小后增大C．由C到A電勢(shì)逐漸降低D．C、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UCB＝0.9V3、電荷量不等的兩點(diǎn)電荷固定在x軸上坐標(biāo)為﹣3L和3L的兩點(diǎn)，其中坐標(biāo)為3L處電荷帶正電，電荷量為Q．兩點(diǎn)電荷連線上各點(diǎn)電勢(shì)φ隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中x=L處電勢(shì)最低，x軸上M、N兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為﹣2L和2L，則下列判斷正確的是A．兩點(diǎn)電荷一定為異種電荷B．原點(diǎn)O處場(chǎng)強(qiáng)大小為C．負(fù)檢驗(yàn)電荷在原點(diǎn)O處受到向左的電場(chǎng)力D．負(fù)檢驗(yàn)電荷由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程，電勢(shì)能先減小后增大4、如圖虛線為某電場(chǎng)的等勢(shì)面，有兩個(gè)帶電粒子（重力不計(jì)），以不同的速率沿不同的方向，從A點(diǎn)飛入電場(chǎng)后，沿不同的徑跡1和2運(yùn)動(dòng)，由軌跡可以判定（）A．兩粒子帶電多少一定不同B．兩粒子的電性可能相同C．兩粒子的電勢(shì)能都是先減少后增大D．經(jīng)過(guò)B、C兩點(diǎn)，兩粒子的速率可能相等5、用絕緣細(xì)線懸掛兩個(gè)大小相同的小球，它們帶有同種電荷，質(zhì)量分別為m1和m2，帶電量分別為q1和q2，因靜電力而使兩懸線張開(kāi)，分別與豎直方向成夾角a1和a2，且兩球靜止時(shí)同處一水平線上，若a1=a2，則下述結(jié)論正確的是（）A．q1一定等于q2. B．一定滿足C．m1一定等于m2 D．必然同時(shí)滿足q1=q2，m1=m26、如圖所示，旋轉(zhuǎn)雨傘時(shí)，水珠會(huì)從傘的邊緣沿切線方向飛出，這屬于（）A．?dāng)U散現(xiàn)象 B．超重現(xiàn)象 C．離心現(xiàn)象 D．蒸發(fā)現(xiàn)象二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、對(duì)于場(chǎng)強(qiáng)，本節(jié)出現(xiàn)了E=Fq和A．q表示場(chǎng)中的檢驗(yàn)電荷，Q表示場(chǎng)源電荷B．E隨q的增大而減小，隨Q的增大而增大C．第一個(gè)公式適用于包括點(diǎn)電荷在內(nèi)的所有場(chǎng)源的電場(chǎng)求場(chǎng)強(qiáng)，且E的方向和F一致D．從第二個(gè)公式看，拿走Q后，E就不存在了8、如圖所示為測(cè)量未知電阻Rx的部分電路，當(dāng)開(kāi)關(guān)S合在a點(diǎn)時(shí)，電壓表示數(shù)為8V，電流示數(shù)為0.2A；當(dāng)開(kāi)關(guān)S合在b點(diǎn)時(shí)，電壓表示數(shù)為9V，電流表示數(shù)為0.15A，則（）A．電流表示數(shù)相對(duì)變化顯著B(niǎo)．電壓表示數(shù)相對(duì)變化顯著C．開(kāi)關(guān)S接在b點(diǎn)時(shí)的測(cè)量值更準(zhǔn)確D．開(kāi)關(guān)S接在a點(diǎn)時(shí)的測(cè)量值更準(zhǔn)確9、如圖所示，ABCA為一個(gè)半圓形的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，O為圓心，F(xiàn)、G分別為半徑OA和OC的中點(diǎn)，D、E點(diǎn)位于邊界圓弧上，且DFIIEG//BO．現(xiàn)有三個(gè)相同的帶電粒子（不計(jì)重力）以相同的速度分別從B、D、E三點(diǎn)沿平行BO方向射入磁場(chǎng)，其中由B點(diǎn)射入磁場(chǎng)粒子1恰好從C點(diǎn)射出，由D、E兩點(diǎn)射入的粒子2和粒子3從磁場(chǎng)某處射出，則下列說(shuō)法正確的是（）A．粒子2從O點(diǎn)射出磁場(chǎng)B．粒子3從C點(diǎn)射出磁場(chǎng)C．粒子1、2、3在磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為3：2：2D．粒子2、3經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)角不同10、如圖所示：空間中存在兩圓形區(qū)域磁場(chǎng)Ⅰ和Ⅱ，兩磁場(chǎng)相切于O點(diǎn)，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為和，區(qū)域場(chǎng)半徑均為R。