黑龍江省齊齊哈爾市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期物理期中考試試卷姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三四總分評分一、單選題1．下列說法錯誤的是（）A．英國物理學(xué)家法拉第最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場B．安培的分子電流假說揭示了磁性的起源，他認(rèn)為在原子，分子等微粒內(nèi)部存在著分子電流C．丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)電流可以使周圍的小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，證明電流周圍存在磁場D．元電荷的數(shù)值最早是物理學(xué)家安培測得的e=1.6×10-19C2．關(guān)于磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說法中正確的是（）A．若長為L、電流為I的導(dǎo)線在某處受到的磁場力為F，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度必為FB．由B=FIL知，B與F成正比，與C．由B=FD．磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是小磁針靜止時北極所受磁場力的方向3．如圖，兩個固定正點(diǎn)電荷相距L，電荷量均為q(q>0，q遠(yuǎn)大于電子電量)，兩個點(diǎn)電荷中點(diǎn)為O點(diǎn)，A點(diǎn)為兩點(diǎn)電荷中垂線上一點(diǎn)。靜電力常量為k，不計重力。下列說法正確的是（）A．若在A點(diǎn)由靜止釋放一電子，電子將做勻加速運(yùn)動B．在兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為零C．在兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，O點(diǎn)的電勢最高D．過O、A兩點(diǎn)的直線位于同一等勢面上4．如圖所示，質(zhì)量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強(qiáng)電場中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點(diǎn)（重力不計），則從開始射入到打到上極板的過程中（）A．它們運(yùn)動的時間tQ＞tPB．它們運(yùn)動的加速度aQ＜aPC．它們所帶的電荷量之比qP∶qQ=1∶2D．它們的動能增加量之比ΔEkP∶ΔEkQ=1∶25．如圖所示，光滑水平桌面上放置質(zhì)量為M=2kg的長方體形木板B，質(zhì)量為m=1kg的小物塊A停在B右端。t=0時刻，木板B在水平恒力F作用下由靜止開始運(yùn)動，此后A、B運(yùn)動的速度-時間圖像如圖乙所示，在t=1s時，A物塊剛好從B的左端滑落。規(guī)定水平向右為正方向，則以下判斷正確的是（）A．A對B的壓力與地面對B的支持力沖量和為零B．水平恒力F與A對B的摩擦力的沖量和為零C．在0～1s內(nèi)，水平恒力F的沖量大小為10N·sD．在0～1s內(nèi)，A對B的沖量為8N·s6．兩球A、B在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運(yùn)動，mA=1kg，mB=2kg，A．vA'=5m/s，vB'C．vA'=?4m/s，vB'7．某同學(xué)將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在了同一坐標(biāo)系中，如圖中的a、b、c所示。以下判斷錯誤的是（）A．直線a表示電源的總功率PEB．曲線c表示電源的輸出功率PRC．電源的電動勢E＝3V，內(nèi)電阻r＝1ΩD．電源的最大輸出功率Pm＝9W8．圖中虛線所示為靜電場中的等勢面1、2、3、4，相鄰的等勢面之間的電勢差相等，其中等勢面3的電勢為0。一帶正電的點(diǎn)電荷在靜電力的作用下運(yùn)動，經(jīng)過a、b點(diǎn)時的動能分別為26J和5J。當(dāng)這一點(diǎn)電荷運(yùn)動到某一位置．其電勢能變?yōu)?8J時，它的動能為()

