2024屆湖南省常德市武陵區(qū)第一中學高二物理第一學期期中檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法中錯誤的是（）A．靜電力做的功跟電荷移動的路徑有關B．靜電力做正功時電荷電勢能減少，減少的電勢能轉化為其它形式的能C．電荷在同一個等勢面上兩點間移動時，靜電力做的總功等于零D．電場中某點的電勢跟零勢面的選擇有關，它是相對量2、一帶電油滴在勻強電場中的運動軌跡如圖所示，電場方向豎直向下．若不計空氣阻力，則此帶電油滴從a運動到b的過程中，能量變化情況為A．此帶電油滴帶正電 B．動能減小，電勢能增加C．動能和電勢能總和增加 D．動能和重力勢能之和增加3、在如圖甲所示的電路中，閉合開關S，在滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動的過程中，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化.圈乙中三條圖線分別表示了三個電壓表示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況，以下說法不正確的是A．圖線a表示的懸電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況B．圖線c表示的是電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況C．此過程中電壓表V1示數(shù)的變化量ΔU1和電流表示數(shù)變化量ΔI的比值變大D．此過程中電壓表V3示數(shù)的變化最ΔU2和電流表示數(shù)變化量ΔI的比值不變4、物理學家們的科學發(fā)現(xiàn)推動了物理學的發(fā)展、人類的進步，在對以下幾位物理學家所作貢獻的敘述中正確的是（）A．安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應B．庫倫利用庫倫扭秤巧妙地實現(xiàn)了他對電荷間相互作用規(guī)律的研究C．特斯拉由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出了分子電流假說，解釋了磁現(xiàn)象電本質D．法拉第通過油滴實驗精確測定了元電荷e的電荷量，進一步證實了電子的存在揭示了電荷的非連續(xù)性5、如圖所示為某條形磁鐵磁場的部分磁感線．則下列說法正確的是A．該磁場是勻強磁場B．a點的磁感應強度比b點的磁感應強度小C．a點的磁感應強度比b點的磁感應強度大D．a、b兩點的磁場方向相反6、圖中的實線表示電場線,虛線表示只受電場力作用的帶電粒子的運動軌跡,粒子先經過M點,再經過N點,可以判定(

)A．該粒子帶負電B．M點的電勢小于N點的電勢C．粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力D．粒子在M點具有的電勢能大于在N點具有的電勢能二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，用長為L的細繩拴著質量為m的小球在豎直平面內做圓周運動，重力加速度為g，則下列說法中不正確的是()A．小球在圓周最高點時所需要的向心力一定不是重力提供的B．小球在最高點時繩子的拉力可能為零C．若小球剛好能在豎直平面內做圓周運動，則其在最高點的速率為0D．小球過最低點時繩子的拉力一定大于小球重力8、如圖所示，電源電動勢為E，內電阻為r。理想電壓表V1、V2示數(shù)為U1、U2，其變化量的絕對值分別為△U1和△U2；流過電源的電流為I，其變化量的絕對值為△I。當滑動變阻器的觸片從右端滑到左端的過程中（燈泡電阻不變化）（）A．小燈泡L1、L2變亮，L3變暗B．△U1＜△U2C．不變D．電源輸出功率變大9、在力學理論建立的過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻．關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是A．伽利略發(fā)現(xiàn)了行星運動的規(guī)律B．卡文迪許通過實驗測出了引力常量C．牛頓最早指出力不是維持物體運動的原因D．笛卡爾對牛頓第一定律的建立做出了貢獻10、某一密閉理想氣體，在兩種不同體積存在兩個等容變化過程，這兩個等容過程如下圖p-t圖像中的①、②所示。則相對應的V-T圖像或p-V圖像可能是下圖中的A． B．C． D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）有一游標卡尺，主尺的最小分度是1mm，游標上有20個小的等分刻度。用它測量一小球的直徑，如圖1所示的讀數(shù)是__________mm。（2）用螺旋測微器測量一根金屬絲的直徑，如圖2所示的讀數(shù)是_____________mm。（3）如圖3所示的電流表讀數(shù)為_________A，如圖4所示的電壓表讀數(shù)為____________V（4）某同學先用多用電表粗測其電阻。用已經調零且選擇開關指向歐姆擋“×100”檔位的多用電表測量，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉角度太小，這時他應將選擇開關換成另一個擋位，然后進行歐姆調零，再次測量電阻絲的阻值，其表盤及指針所指位置如右圖所示，則此段電阻絲的電阻為_______Ω．12．（12分）某中學物理學習小組利用如圖1所示裝置測量木塊與木板動摩擦因數(shù)。水平固定的長木板左端有定滑輪，長木板右端固定有打點計時器，木塊與豎直懸掛的彈簧秤通過輕繩連接，其間通過動滑輪懸掛有砂桶。木塊質量為M，桶和砂子的總質量為m，木塊的加速度a可由打點計時器和紙帶測出。(1)如圖2所示為上述實驗中打下的一條紙帶，A點為木塊剛釋放時打下的起始點每兩點間還有四個點未畫出，打點計時器的頻率為50Hz，則木塊的加速度大小a=______。（保留三位有效數(shù)字）(2)本實驗是否需要滿足m<<M？答：______（填“需要”或“不需要”）。(3)保持木塊質量M不變，逐漸增大砂桶和砂的總質量m進行多次實驗，得到多組a、F值（F為彈簧秤的示數(shù)）。已知當?shù)刂亓铀俣?，根?jù)實驗數(shù)據(jù)畫出了如圖3所示的圖像，由圖像可得木塊與木板間動摩擦因數(shù)μ=_______，木塊的質量M=______kg。（保留三位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，用絲線吊一質量為m、帶電荷量為＋q的小球，置于水平方向的勻強電場中，靜止時懸線與豎直方向的夾角為，求：（1）勻強電場的場強大小和方向？（2）若懸線突然斷了，則小球做什么運動？14．（16分）如圖所示，已知電源電動勢E=20V，內阻r=1Ω，當接入固定電阻R=4Ω時，電路中標有“3V6W”的燈泡L和內阻r′=0.5Ω的小型直流電動機均恰能正常工作，求：⑴電路中的電流強度；⑵電動機的輸出功率；⑶電源的效率．15．（12分）如圖，平行板電容器為C，電荷量Q0，極板長為L，極板間距離為d，極板與水平面成α夾角，現(xiàn)有一質量為m的帶電液滴沿兩極板的中線從P點由靜出發(fā)到達Q點，P、Q兩點都恰在電容器的邊緣處，忽略邊緣效應，求：（1）液滴的電荷量；（2）液滴到達Q點時的速度大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

