2023年安徽省安慶示范高中高考物理聯(lián)考試卷

A.小球在空中飛行的位移大小為2407n

B.小球拋出的初速度。o=3O?n/s

C.小球從4運動到8過程中動能增加了900/

D.小球落在B點前瞬間重力的功率為600小

2.如圖所示為一定質(zhì)量的理想氣體的壓強(qiáng)隨溫度變化的圖像，其中P\

c-a的延長線通過坐標(biāo)原點，b-c和a-b分別與T軸和p軸平行，下

列說法正確的是（）

Z

Z

A.a—b過程氣體單位體積內(nèi)的分子數(shù)減少

B.bTC過程氣體分子平均動能減小

C.cTa過程氣體向外界放熱

D.全過程狀態(tài)b的體積最大

3.中國原創(chuàng)科幻電影瀛浪地球2沙近期火爆全球，片中高聳入云、連接天地的太空電梯運

行場景令人震撼，其通過高強(qiáng)度纜繩將地球同步軌道上的空間站與其正下方赤道上的固定物

連接在一起，在引力的作用下，纜繩處于緊繃狀態(tài)。若載滿乘客的太空電梯因機(jī)械故障懸停

在纜繩中間處，下列說法正確的是（）

A.懸停時太空電梯所受合外力為零

B.懸停時電梯內(nèi)乘客處于完全失重狀態(tài)

C.懸停時太空電梯的速度大于空間站的速度

D.懸停時太空電梯的速度小于在同樣高度繞地球做圓周運動的衛(wèi)星的速度

4.聚變能是一種清潔、安全的新能源，核聚變反應(yīng)的主要原料是笊核64）與瓶核G“）,已

知氣核（出）的比結(jié)合能是1.09MW,瓶核（出）的比結(jié)合能是2.78MeU,氫核（加e）的比結(jié)合能

是7.03Me乙關(guān)于笊6“）、泉（；H）核聚變反應(yīng)，下列說法不正確的是（）

A.危&H）的質(zhì)量小于組成它的核子的質(zhì)量之和

B.兩個笊核及H）結(jié)合成氨核gHe）要釋放能量

C.笊（出）和晁（出）核聚變反應(yīng)后質(zhì)量數(shù)變小，釋放能量

D.笊（出）和僦（汾）核聚變反應(yīng)的方程是出+/卷He+^n

5.如圖所示，有一半徑為R的均勻帶電絕緣環(huán)固定在離地足夠O?

高處（平行于地面），一帶電小球恰靜止在圓環(huán)中心正上方高為

?R處，小球與地面碰撞后速度可認(rèn)為變?yōu)榱?，則下列說法正

確的是（）

A.在圓環(huán)中心正上方還存在另一位置，小球移至該處仍可保持

平I衡，.，.，，.，，.，，.，，.，，.，，.，，.，，.?，.，，.，，.，.?*.，，.，，.?《，，?，，，，，??，，?▼

B.將小球移至距圓環(huán)中心正上方高為0.5R處由靜止釋放，小球一定向下運動

C.將小球移至距圓環(huán)中心正上方高為R處由靜止釋放，小球一定向上運動

D.將小球移至距圓環(huán)中心正上方高為2R處由靜止釋放，小球運動過程中電勢能一直增大

二、多選題（本大題共3小題，共9.0分）

6.如圖甲所示，一圓形金屬線圈上半部分處于勻強(qiáng)磁場中，線圈匝數(shù)為m線圈固定不動。

t=0時勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間t變化的關(guān)系圖像如

圖乙所示，已知線圈的半徑為r,線圈總電阻為R,貝4（）

xXXX

xXXX

A.線圈中的感應(yīng)電流的方向在片時刻發(fā)生改變

B.線框受到的安培力方向始終豎直向上

C.t=0時刻，線圈受到的安培力大小為電誓

0%通過導(dǎo)線某橫截面的電荷量為我?