A．8J B．15J C．20J D．34J二、多選題9．如圖所示，將帶鐵芯的線圈A通過滑動變阻器和開關(guān)連接到電源上，線圈B的兩端連接到靈敏電流計上，把線圈A放進(jìn)線圈B的里面．下列說法正確的是（）A．開關(guān)閉合后，線圈A插入或拔出都會引起電計指針偏轉(zhuǎn)B．線圈A插入線圈B中后，開關(guān)閉合和斷開的瞬間電流計指針均不會偏轉(zhuǎn)C．線圈A插入線圈B中后，開關(guān)閉合和斷開的瞬間電流計指針向相反的方向偏轉(zhuǎn)D．開關(guān)閉合后，只有滑動變阻器的滑片P加速滑動，電流計指針才會偏轉(zhuǎn)10．如圖所示，電路中A、B為兩塊豎直放置的金屬板，開關(guān)S合上后，靜電計指針張開一個角度，下述哪些做法可以使指針張角增大（）A．使A，B兩板靠近一些B．使A，B兩板正對面積錯開一些C．?dāng)嚅_S后，使B板向右平移拉開一些D．?dāng)嚅_S后，使A，B正對面積錯開一些11．如圖甲所示，平行金屬板中央有一個靜止的電子（不計重力），兩板間距離足夠大。當(dāng)兩板間加上如圖乙所示的交變電壓后，在圖中，反映電子速度v、位移x和加速度a三個物理量隨時間t的變化規(guī)律可能正確的是（）A． B．C． D．12．如圖所示，一輕質(zhì)彈簧兩端各連著滑塊A和B，滑塊A的質(zhì)量為m0，滑塊B的質(zhì)量2m0，兩滑塊都置于光滑的水平面上，今有質(zhì)量為mA．子彈打入滑塊A的過程中，子彈對滑塊A的沖量大小為mB．滑塊B的最大速度為1C．彈簧的最大彈性勢能為1D．子彈、滑塊A，滑塊B及彈簧組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能為3三、實(shí)驗題13．把電流表改裝成電壓表的實(shí)驗中，電流表G的滿偏電流Ig為200μA，內(nèi)阻rg在（1）電路如圖所示，所用電源是由兩節(jié)內(nèi)阻很小的干電池串聯(lián)組成的電池組，利用半偏法測定電流表G的內(nèi)阻rgA．滑動變阻器（阻值范圍0～200Ω）B．滑動變阻器（阻值范圍0～5000Ω）C．電阻箱（阻值范圍0～999.99Ω）D．電阻箱（阻值范圍0～99999Ω）依據(jù)實(shí)驗要求，R1應(yīng)該選用、R2應(yīng)該選用（2）該實(shí)驗操作的步驟有：A．只接通K1，調(diào)節(jié)電阻RB．保持R1不變，再接通K2，調(diào)節(jié)電阻C．讀出R2的阻值，即認(rèn)為用此方法測得電流表內(nèi)阻的測量值與真實(shí)值相比。（填“偏大”或“偏小”或“相等”）（3）由此實(shí)驗測出電流表內(nèi)阻rg=500Ω，現(xiàn)通過串聯(lián)一個49.5kΩ的電阻把它改裝成為一個電壓表，則該電壓表的量程為則測得的電壓值是V（保留兩位有效數(shù)字）。14．如圖，用“碰撞實(shí)驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系。（1）實(shí)驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通過測量______（選填選項前的符號），間接地解決這個問題。A．小球開始釋放高度hB．小球拋出點(diǎn)距地面的高度HC．小球做平拋運(yùn)動的射程（2）圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影。實(shí)驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測量平拋射程OP。然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分末端，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)。接下來要完成的必要步驟是______（填選項前的符號）。A．用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B．測量小球m1開始釋放高度hC．測量拋出點(diǎn)距地面的高度HD．分別找到m1、m2相碰后平均落地點(diǎn)的位置M、NE．測量平拋射程OM、ON（3）若兩球相碰前后的動量守恒，其表達(dá)式可表示為，若碰撞為彈性碰撞，其表達(dá)式可表示為（用（2）中測量的量表示）四、解答題15．如圖所示，光滑斜面傾角為37°，一帶有正電的小物塊質(zhì)量為m=1.0×10?3kg，電荷量為q，置于斜面上。當(dāng)沿水平方向加有如圖所示的勻強(qiáng)電場時，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，勻強(qiáng)電場場強(qiáng)大小為E=2500V/m。（g取10m/s2，（1）求小物塊的帶電量q；（2）從某時刻開始，電場強(qiáng)度變化為原來的一半，則過2s后，物塊運(yùn)動的速度為多大。16．利用電動機(jī)通過如圖所示的電路提升重物，已知電源電動勢E=6V，電源內(nèi)阻r=1Ω，電阻R=4Ω，重物質(zhì)量m=0.10kg．閉合電鍵，當(dāng)將重物固定時，電壓表的示數(shù)為5V；當(dāng)重物不固定且電動機(jī)最后以穩(wěn)定的速度勻速提升重物時，電壓表的示數(shù)為5.6V.求：(不計摩擦，g取10m/（1）電動機(jī)的內(nèi)阻．（2）重物勻速上升時電動機(jī)的輸入功率．（3）重物勻速上升的速度大小．17．如圖所示，在光滑的水平地面上，質(zhì)量為1.75kg的木板右端固定一光滑四分之一圓弧槽，木板長2.5m，圓弧槽半徑為0.4m，木板左端靜置一個質(zhì)量為0.25kg的小物塊B，小物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)μ=0.8。在木板的左端正上方，用長為1m的不可伸長的輕繩將質(zhì)量為1kg的小球A懸于固定點(diǎn)O?，F(xiàn)將小球A拉至左上方，輕繩處于伸直狀態(tài)且與水平方向成θ=30°角，小球由靜止釋放，到達(dá)O點(diǎn)的正下方時與物塊B發(fā)生彈性正碰。不計圓弧槽質(zhì)量及空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。求：（1）小球A與物塊B碰前瞬間，小球A的速度大?。唬?）物塊B上升的最大高度；（3）物塊B與木板摩擦產(chǎn)生的總熱量。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A．英國物理學(xué)家法拉第最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場，A正確，不符合題意；B．安培的分子電流假說揭示了磁性的起源，他認(rèn)為在原子、分子等微粒內(nèi)部存在著分子電流，B正確，不符合題意；C．丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)電流可以使周圍的小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，證明電流周圍存在磁場，C正確，不符合題意；D．元電荷的數(shù)值最早是物理學(xué)家密立根測得的e=1.6×10故答案為：D。