A．無論勻強電場還是非勻強電場，靜電力的功都只與電荷的初末位置有關，跟電荷經過的路徑無關，A錯誤，符合題意；B．根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關系可知，靜電力做正功，電勢能減??；減少的電勢能轉化為其它形式的能，B正確，不符題意；C．由W=qU，等勢面電勢差為零，故電場力做功為零，C正確，不符題意；D．電勢是相對量，電勢的大小與與零點的選擇有關，D正確，不符題意。本題選錯誤的，故選A。2、D【解題分析】

A、由圖可知帶電油滴的運動軌跡向上偏轉，則其合力方向向上，油滴受到豎直向下的重力和豎直方向的電場力，則知電場力必定豎直向上，與場強方向相反，油滴應帶負電，故選項A錯誤；B、由題意可知，帶電油滴所受重力小于電場力，故從到的運動過程中合外力做正功，動能增加，電場力做正功，電勢能減小，故選項B錯誤；C、根據(jù)功能關系可知，在從到的運動過程中只有重力、電場力做功，因此重力勢能、電勢能、動能三者之和保持不變，從到的運動過程中重力做負功，重力勢能增加，因此動能和電勢能之和減小；從到的運動過程中電場力做正功，電勢能減小，因此動能和重力勢能之和增加，故選項D正確，C錯誤．3、C【解題分析】

AB.當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，總電流減小，可知路端電壓增大，即知電壓表V1示數(shù)增大，電壓表V2的示數(shù)減小，電壓表V3的示數(shù)增大，則知，圖線a表示的是電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況，圖線c表示的是電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況，故AB項與題意不相符；C.由閉合電路歐姆定律得U1=E-Ir，則保持不變，故C項與題意相符；D.由閉合電路歐姆定律得U3=E-I（r+R1），則保持不變，故D項與題意不相符。4、B【解題分析】

A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，故A錯誤；B.庫侖利用庫侖扭秤巧妙地實現(xiàn)了他對電荷間相互作用力規(guī)律的研究，故B正確；C.安培由環(huán)形電流和條形磁鐵磁場的相似性，提出分子電流假說，解釋了磁現(xiàn)象的電本質，故C錯誤；D.密立根通過油滴實驗精確測定了元電荷的電荷量，進一步證實了電子的存在揭示了電荷的非連續(xù)性，故D錯誤。故選：B。5、C【解題分析】