7.如圖所示，一帶負(fù)電粒子以某一速度%從C點水平向右射入一勻強(qiáng)電

場，經(jīng)過一段時間后，粒子運動到。點，速度大小變?yōu)槌跏嫉?倍，方向

變?yōu)樨Q直向下。已知CD兩點間距離為小電粒子的質(zhì)量為m,電量大小

為q,不考慮帶電粒子的重力。則（）

A.帶電粒子從C到。的過程中，電勢能先減小后增加

B.C點的電勢高于。點的電勢

C.C、。兩點間的電勢差為=一會喏

1OQ

D.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度的大小為鑼

LoCJL

8.如圖所示，物塊c置于一粗糙斜劈上，c通過一輕質(zhì)細(xì)線繞過兩個光滑輕質(zhì)小滑輪與小球Q

相連，小球Q穿在水平橫桿上,滑輪2下方吊著物體d,初始時整個系統(tǒng)保持靜止。已知a=30。,

0=120。，c、d、Q三個質(zhì)量均為c與斜劈、Q與橫桿之間的動摩擦因數(shù)均為容，最大靜

摩擦力等于滑動摩擦力。若將Q向右緩慢移動直至/?=0。，c物體仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，c與1之間

的細(xì)線始終與斜面平行，以下說法正確的是（）

A.c與斜劈的摩擦力以及Q與橫桿之間的摩擦力都將變大

B.c與斜劈的摩擦力始終沿斜面向下（0=0。除外）

C.c與斜劈的摩擦力最小值為0

D.斜劈受到地面的最大摩擦力為

三、實驗題（本大題共2小題，共15.0分）

9.某同學(xué)設(shè)計如圖甲所示的實驗裝置探究加速度與力的關(guān)系。他在一端帶有定滑輪的水平

放置的長木板上固定有4B兩個光電門，與光電門相連的計時器可以顯示帶有遮光片的物塊

在其間的運動時間，傳感器與跨過定滑輪的輕質(zhì)細(xì)繩相連。

（1）（1分）用游標(biāo)卡尺測量遮光片寬度如圖乙所示，遮光片寬度d=cm。

（2）（2分）力傳感器可以實時記錄掛鉤上力的大小，則下列說法正確的是。

A.丙圖中（a）安裝正確，實驗中應(yīng)保證沙和沙桶質(zhì)量遠(yuǎn)小于物塊和遮光片質(zhì)量

A丙圖中（匕）安裝正確，實驗中應(yīng)保證沙和沙桶質(zhì)量遠(yuǎn)小于物塊和遮光片質(zhì)量

C丙圖中（a）安裝正確，實驗中不需要保證沙和沙桶質(zhì)量遠(yuǎn)小于物塊和遮光片質(zhì)量

。丙圖中（b）安裝正確，實驗中不需要保證沙和沙桶質(zhì)量遠(yuǎn)小于物塊和遮光片質(zhì)量

（3）（2分）某次實驗可以測得遮光片寬度為d,光電門4、B的遮光時間分別為匕、t2,通過光電

門4、8之間時間為久在數(shù)據(jù)處理時，物塊運動的加速度的計算式應(yīng)為（選擇合適的測

量字母表示）。

10.某同學(xué)想測量一手機(jī)電池的電動勢和內(nèi)阻，可供使用的器材如下：

手機(jī)鋰電池（電動勢E約為3.7V,內(nèi)阻r約為0.2。）：

電流表量程為。?0.64,內(nèi)阻以1約為30）；

電流表4（量程為。?100機(jī)4，內(nèi)阻&2=1。0）；

電流表4（量程為0?100〃4,內(nèi)阻&3=1k。）；

定值電阻Ri=2。；

定值電阻/?2=400;

定值電阻角=4000;

滑動變阻器/?4（。?150）；

滑動變阻器/?5（。?1500）;