一寬度為2R，質(zhì)量m，電荷量為q帶負(fù)電粒子束，從圖示平面以速度進(jìn)入磁場(chǎng)，所有粒子均能匯聚于O點(diǎn)，然后進(jìn)入Ⅱ區(qū)域。已知，最后粒子從Ⅱ區(qū)域出磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．Ⅰ區(qū)域場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足B．Ⅰ區(qū)域場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足C．Ⅱ區(qū)域中有粒子射出邊界的位置對(duì)應(yīng)圓弧長(zhǎng)度為D．Ⅱ區(qū)域中有粒子射出邊界的位置對(duì)應(yīng)圓弧長(zhǎng)度為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）如圖所示，在光滑水平面上使滑塊A以2m/s的速度向右運(yùn)動(dòng)，滑塊B以3m/s的速度向左運(yùn)動(dòng)并與滑塊A發(fā)生彈性正碰，已知滑塊A、B的質(zhì)量分別為1kg、2kg，滑塊B的左側(cè)連有輕彈簧，求：（1）當(dāng)滑塊A的速度減為0時(shí)，滑塊B的速度大??；（2）兩滑塊相距最近時(shí)滑塊B的速度大??；（3）兩滑塊相距最近時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能的大?。?2．（12分）（1）圖1是改裝并校準(zhǔn)電流表的電路圖，已知表頭μA的量程為Ig=600μA內(nèi)阻為Rg，mA是標(biāo)準(zhǔn)電流表，要求改裝后的電流表量程為I=60mA．完成下列填空．圖1中分流電阻Rp的阻值為_(kāi)_________．（2）在電表改裝成后的某次校準(zhǔn)測(cè)量中，a表的示數(shù)如圖2所示，由此讀出流過(guò)a電流表的電流為_(kāi)_________mA，此時(shí)流過(guò)分流電阻Rp的電流為_(kāi)______mA（結(jié)果均保留一位小數(shù)）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）在如圖所示的電路中，兩平行正對(duì)金屬板A、B水平放置，兩板間的距離d=4.0cm。電源電動(dòng)勢(shì)E=400V，內(nèi)電阻r=20Ω，電阻R1=1980Ω。閉合開(kāi)關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，將一帶正電的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）從B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s豎直向上射入兩板間，小球恰好能到達(dá)A板。若小球所帶電荷量q=1.0×10-7C，質(zhì)量m=2.0×10-4kg，不考慮空氣阻力，忽略射入小球?qū)﹄娐返挠绊?，取g=10m/s2。求：（1）A、B兩金屬板間的電壓的大小U；（2）滑動(dòng)變阻器消耗的電功率P滑；（3）電源的效率η；（4）電源的最大輸出功率。14．（16分）如圖所示，固定在水平面上間距為的兩條平行光滑金屬導(dǎo)軌，垂直于導(dǎo)軌放置的兩根金屬棒和長(zhǎng)度也為、電阻均為，兩棒與導(dǎo)軌始終接觸良好．兩端通過(guò)開(kāi)關(guān)與電阻為的單匝金屬線圈相連，線圈內(nèi)存在豎直向下均勻增加的磁場(chǎng)，磁通量變化率為常量．圖中虛線右側(cè)有垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為．的質(zhì)量為，金屬導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，電阻忽略不計(jì)．（1）閉合，若使保持靜止，需在其上加多大的水平恒力，并指出其方向；（2）斷開(kāi)，在上述恒力作用下，由靜止開(kāi)始到速度大小為的加速過(guò)程中流過(guò)的電荷量為，求該過(guò)程安培力做的功．15．（12分）如圖甲所示，有小孔O和O′的兩金屬板正對(duì)并水平放置，上下板分別與A，B接口連接，接上乙圖所示電源，零時(shí)刻開(kāi)始一帶負(fù)電小球從O孔以某一初速度v豎直射入兩板間．在0-T/2半個(gè)周期小球勻速下落；當(dāng)在T時(shí)刻時(shí)，小球恰好從O′孔離開(kāi)．已知板間距為3d，帶電小球質(zhì)量為m，電荷量為q，重力加速度為g．求：（1）U0的大?。?）在T/2-T時(shí)間內(nèi)，小球的加速度大小（3）小球射入O孔時(shí)的速度v