【分析】根據(jù)物理學(xué)史進(jìn)行分析判斷正確的選項。2．【答案】D【解析】【解答】若長為L、電流為I的導(dǎo)線在某處受到的磁場力為F，當(dāng)電流方向與磁場方向垂直時，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為FIL，A不符合題意；由B＝FIL知，B由磁場本身決定，與F、IL無關(guān)，B不符合題意；由B＝故答案為：D

【分析】利用安培力的表達(dá)式結(jié)合角度可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與磁場力和電流元大小無關(guān)。3．【答案】B【解析】【解答】兩點(diǎn)荷連線的中垂線上個點(diǎn)的場強(qiáng)不相同，若在A點(diǎn)由靜止釋放一電子，電子將做變加速運(yùn)動，A不符合題意；根據(jù)場強(qiáng)疊加可知，在兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，O點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為零，B符合題意；在兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，在兩電荷連線的中垂線上，O點(diǎn)的電勢最高，C不符合題意；從O到A電勢逐漸降低，D不符合題意；故答案為：B.【分析】利用等量正電荷周圍電場線的分布，利用電場線的疏密可以判別電子的加速度發(fā)生變化；利用場強(qiáng)疊加可以判別O點(diǎn)的場強(qiáng)；利用電場線可以判斷電勢的高低。4．【答案】C【解析】【解答】A．帶電粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，由s=vt可得P、Q運(yùn)動的時間應(yīng)相等，A不符合題意；B．平行電場方向受到電場力，做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)位移時間關(guān)系公式，有y=解得a=由于平行電場方向的位移之比為1：2，所以aQ＞aPB不符合題意；C．根據(jù)牛頓第二定律，有qE=ma解得q=所以P、Q的電荷量之比為qP∶qQ=1：2，C符合題意；D．由動能定理有qEy=△Ek而qP：qQ=1：2，yP：yQ=1：2，所以ΔD不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用水平方向的位移和速度相等可以判別運(yùn)動時間相等；結(jié)合豎直方向的位移公式可以比較加速度的大小；結(jié)合牛頓第二定律可以求出電荷量的比值；再利用動能定理可以求出動能變化量的比值。5．【答案】C【解析】【解答】A．因為A對B的壓力小于地面對B的支持力，所以這兩個力的沖量和不等于零，A不符合題意；B．因為水平恒力F大于A對B的摩擦力，所以這兩個力的沖量和不為零，B不符合題意；CD．在0～1s內(nèi)，對A根據(jù)動量定理ft=m×2?0=2N?s對B根據(jù)動量定理得Ft?ft=M×4?0解得Ft=10N?s，水平恒力F的沖量大小為10N·s，C符合題意；D．在0～1s內(nèi)，A對B的沖量大小為ft=2N?s，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】由于A對B的壓力小于地面對B的支持力所以兩個力的沖量之和不等于0；由于水平恒力大于A對B的摩擦力所以兩個力的沖量和不等于0；利用動量定理可以求出水平恒力的沖量大小及A對B摩擦力的沖量大小。6．【答案】B【解析】【解答】兩球在碰撞過程中滿足動量守恒，則mAvA+mB故答案為：B。