開關(guān)和導(dǎo)線若干。

（1）（3分）可以通過改裝電流表來測量電壓，應(yīng)選擇電流表與定值電阻串聯(lián)；滑

動變阻器應(yīng)選擇。

（2）（3分）為了盡量準(zhǔn)確地測量出電動勢和內(nèi)阻，請設(shè)計實驗電路圖，在以下虛線框甲內(nèi)畫出（

標(biāo)出所選器材符號）。

（3）（4分）該同學(xué)認(rèn)為用線性圖像處理數(shù)據(jù)便于分析，于是在實驗中改變滑動變阻器的阻值R,

記錄兩電流表的示數(shù)/1、12,獲取了多組數(shù)據(jù)，畫出的圖像如圖乙?？傻迷撾姵亟M的電動勢E=

V,內(nèi)阻r=。(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)。

(1)圓柱面上有光束射出的圓弧部分所對的圓心角a；

(2)能從圓柱面射出的光束對應(yīng)的入射光束沿x軸的寬度Zlx。

12.在如圖所示的平面直角坐標(biāo)系中，第二象限內(nèi)存在水平,

向左的勻強(qiáng)電場，在x軸上有兩個粒子源4、B,沿y軸正向以,

相同速度同時發(fā)射質(zhì)量相同、電荷量相同的帶負(fù)電的粒子，粒?一.

子源4、B的坐標(biāo)分別為%A=-9L>xB=-4La通過電場后4、一】——--------------

AHOx

B兩處發(fā)射的粒子分別從y軸上的C、。兩點(圖中未畫出)進(jìn)入第一象限。不計粒子重力及粒子

間的相互作用。

⑴設(shè)C、。兩點坐標(biāo)分別為(0,%)、(0，尢1)，求%、%的比值;

(2)若第一象限內(nèi)未加任何場，兩處粒子將在第一象限內(nèi)某點相遇，求相遇點的橫坐標(biāo)；

(3)若第一象限內(nèi)y>"區(qū)域，加上垂直于坐標(biāo)平面方向向里的勻強(qiáng)磁場(圖中未畫出)，兩處

粒子最終將從磁場飛出，求兩處粒子飛出位置間的距離。

13.如圖所示，a、b兩小球在內(nèi)壁光滑的半球形碗內(nèi)做水平勻速產(chǎn)三芝更二刁

圓周運動，碗的質(zhì)量為M,碗底粗糙且始終靜止在水平地面上，碗a

的球心為0、半徑為R,Oa、Ob與豎直方向間的夾角分別為53。、37。，”，，，)舄荔蒜N，”，，，/

a球的質(zhì)量為小，兩球穩(wěn)定運動過程中，碗對地面會周期性的出現(xiàn)無摩擦力時刻。已知s出37。

0.6,重力加速度為g。求：

(1)出現(xiàn)無摩擦力的周期；

(2)為使碗在地面始終不會滑動，碗底與地面間的動摩擦因數(shù)至少為多大；(已知最大靜摩擦

力等于滑動摩擦力)；

(3)若小球運動過程中受極微弱的摩擦阻力作用導(dǎo)致其圓周運動的軌道平面緩慢下降。求球a

從最初始高度下降到b球開始所在平面的過程中摩擦阻力所做的功。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4小球做平拋運動，豎直方向做自由落體運動，可得4B間高度為h=\9e=1xlOx

62?n=180m,小球在空中飛行的位移大小為S=―：=罌加=300m,故4錯誤；

sin370.6

B、間水平距離為％=h。=^=240m,由％=%如解得見=40m/s,故8錯誤；

C、根據(jù)動能定理得：AEk=mgh=1x10x180/=1800/,故C錯誤；

。、小球落在B點時豎直分速度大小%=gt=10X6m/s=60m/s,則小球落在B點前瞬間重力的

功率為P=mg3=1x10x60^=600小，故。正確。

故選：D?

小球做平拋運動，豎直方向做自由落體運動，由h=ggt2求出4B間的高度，由幾何知識求出小球

在空中飛行的位移大小以及水平位移大小，由x=求小球初速度%的大小。由動能定理求動能

增加量。由%=gt求出小球落在B點時豎直分速度大小，由P=mg力求小球落在B點前瞬間重力

的功率。

對于平拋運動，往往運用運動的分解法研究。本題也可以根據(jù)機(jī)械能守恒定律求動能增加量。

2.【答案】C

【解析】解：4、根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程華=C,可得p與7的函數(shù)關(guān)系為：p=/T，a-b

過程溫度不變，壓強(qiáng)增大，可知氣體的體積減小，則單位體積內(nèi)的分子數(shù)增加，故A錯誤；

A、由圖可知b-c過程氣體發(fā)生等壓變化，溫度升高，根據(jù)華=C,可知氣體溫度升高，而溫度

是分子的平均動能的標(biāo)志，所以氣體分子平均動能增大，故8錯誤；

C、根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程^=C,可知c-a過程氣體發(fā)生等容變化，則外界對氣體