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】

由場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理可知，在兩電荷連線上的場(chǎng)強(qiáng)均向右；若兩電荷帶等量異種電荷，則在其連線中點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)最小，因兩電荷帶不等量異種電荷，可知在兩電荷連線中點(diǎn)偏-q處電場(chǎng)強(qiáng)度最小，但不是零，從兩點(diǎn)電荷向中點(diǎn)偏負(fù)電電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減?。?/p>

A．該圖與結(jié)論不相符，A不符合題意；B．該圖與結(jié)論不相符，B不符合題意；C．該圖與結(jié)論相符，C符合題意；D．該圖與結(jié)論不相符，D不符合題意；2、B【解題分析】

A、由乙圖可知，小球在B點(diǎn)的加速度最大，故所受的電場(chǎng)力最大，加速度由電場(chǎng)力產(chǎn)生，故B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大，小球的加速度：a=ΔvΔt=0.35=0.06m/s2，BC、從C到A小球的動(dòng)能一直增大，說(shuō)明電場(chǎng)力一直做正功，故電勢(shì)能一直減小，根據(jù)φ=EPq可知電勢(shì)一直減小，故CD、由C到B電場(chǎng)力做功為WCB=12mvB2錯(cuò)誤的故選B?！绢}目點(diǎn)撥】關(guān)鍵是通過(guò)乙圖的v-t圖象判斷出加速度，加速度最大時(shí)受到的電場(chǎng)力最大，電場(chǎng)強(qiáng)度最大，由電場(chǎng)力做功即可判斷電勢(shì)能，由W=qU求的電勢(shì)差。3、C【解題分析】

A、由φ?x圖象特點(diǎn)可知兩點(diǎn)電荷均為正電荷，故A錯(cuò)誤；BC、x=L處電勢(shì)最低，此處圖線的斜率為0，即該點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為0，，得Q′=4Q，故原點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小為，方向向右，負(fù)檢驗(yàn)電荷在原點(diǎn)O處受到的電場(chǎng)力向左，故B錯(cuò)誤，C正確；D、由M點(diǎn)到N點(diǎn)電勢(shì)先減小后增大，所以負(fù)檢驗(yàn)電荷由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程，電勢(shì)能先增大后減小，故D錯(cuò)誤．故選C．4、D【解題分析】試題分析：由圖無(wú)法判定兩電荷在同一位置時(shí)所受電場(chǎng)力的大小，故無(wú)法判定兩粒子帶電量的大小關(guān)系，故A錯(cuò)誤．由圖可知電荷1如果不受電場(chǎng)力的話將沿直線向中心電荷運(yùn)動(dòng)，而本題中電荷1卻逐漸遠(yuǎn)離了中心電荷，故電荷1受到中心電荷的斥力，而電荷2受到中心電荷的引力，故兩粒子的電性一定不同．故B錯(cuò)誤．由B選項(xiàng)分析可知2粒子在從A向C運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，電勢(shì)能先減小后增大，而粒子1在從A向B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，電勢(shì)能小增大后減小，故C錯(cuò)誤；從A到B和從A到C電場(chǎng)力做功不同，而兩粒子的初速度不同，所以經(jīng)過(guò)B、C兩點(diǎn)，兩粒子的速率可能相等，D正確；故選D考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)點(diǎn)評(píng)：根據(jù)軌跡判定“電荷1受到中心電荷的斥力，而電荷2受到中心電荷的引力”是解決本題的突破口．5、C【解題分析】

題中電荷電量可能不同，也可能相同，但各自所受的電場(chǎng)力大小卻相同，方向相反；由于它們與豎直線所成的角度相等，且兩球同處一水平線上，所以根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可確定，它們的質(zhì)量一定相等。故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C。6、C【解題分析】

當(dāng)旋轉(zhuǎn)雨傘時(shí)，由向心力可知，所需要的向心力增加，由于提供向心力不足以所需要的向心力，從而遠(yuǎn)離圓心運(yùn)動(dòng)，故C正確，ABD錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解題分析】試題分析：在公式E=Fq中q表示試探電荷，公式E=kQr2表示場(chǎng)源電荷，A正確；電場(chǎng)強(qiáng)度不隨試探電荷的變化而變化，只和電場(chǎng)本身性質(zhì)有關(guān)，B錯(cuò)誤；公式E=考點(diǎn)：考查了電場(chǎng)強(qiáng)度【名師點(diǎn)睛】場(chǎng)強(qiáng)的兩個(gè)公式E=Fq和8、AC【解題分析】試題分析：據(jù)題意，電鍵接在a、b之間時(shí)，電流的相對(duì)變化為：，電壓的相對(duì)變化為：，則可知電流變化相對(duì)顯著，A選項(xiàng)正確；由于電流變化顯著，說(shuō)明電壓表分流作用較大，應(yīng)把電流表接觸法，接在b點(diǎn)，則C選項(xiàng)正確．考點(diǎn)：本題考查電流表內(nèi)接或者外接的判斷法：試探法．9、ABC【解題分析】