【分析】兩球在碰撞過程中滿足動量守恒，結(jié)合動能的關(guān)系得出碰撞后AB的速度。7．【答案】D【解析】【解答】A．電源總功率的計算公式PE=EI∝I，電源的電動勢E不變，總功率PE與電流I成正比，因此直線a表示電源的總功率PB．因為PR=PE?Pr=EI?I2r，所以應(yīng)是開口向下的曲線，即曲線c表示電源的輸出功率PR，B正確，不符合題意；C．由c圖線可知，當(dāng)I=3A時，PR=0，說明外電路電阻是零，由PE=EI=9W，可得電源電動勢E=3V，則電源內(nèi)電阻r=ED．圖線c表示電源的輸出功率與電流的關(guān)系圖象，很顯然，電源的最大輸出功率小于9W，D錯誤，符合題意。故答案為：D。

【分析】根據(jù)電功率的表達(dá)式得出功率和I的表達(dá)式，從而得出該圖像的斜率，通過歐姆定律得出電源的電動勢和內(nèi)阻。8．【答案】C【解析】【分析】由題，相鄰的等勢面之間的電勢差相等，電荷在相鄰等勢面間運(yùn)動時電場力做功相等，電勢能變化量相等，根據(jù)能量守恒定律確定出電荷在b等勢面上的電勢能，寫出電荷的總能量，再由能量守恒求出其電勢能變?yōu)?8eV時的動能值。

由題，電荷經(jīng)過a、b點(diǎn)時的動能分別為26eV和5eV，動能減小為21eV。而相鄰的等勢面之間的電勢差相等，電荷在相鄰等勢面間運(yùn)動時電場力做功相等，電勢能變化量相等，則電荷從3等勢面到4等勢面時，動能減小7eV，電勢能增大，等勢面3的電勢為0，電荷經(jīng)過b時電勢能為7eV，又由題，電荷經(jīng)b點(diǎn)時的動能為5eV，所以電荷的總能量為E=Ep+Ek=7eV+5eV=12eV，其電勢能變?yōu)?8eV時，根據(jù)能量守恒定律得到，動能應(yīng)為20eV。

故C項正確。

【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵要根據(jù)電場力做功與電勢差的關(guān)系確定電荷的總能量．9．【答案】A,C【解析】【解答】開關(guān)閉合后，線圈A插入或拔出時穿過B的磁通量會發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，都會引起電計指針偏轉(zhuǎn)，A符合題意；線圈A插入線圈B中后，開關(guān)閉合和斷開的瞬間，穿過B的磁通量會發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流計指針會偏轉(zhuǎn)，B不符合題意；線圈A插入線圈B中后，開關(guān)閉合和斷開的瞬間，穿過B的磁通量分別會發(fā)生增加和減小，磁通量的方向相同，會產(chǎn)生相反方向的感應(yīng)電流，電流計指針向相反的方向偏轉(zhuǎn)，C符合題意；開關(guān)閉合后，滑動變阻器的滑片P無論如何滑動，電路中電流都會變化，穿過B的磁通量會發(fā)生變化產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流計指針會偏轉(zhuǎn)，D不符合題意；故答案為：AC.

【分析】開關(guān)閉合后，線圈A插入或拔出時結(jié)合磁通量的表達(dá)式判斷是否有感應(yīng)電流產(chǎn)生，從而得出電流計指針的變化情況，開關(guān)閉合后，滑動變阻器的滑片P移動的過程穿過B中的磁通量發(fā)生變化，從而電流計的指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)。10．【答案】C,D【解析】【解答】AB．閉合S，則兩極板和電源相連，所以電壓不變，即指針的角度不變，AB不符合題意；C．?dāng)嚅_S后，兩極板的電荷量不變，根據(jù)公式C=εS4πkd，可得，使B板向右平移拉開一些后，電容減小，根據(jù)公式D．使A、B兩板正對面積錯開一些，根據(jù)公式C=εS4πkd，可得電容減小，根據(jù)公式故答案為：CD。