不做功，氣體溫度減小，內(nèi)能減小，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知氣體對外放熱，故C正確；

。、由以上的分析可知，a狀態(tài)的體積大于匕狀態(tài)的體積，而c狀態(tài)的體積等于a狀態(tài)的體積，所以

狀態(tài)6體積最小，故。錯誤。

故選：Co

結(jié)合一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程，分析p-T圖象中過原點的傾斜直線表示等容變化，斜率越大,

體積越?。桓鶕?jù)理想氣體的狀態(tài)方程華=c判斷；氣體體積減小，單位體積內(nèi)的分子數(shù)增加；明

確溫度是分子平均動能的標(biāo)志。

本題考查p-7圖象的性質(zhì)，要求能根據(jù)圖象的形狀確定氣體狀態(tài)變化情況，可借助一定質(zhì)量的理

想氣體狀態(tài)方程來分析，同時要知道溫度越高，分子的平均動能越大。

3.【答案】D

【解析】解：4、懸停時太空電梯繞地球做勻速圓周運動，合外力不為零，由合外力提供向心力，

故A錯誤；

C、太空電梯與空間站的角速度相同，由〃=3r知，懸停時太空電梯的速度小于空間站的速度，

故C錯誤；

BD、對地球衛(wèi)星，有?；?小且，解得“=陛,可知衛(wèi)星的軌道半徑越大，線速度越小，可

知在同樣高度繞地球做圓周運動的衛(wèi)星的速度大于在地球同步軌道上的空間站的速度，所以懸停

時太空電梯的速度小于在同樣高度繞地球做圓周運動的衛(wèi)星的速度，而衛(wèi)星的向心力是全部由萬

有引力題供，則太空電梯上所需要的向心力小于其萬有引力，所以處于失重狀態(tài)，但不是完全失

重狀態(tài)，故8錯誤，。正確。

故選：Do

懸停時太空電梯繞地球做勻速圓周運動，由合外力提供向心力。太空電梯與空間站的角速度相同，

由u=3r分析它們線速度大小。根據(jù)萬有引力提供向心力，得到衛(wèi)星的線速度公式〃=J宇，來

分析在同樣高度繞地球做圓周運動的衛(wèi)星與地球同步衛(wèi)星速度關(guān)系，再分析懸停時太空電梯的速

度與在同樣高度繞地球做圓周運動的衛(wèi)星的速度關(guān)系，再判斷懸停時電梯內(nèi)乘客的運動狀態(tài)。

本題的關(guān)鍵要根據(jù)衛(wèi)星的萬有引力提供向心力，得出線速度表達(dá)式，以及勻速圓周運動中共軸轉(zhuǎn)

動時，角速度相等來分析。

4.【答案】C

【解析】解：4核子在結(jié)合成瓶核時發(fā)生質(zhì)量虧損，從而釋放大量的核能，因此扁；([%)的質(zhì)量小

于組成它的核子的質(zhì)量之和，故A正確；

8.兩個氣核。匕)結(jié)合成氨核),發(fā)生了質(zhì)量虧損，因此要釋放能量，故B正確；

in乙He

C.核反應(yīng)遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，質(zhì)量數(shù)不變，故c錯誤;

。.由于核反應(yīng)遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，笊（九）和僦（二）核聚變反應(yīng)的方程是1"+3-

I"I"1H

4

2He+1,故。正確。

On

本題選擇錯誤的說法。

故選：C。

AB.在輕核聚變反應(yīng)中，發(fā)生質(zhì)量虧損，從而釋放能量；

C.核反應(yīng)遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒；

。.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒來判斷方程是否正確。

核反應(yīng)遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，注意質(zhì)量數(shù)守恒與質(zhì)量虧損并不矛盾，質(zhì)量數(shù)是指原子質(zhì)