AB.三個(gè)相同的帶電粒子(不計(jì)重力)以相同的速度分別從B、D、E三點(diǎn)沿平行BO方向射入磁場(chǎng)，故三粒子運(yùn)動(dòng)半徑、周期相同；由B點(diǎn)射入磁場(chǎng)粒子1恰好從C點(diǎn)射出，粒子都向右偏轉(zhuǎn)，且半徑r=R；根據(jù)幾何關(guān)系可以證明，粒子3沿EG方向位移為時(shí)，沿GC方向位移為R，恰好從C點(diǎn)射出；同理，粒子2恰好從O點(diǎn)射出。故A正確，B正確；CD.粒子2、3轉(zhuǎn)過(guò)的中心角為60°，粒子1轉(zhuǎn)過(guò)的中心角為90°，所以粒子1、2、3在磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為3：2：2，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：ABC。10、AD【解題分析】

AB．任意畫(huà)出帶電粒子在I區(qū)域的一條運(yùn)動(dòng)軌道，如圖由幾何關(guān)系，可得到該帶電粒子的軌道半徑剛好等于I區(qū)域的半徑R，而在I區(qū)域內(nèi)洛侖茲力提供向心力，有得到故A正確，B錯(cuò)誤；CD．因Ⅱ區(qū)域的磁場(chǎng)，可知帶電粒子的軌道半徑變?yōu)橛捎趲щ娏Ｗ舆M(jìn)入Ⅱ區(qū)域各個(gè)方向的速度都有，由幾何關(guān)系可知，當(dāng)它的弦長(zhǎng)等于直徑時(shí)，對(duì)應(yīng)的圓弧長(zhǎng)度最大，即當(dāng)它的弦長(zhǎng)等于時(shí)，對(duì)應(yīng)的圓弧長(zhǎng)度最大，此時(shí)對(duì)應(yīng)的圓心角為，故最大值為，即Ⅱ區(qū)域中有粒子射出邊界的位置對(duì)應(yīng)圓弧長(zhǎng)度為，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、（1）2m/s；（2）；（3）．【解題分析】試題分析：（1）（2）對(duì)于A、B構(gòu)成的系統(tǒng)，在A壓縮彈簧過(guò)程中，系統(tǒng)的合外力為零，滿足動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解即可．（3）當(dāng)兩個(gè)物體的速度相等時(shí)，彈簧壓縮最短，彈性勢(shì)能最大，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能列式求解．（1）以向右為正方向，A、B組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，當(dāng)滑塊A的速度減為0時(shí)，由動(dòng)量守恒定律得：即：，，方向向左（2）兩滑塊相距最近時(shí)速度相等，設(shè)相等的速度為v．根據(jù)動(dòng)量守恒得：解得：，方向向左（3）兩個(gè)物體的速度相等時(shí)，彈簧壓縮最短，彈性勢(shì)能最大，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能得：彈簧的最大彈性勢(shì)能為12、49.549.0【解題分析】

改裝電流表要并聯(lián)一電阻Rp，并聯(lián)一電阻后流過(guò)表頭a的電流為Ig，流過(guò)Rp的電流為IR，而加在表頭和Rp上的電壓相等，即IgRg=IRRp．【題目詳解】第一空.由于Rg和Rp并聯(lián)，由IgRg=IRRp和I=Ig+IR得：．第二空.由圖2知流過(guò)a電流表的電流I'為49.5mA；第三空.設(shè)此時(shí)流過(guò)表頭的電流為I'g，流過(guò)RP的電流為I'R，加在表頭和Rp上的電壓相等，故有：I'gRg=I′RRpI'=（I'g+I'R）解得：I'R=49.005mA≈49.0mA【題目點(diǎn)撥】解決此類問(wèn)題要充分理解電表改裝原理，電路的分壓分流原理．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）200V（2）20W；（3）99.5％；（4）P=79.2W【解題分析】試題分析：（1）小球從B板上的小孔射入恰好到達(dá)A板的過(guò)程中，在電場(chǎng)力和重力的作用下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)A、B兩極板間電壓為U，根據(jù)動(dòng)能定理有-qU-mgd=0-mv02解得U=200V（2）設(shè)此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻值為R滑，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中的電流得根據(jù)部分電路歐姆定律可知U=IR滑解得R滑=2.0×103Ω