【分析】根據(jù)電容器的定義式以及決定式分析判斷使兩極板間電勢差的變大的方法。11．【答案】B,C【解析】【解答】分析電子一個周期內(nèi)的運(yùn)動情況：0～T4時間內(nèi)，電子從靜止開始向B板做勻加速直線運(yùn)動，T4～T2時間內(nèi)沿原方向做勻減速直線運(yùn)動，T2時刻速度為零。T2A．電子做勻變速直線運(yùn)動時x-t圖象應(yīng)是拋物線，A不符合題意。BD．根據(jù)勻變速運(yùn)動速度圖象是傾斜的直線可知，B圖符合電子的運(yùn)動情況。B符合題意，D不符合題意。C．根據(jù)電子的運(yùn)動情況：勻加速運(yùn)動和勻減速運(yùn)動交替產(chǎn)生，而勻變速運(yùn)動的加速度大小不變，a-t圖象應(yīng)平行于橫軸，C符合題意。故答案為：BC。

【分析】利用周期的變化可以判別電子受到的電場力方向及加速度方向，利用加速度的變化可以判別電子的運(yùn)動情況。12．【答案】B,C【解析】【解答】A．設(shè)子彈打入滑塊A的過程中，動量守恒，設(shè)共速的速度大小為v，根據(jù)動守恒定律可得m0v0=2mB．子彈打入滑塊A后，以整體為研究對象，當(dāng)彈簧第一次回到原長時，B的速度最大，設(shè)此時子彈和A的速度大小為v1，B的速度大小為v2；根據(jù)動量守恒定律可得2m0v=2m0v1+2m0v2，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得12×2m0vC．當(dāng)三者的速度相等時彈簧的彈性勢能最大，根據(jù)動量守恒定律可得2m0v=4m0v共，根據(jù)能量守恒定律可得Ep=1D．子彈打入滑塊A過程中機(jī)械能有損失，以后子彈、滑塊A、滑塊B及彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能不變，則損失的機(jī)械能為ΔE=1故答案為：BC。

【分析】當(dāng)子彈打入滑塊A的過程根據(jù)動量守恒以及動量定理得出子彈隊滑塊A的沖量，結(jié)合機(jī)械能守恒定律以及能量守恒定律得出損失的機(jī)械能和彈簧的最大彈性勢能。13．【答案】（1）D；C（2）偏?。?）10；6.0【解析】【解答】（1）根據(jù)半偏法原理可知，要保證干路電流不變，且為滿偏電流Ig，則干路電阻R1阻值約為R1=EIg（2）閉合開關(guān)K2，回路中總電阻減小，干路電流增大，故干路電流略大于Ig，此時電表示數(shù)為Ig2，則流過R2的電流略大于I（3）改裝量程為U=Ig【分析】根據(jù)歐姆定律得出選擇的滑動變阻器和電阻箱；

（2）根據(jù)電路的動態(tài)分析以及歐姆定律得出測量值和實(shí)際值的大小關(guān)系；

（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律得出該電壓表的量程。14．【答案】（1）C（2）A；D；E（3）m1·OM+【解析】【解答】（1）小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，由H=12gt2（2）若動量守恒，應(yīng)有m1v1+m2v2=m1v0，（v0是m1單獨(dú)下落時離開軌道時的速度，v1、v2是兩球碰后m1、m2離開軌道時的速度），又v=（3）設(shè)落地時間為t，則v0=OPt，v1=OMt，v2【分析】（1）小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，結(jié)合平拋運(yùn)動的規(guī)律選擇正確的選項；

（2）根據(jù)“碰撞實(shí)驗器”可以驗證動量守恒定律的實(shí)驗原理得出完成該實(shí)驗的必要步驟；

（3）根據(jù)動量守恒以及平拋運(yùn)動的規(guī)律得出需要驗證的表達(dá)式。15．【答案】（1）解：對靜止在斜面上的物塊受力分析如圖沿斜面，由平衡條件得mg解得q=（2）解：當(dāng)電場強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼囊话?，物塊沿斜面加速下滑，由動量定理得(mg解得v=6m/s所以2s后物塊的速度為6m/s。另解：由牛頓第二定律得mg得a=3又v=