子數(shù)和中子數(shù)的總和。

5.【答案】B

【解析】解：ABC,在圓環(huán)平面上方的中心軸上取一點，此點的場強(qiáng)由矢量合成可得E=竽s譏a2（

其中Q為圓環(huán)帶的總電量，a為豎直中心軸上一點與圓環(huán)上任一點連線的夾角），經(jīng)求導(dǎo)得出，軸

上子R處剛好是此中心軸上半部分場強(qiáng)最大的點。在此點帶電小球受到的電場力最大，此時剛好

與小球的重力相等，故在0.5R處，R處,2R處，電場力均小于。處的電場力。故AC錯誤，B正確。

。、因在2R處電場力小于重力，故小球要向下加速運動，至IJ。點加速度為零，速度最大，此段電

場力做負(fù)功，電勢能增大。過0點之后，又向下加速運動直到穿過帶電圓環(huán)平面中進(jìn)入下半部向

下運動，根據(jù)帶電環(huán)的在中心對稱軸的電場分布的對稱性可知，其電場力與重力同方向。故向下

加速直到與地面相撞而停止運動。此過程中電場力做正功，故電勢能減小。故。錯誤。

故選；B.

根據(jù)對稱性及電場的矢量合成可知，此中心對稱軸上在圓平面的上方有一個場強(qiáng)最大的點，這樣

就判斷出在不同位置釋放的帶電小球最初的運動方向了，ABC就可以判斷出來了，然后根據(jù)電場

力做正功的正負(fù)與電勢能的關(guān)系，即可判斷出。了。

本題關(guān)鍵是要利用對稱性，合成的思想，找出中心對稱軸上半部分的合電場強(qiáng)度最大的位置。

6.【答案】CD

【解析】解：人由圖可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度先垂直紙面向里減小，再垂直紙面向外增大，根據(jù)楞次

定律得，線圈中的感應(yīng)電流方向始終為順時針，力時刻電流方向不變，故A錯誤；

B、根據(jù)左手定則得，0?玲時間內(nèi)，線框受到的安培力方向豎直向上，曲?2to時間內(nèi)，線框受到

的安培力方向豎直向下，故8錯誤；

C、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，線圈中感應(yīng)電動勢的大小為E=n岑=幾第5=嘩也

zirZJCZCQ

根據(jù)閉合電路歐姆定律得，線圈中的電流大小為/=5=噂%

AZKCQ

t=0時刻，線圈受到的安培力大小為尸=nBolL=nBol-2r=吧曜1

故c正確；

。、0?葭to時間內(nèi)，通過導(dǎo)線某橫截面的電荷量為q=/?2%=之唔

故。正確。

故選：CDo

根據(jù)楞次定律判斷電流的方向；根據(jù)左手定則判斷安培力的方向；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解

感應(yīng)電動勢的大小，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解線圈中的電流,根據(jù)安培力公式求解安培力大??；

根據(jù)q=〃求解通過橫截面的電荷量。

本題考查電磁感應(yīng)，解題關(guān)鍵是會根據(jù)楞次定律判斷電流的方向，會根據(jù)左手定則判斷安培力的

方向，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律和安培力公式求解即可，注意安培力公式F=

B/L中L指有效長度。

7.【答案】CD

【解析】解：4、粒子在勻強(qiáng)電場中，電場力恒定，粒子C、。兩點的速度方向垂直，可知粒子在

水平方向做勻減速直線運動，設(shè)此方向的電場力為在豎直方向做勻加速直線運動，設(shè)此方向

的電場力為E?q,設(shè)電場力與豎直方向的夾角為。，位移與豎直方向的夾角為如下圖所示:

由上圖可知，粒子從C運動到。的過程中，速度方向與電場力方向夾角先為鈍角后為銳角，電場力

對粒子先做負(fù)功后做正功，電勢能先增加后減少，故A錯誤；

BC、設(shè)CD兩點間的電勢差為Uco，由C點到。點利用動能定理：一(/上。=—謚，解

得：UCD=—7；；；"‘%D<。,由=Wc—9?？傻肳c<9。，故8錯誤，C正確；

D、粒子水平方向的位移％=空3豎直方向的位移y="t，由圖可知tans=a代入數(shù)據(jù)，

y

2y2

可得tan￡=:,所以夕=37。，水平方向加速度大小的=中，豎直方向加速度大小。一如，由圖

可知tan。=券=翳=詈，代入數(shù)據(jù)可得tan。=,，所以。=37。，CD兩點沿電場方向的距離d=

t，2QTHCI2。24

77m-

Lcos(6+B),代入數(shù)據(jù)可得d=久，則電場強(qiáng)度后=皿=牛=旦強(qiáng)，故。正確。

25I'理

故選：CD。

A、粒子在勻強(qiáng)電場中受到恒定的電場力，由CD兩點速度的方向，可知粒子水平和豎直方向的運

動特點，可以畫出電場力的方向，根據(jù)電場力與速度夾角的關(guān)系可知電場力做功的正負(fù)，由功能

關(guān)系可知電勢能的變化特點；

BC、從C點到。點對粒子利用動能定理，可得CO兩點間的電勢差，電勢差為負(fù)值，可知CD兩點電

勢的高低；

。、根據(jù)粒子在水平方向和豎直方向的位移關(guān)系，可得合位移與豎直方向的夾角，由兩個方向的

加速度關(guān)系可得電場力與豎直方向的夾角，則可得沿著電場方向CD兩點間的距離，由后=稱可得

場強(qiáng)的大小。

解決該題的關(guān)鍵是明確電場力做功情況，注意電場力做負(fù)功電勢能增加，電場力做正功，電勢能

減少，還要注意E=g中d為沿電場方向的兩點間的距離。

a

8.【答案】CD

【解析】解：分別對Q、滑輪2和物塊c受力分析，如圖:

滑輪2受到向下的等于rng的拉力，兩繩子的拉力，由于為同一根繩，拉力大小均為7,對滑輪2,

由平衡條件得：

'-2c鴻

Q受到重力mg、支持力N1，拉力T和摩擦力/；,對Q向右緩慢移動過程，在水平方向由平衡條件得：

=Tsin^=^mg-tanp可得0減小到零，Q與橫桿之間的摩擦力后減小。

物塊C受到重力rng,支持力N2,拉力T,與斜劈間的摩擦力心（假設(shè)力的方向沿斜面向下），沿斜面

的方向由平衡條件得：

cfmg1

f2=T-mgsina=^--mg,在夕由120。減小接近于零的過程，月始終大于零，即方向始終沿

斜面向下，且大小減小到接近于零。當(dāng)0等于0。時，c與斜劈的摩擦力最小值為0。

以斜面和c整體為研究對象，在水平方向上，斜劈受到地面的摩擦力等于Ts譏片;mg七吟可

得￡=120。時斜劈受到地面的摩擦力最大，且為?ag。故AB錯誤，8正確。

故選:CD。

根據(jù)題意先對Q、滑輪2和物塊c受力分析，根據(jù)同一條繩子上的拉力相等，再結(jié)合平衡條件對滑

輪2列式，即可分析身子拉力大小；最后再分別對Q以及c根據(jù)平衡關(guān)系列式即可求解。

本題關(guān)鍵是先對滑輪2受力分析，根據(jù)平衡關(guān)系列式求解繩子上的拉力，再分別對Q以及c根據(jù)平

衡關(guān)系列式求解即可，該題考查連接體問題的受力分析。

9.【答案】0.170D叱二t2）

【解析】解：(1)20等分的游標(biāo)卡尺的精確度為0.05m血，遮光條的寬度d=1mm+14x0.05mm=

1.70mm=0.170cm

(2)由于細(xì)繩對滑塊的拉力可以直接從力傳感器讀出，因此實驗中不需要保證沙和沙桶質(zhì)量遠(yuǎn)小于

物塊和遮光片質(zhì)量；

力傳感器感知的是在傳感器自身重力及沙和沙桶總重力作用繩子對滑塊的拉力，因此(b)圖的安裝

方法是正確的；

綜上分析，故ABC錯誤，。正確。

故選：D。

(3)滑塊分別通過光電門4、B的瞬時速度為力=，，為=著

根據(jù)勻變速運動加速度的定義a=早1

旦一旦

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得滑塊的加速度a=反宜="二組

t

故答案為：(1)0.170；(2)0；(3)勺12)。

cclc2

(1)20等分的游標(biāo)卡尺的精確度為0.05mm,遮光條的寬度d=主尺上對應(yīng)刻度+對齊格數(shù)x精確度;