勻強磁場的磁感線是一些平行且等間距的直線，故A錯誤；磁感線的疏密程度反映了磁場的強弱，故a點的磁感應強度大于b點的磁感應強度，故B錯誤，C正確；磁感線上任何一點的切線方向都跟這一點的磁場方向相同，故a、b的磁場方向相同，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．6、D【解題分析】由電場力方向應指向軌跡的內側得知，粒子所受電場力方向大致斜向左下方，電場線的方向也是向左下方，所以粒子帶正電．故A錯誤；由電場力方向應指向軌跡的內側得知，粒子所受電場力方向大致斜向左下方，M到N的過程中，對粒子做正功，其電勢能減小，動能增大，則知粒子在M點的電勢能大于在N點的電勢能，M點的電勢大于N點的電勢．故B錯誤，D正確；電場線的疏密表示電場的強弱，N點的電場線密，所以N點的電場強，粒子在M點受到的電場力小于在N點受到的電場力，故C錯誤；故選D．點睛：本題是電場中軌跡問題，關鍵要根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷出粒子所受的電場力方向，再抓住電場線的物理意義判斷場強、電勢等的大?。⒍囗椷x擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

A．小球在最高點的向心力由重力提供，或重力和拉力的合力提供，故A符合題意。B．當小球在最高點的向心力只由重力提供時，拉力為零，故B不符合題意。C．小球恰好能在豎直面能做圓周運動的條件是小球運動到最高點時只由重力提供向心力。設在最高點速率為v，由牛頓第二定律：得：故C符合題意。D．因為小球在最低點速度不為零，拉力與重力的合力提供向心力，所以拉力大于重力，故D不符題意。故選AC.8、AC【解題分析】

A．當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則L2變亮．變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分的電壓減小，則L3變暗．總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮．故A正確；B．由上分析可知，電壓表V1的示數(shù)減小，電壓表V2的示數(shù)增大，由于路端電壓減小，即兩電壓表示數(shù)之和減小，所以△U1＞△U2故B錯誤；C．由U1=E-I（RL2+r）得不變，故C正確；D．因電源內阻和外電阻的關系不能確定，不能確定電源輸出功率的變化，選項D錯誤。故選AC。9、BD【解題分析】試題分析：行星運動定律由開普勒、牛頓等人發(fā)現(xiàn)，選項A錯誤．庫侖測量出靜電力常數(shù)，選項B錯誤．伽利略最早指出力不是維持物體運動的原因，選項C錯誤．笛卡爾對牛頓第一定律的建立做出了貢獻，選項D正確．考點：本題考查了物理學史．10、AD【解題分析】

BC.因為①、②兩過程均為等容變化過程，而BC兩圖中體積V變化，故BC錯誤；AD.根據(jù)p-t圖象畫出壓強p隨熱力學溫度T變化的p-T圖象，如圖所示，

設兩個過程的體積分別為V1和V2，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得：pVT=C，其中C為一定值，整理得：p=CV?T，可知斜率CV越大，體積V越小，所以：V1＜V三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、13.55mm0.680±0.001mm0.46A1.90±0.01V13000Ω【解題分析】

（1）游標卡尺的讀數(shù)是：1.3cm+0.05mm×11=13.55mm。（2）螺旋測微器的讀數(shù)是：0.5mm+0.01mm×18.0=0.680mm。（3）如圖3所示的電流表最小刻度為0.02A，則讀數(shù)為0.46A，如圖4所示的電壓表最小刻度為0.1V，則讀數(shù)為1.90V（4）歐姆表指針的偏轉角度太小，則說明倍率檔選擇過小，要換用大量程的，即選×1000檔，其阻值為：13×1000Ω=13000Ω；【題目點撥】解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．歐姆表要注意倍率的選?。?2、1.60不需要0.3060.100【解題分析】

(1)[1]每兩點間還有四個點未畫出，則相鄰兩點間的時間間隔由逐差法可得代入數(shù)據(jù)解得(2)[2]實驗中木塊所受拉力始終等于彈簧測力計讀數(shù)，不需要用桶和砂子總重力的一半對拉力進行近似替代，不需要滿足m<<M。(3)對木塊進行受力分析，由牛頓第二定律可得整理得由圖像得，解得，四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；方向水平向左(2)小球做初速度為0的勻加速直線運動，加速度大小為【解題分析】

(1)根據(jù)題意可知，小球受電場力水平向左，所以電場方向水平向左，對小球受力分析如圖，由平衡條件得：qE=mgtanθ得：(2)若懸線突然斷了，電場力與重力是恒力，小球做初速度為0的勻加速直線運動，小球所受的合外力為：由牛頓第二定律有：F合=ma則得14、（1）2A（2）12W（3）90%【解題分析】解：（1）燈泡正常發(fā)光，電路流為：I=IL==A=2A；（2）電動機的額定工作電壓為：UM=E﹣I（R+r）﹣UL1=20﹣2×（4+1）﹣3=7V電動機的輸出功率為：P輸=U2I﹣I2r′=7×2﹣22×0.5=12W（3）電動機的電功率為：P電=UI=7×2W=14W；外電路總功率為：P外=P電+PL+I2R=14+6+22×4=36W電源的總功率為：P總=E