(2)本實驗不需要用沙和沙桶的總重力代替繩子的拉力，據(jù)此分析作答；力傳感器感知的是在傳感

器自身重力及沙和沙桶總重力作用繩子對滑塊的拉力，據(jù)此分析作答；

(3)根據(jù)平均速度公式分別滑塊通過通過光電門4、B的瞬時速度，再根據(jù)加速度的定義式求加速

度。

本題考查了游標(biāo)卡尺的讀數(shù)以及探究加速度與力的關(guān)系；注意實驗中只有需要用沙和沙桶的總重

力代替繩子的拉力，才需保證沙和沙桶質(zhì)量遠(yuǎn)小于物塊和遮光片質(zhì)量。

10.【答案】A2R23.50.36

【解析】解：(1)電流表改裝電壓表，必須用已知內(nèi)阻得電流表進(jìn)行改裝，因此可知，為首先不符

合要求，而若用小電表進(jìn)行改裝，則可知所給出的定值電阻都不能滿足要求，綜合可知只有必符

合要求，根據(jù)電表的改裝原理有U=/g(Rg+RQ，而電源電動勢約為3.7V,根據(jù)電壓表的選取原

則可知，改裝以后的電壓表量程要接近電源的電動勢，而根據(jù)電壓表的改裝原理及所給出的定值

電阻，可確定應(yīng)選擇定值電阻&，改裝以后的量程為U=0.1x(10+40)V=5V,符合要求，另

外兩個定值電阻都不符合要求；

根據(jù)直除法可知，若將電流表4接入電路，則電流過大，電表量程太小，會損壞電表，則電流表

應(yīng)選擇&而選擇電流表4以后，滑動變阻器只能選擇R*若選擇魚，除了操作不便，更重要的是

回路中電流過小，不滿足電流表的讀數(shù)要求，故電流表選擇4,滑動變阻器選擇心。

(2)為了盡量準(zhǔn)確地測量出電動勢和內(nèi)阻，實驗電路圖如下

4

改裝以后的電壓表所在支路和電流表公所在支路并聯(lián)，兩支路電壓相等，根據(jù)閉合電路的歐姆定

律有

E=%(RA2+口2)+U1+%)(R1+r)

此種方式可準(zhǔn)確測量電源的電動勢和內(nèi)阻。

(3)根據(jù)電路圖，由閉合電路的歐姆定律可得

E

/2=

R/i2+R2+Ri+rR/i2+R2+Ri+r

r+Ri

可得圖像斜率大小k

R?12+R2+Rl+r

E

截距b二

R/iz+Rz+Ri+r

解得E=3.51/,r=0.360

故答案為：(I)%，?2-R4；(2)見解析；(3)3.5,0.36o

(1)選擇實驗器材時要注意兼顧安全性、精確性以及實驗的可操作性等方面即可分析；

(2)根據(jù)實驗原理涉及電路圖即可；

(3)根據(jù)-A圖象的截距和斜率的物理意義，可以通過圖象得出電動勢和內(nèi)阻。

本題考查測定電源的電動勢和內(nèi)阻，要根據(jù)實驗原理涉及電路圖，關(guān)鍵在利用與-/i圖象時，要

注意與閉合電路歐姆定律結(jié)合，題目難度較大。

11.【答案】解：(1)根據(jù)折射定律n="上

代入數(shù)據(jù)解得折射角r=30°

根據(jù)臨界角公式sinC=-=-7===￡2

nv22

因此臨界角C=45。

作出折射光線剛好在柱面上發(fā)生全反射時臨界入射光線的光路圖，如圖所示:

折射光線剛好在。1、。2處發(fā)生全反射，則圓弧。1。2之間有折射光線射出

根據(jù)幾何關(guān)系NBOOi=180°-(90°-j)-C=180°-(90°-30°)-45°=75°

^AOO2=180°-(90°+i)-C=180°-(90°+30°)-45°=15°

因此圓柱面上有光束射出的圓弧部分所對的圓心角支=180°-48。。1一440。2=180°-75°-

15°=90°

(2)在AOPOi中，根據(jù)正弦定理—繆=與

'''stn60sin45

解得Ax】=華

在△OQO2中，根據(jù)正弦定律一黑=4條

smlzOsi"45

解得=零

z3

解得寬度/%=

答：(1)圓柱面上有光束射出的圓弧部分所對的圓心角為90。；

(2)能從圓柱面射出的光束對應(yīng)的入射光束沿x軸的寬度為亨R。

【解析】(1)根據(jù)折射定律求折射率，根據(jù)臨界角公式求臨界角，作出折射光線剛好在柱面上發(fā)生

全反射時的臨界入射光線，根據(jù)數(shù)學(xué)知識求圓柱面上無光束射出的圓弧部分所對的圓心角，最后

求圓柱面上有光束射出的圓弧部分所對的圓心角；

(2)根據(jù)正弦定律求解能從圓柱面射出的光束對應(yīng)的入射光束沿x軸的寬度。

本題主要考查了光的折射和全反射，作出折射光線剛好在柱面上發(fā)生全反射時的臨界入射光線是

解題的關(guān)鍵。

12.【答案】解：(1)設(shè)兩個粒子源4、B沿y軸正向發(fā)射粒子的速度為孫，在坐標(biāo)系中畫出它們在

電場中以及在第一象限勻速直線運動的軌跡如下圖所示：

帶電粒子在電場中做類平拋運動，將運動分解成y方向的勻速直線運動和x方向的勻加速直線運動,

設(shè)加速度為a，設(shè)粒子源4、B的粒子運動到y(tǒng)軸的時間分別為G和土2，

則在x方向有：94=；遍，4L=atj

在y方向有：yc=%匕、yD=v0t2

聯(lián)立解得：光：Vo=3：2

(2)設(shè)粒子在C、。兩點的速度方向與y軸夾角分別為％和。2,則tcm%=魯，t6m"=詈，解得：

tand1：tan02=：12=3：2

tand2=

根據(jù)第一問圖示的幾何關(guān)系：tan%=含二聯(lián)立解得：yp=lyD

八4Lxp

又根據(jù)類平拋運動的幾何關(guān)系得：1即％=肪=

-2yPyD

聯(lián)立解得：XP=12L

(3)畫出粒子在磁場中的運動軌跡如下圖所示:

設(shè)兩處粒子的質(zhì)量為m、電荷量為q,粒子在磁場中的軌跡對應(yīng)的圓弧半徑分別為萬、萬，由粒子

在磁場中做圓周運動的半徑公式得：

r=0=mv0

1qBcosdi92qBcos&2

設(shè)兩處粒子在磁場中的軌跡對應(yīng)的圓弧對應(yīng)的弦長CM長度為修、EN長度為上，由幾何關(guān)系以及

上面的半徑公式可知：

久1=2rleos￡=2翳，x2=2r2cosQ2=2翳

由圖可知兩處粒子飛出位置間的距離即為MN間的距離，設(shè)為Ax,設(shè)CE長為沏，zlx=%0+x2-

久1=*0=Oc-yD)t?n02=、,拿=4工

兩處粒子飛出位置間的距離為4L。

答：⑴"、%)的比值為3：2；

(2)相遇點的橫坐標(biāo)為12L；

(3)兩處粒子飛出位置間的距離為4L

【解析】(1)帶電粒子在電場中做類平拋運動，將運動分解成y方向的勻速直線運動和x方向的勻加

速直線運動，得出ye、YD表達(dá)式，進(jìn)而求兒、的比值；

(2)根據(jù)剛剛進(jìn)入第一象限的速度方向表達(dá)出速度與y軸夾角的正切值，結(jié)合ye、表達(dá)式以及幾

何關(guān)系等得出相遇點的橫坐標(biāo)；

(3)第一象限內(nèi)y>ye區(qū)域，加上垂直于坐標(biāo)平面方向向里的勻強(qiáng)磁場，兩處粒子在直線邊界磁場

中運動，寫出半徑表達(dá)式，再根據(jù)粒子在y=光直線上的進(jìn)入點坐標(biāo)以及弦長等求兩處粒子飛出

位置間的距離。

本題考查了帶電粒子在電場中的運動以及在磁場中的運動，出電場的速度方向與y軸的夾角的正切

值是解題的突破口，另外注意幾何關(guān)系的