…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研銜接版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示．設(shè)有一分子位于圖中的坐標(biāo)原點(diǎn)O處不動(dòng)，另一分子可位于x軸上不同位置處．圖中縱坐標(biāo)表示這兩個(gè)分子間分子力的大小，兩條曲線分別表示斥力和引力的大小隨兩分子間距離變化的關(guān)系，e為兩曲線的交點(diǎn)．則。

A.ab為斥力曲線，cd為引力曲線，e點(diǎn)橫坐標(biāo)的數(shù)量級(jí)為10-15mB.ab為引力曲線，cd為斥力曲線，e點(diǎn)橫坐標(biāo)的數(shù)量級(jí)為10-10mC.若兩個(gè)分子間距離大于e點(diǎn)的橫坐標(biāo)，則分子間作用力的合力表現(xiàn)為斥力D.若兩個(gè)分子間距離越來越大，則分子勢能一定越來越大2、如下圖所示，電路電壓保持不變，滑動(dòng)變阻器的總阻值與的阻值均為電阻的阻值為當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)端P由向滑動(dòng)過程中（）

A.干路中電流不斷減小B.上消耗電功率不斷增大C.上消耗電功率不斷減小D.上消耗電功率不斷增大3、如圖所示；圓O在勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)方向與圓O所在平面平行，帶正電的微粒以相同的初動(dòng)能沿著各個(gè)方向從A點(diǎn)進(jìn)入圓形區(qū)域中，只在電場力作用下運(yùn)動(dòng)，從圓周上不同點(diǎn)離開圓形區(qū)域，其中從C點(diǎn)離開圓形區(qū)域的帶電微粒的動(dòng)能最大，圖中O是圓心，AB是圓的直徑，AC是與AB成α角的弦，則勻強(qiáng)電場的方向?yàn)椤?/p>

A.沿AB方向B.沿AC方向C.沿OC方向D.沿BC方向4、提出分子電流假說并用以解釋物質(zhì)磁性及磁化現(xiàn)象的科學(xué)家是（）A.奧斯特B.安培C.歐姆D.法拉第5、如圖所示，一帶電油滴懸浮在平行板電容器兩極板A、B之間的P點(diǎn)，處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)將極板A向下平移一小段距離，但仍在P點(diǎn)上方，其它條件不變下列說法中正確的是

A.液滴將向下運(yùn)動(dòng)B.液滴將向上運(yùn)動(dòng)C.電容器電容變小D.極板帶電荷量將減少6、如圖所示，已知R1＝R4＝0.5Ω，r＝1Ω，R2＝6Ω，R3的最大阻值為6Ω．在滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過程中，下列說法不正確的是())

A.定值電阻R4的功率、電源的總功率均減小B.電源的輸出功率變小C.電源的效率先增大后減小D.MN并聯(lián)部分的功率先增大后減小評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)7、如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻一定，電壓表和電流表均為理想電表。現(xiàn)使滑動(dòng)變阻器R滑片向左滑動(dòng)一小段距離，測得電壓表V1的示數(shù)變化大小為電壓表V2的示數(shù)變化大小為電流表A的示數(shù)變化大小為對(duì)于此過程下列說法正確的是（）A.通過電阻R1的電流變化量大小等于B.R0兩端的電壓的變化量大小等于C.路端電壓的增加量等于D.為一定值8、如圖所示,實(shí)線表示在豎直平面內(nèi)的電場線,電場線與水平方向成角,水平方向的勻強(qiáng)磁場與電場正交,有一帶電液滴沿斜向上的虛線L做直線運(yùn)動(dòng),L與水平方向成角,且則下列說法中正確的是。

A.液滴一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.液滴一定帶正電C.電場線方向一定斜向上D.液滴有可能做勻變速直線運(yùn)動(dòng)9、下列說法正確的是（）A.上午十時(shí)，教室內(nèi)空氣中的氮?dú)夂脱鯕獾姆肿悠骄鶆?dòng)能相同B.空氣的絕對(duì)濕度大，相對(duì)濕度一定大C.水對(duì)玻璃是浸潤的，而水銀對(duì)玻璃是不浸潤的E.一定質(zhì)量的理想氣體等溫膨脹，可能會(huì)向外散熱E.一定質(zhì)量的理想氣體等溫膨脹，可能會(huì)向外散熱10、如圖所示，足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ與水平面成30°角固定放置，導(dǎo)軌間距為1m，導(dǎo)軌所在平面有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為100T、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場，導(dǎo)軌的上端M與P間接有電容為200F的電容器．質(zhì)量為1kg的金屬棒b垂直放置在導(dǎo)軌上，對(duì)金屬棒施加一沿導(dǎo)軌平面向下、大小為10N的恒力F作用，使其由靜止開始運(yùn)動(dòng)．不計(jì)導(dǎo)軌和金屬棒的電阻，重力加速度g＝10m/s2．則下列說法正確的是。

A.金屬棒先做變加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)B.金屬棒運(yùn)動(dòng)過程中通過其電流方向從b到，大小恒定為0.1AC.金屬棒由靜止開始運(yùn)動(dòng)至t＝1s時(shí)電容器所帶電荷量為10CD.金屬棒由靜止開始運(yùn)動(dòng)至t＝1s時(shí)電容器儲(chǔ)存的電場能為25J11、如圖所示，平行板電容器兩極板接在電壓恒為U的直流電源上，上極板A接地，兩個(gè)帶正電的點(diǎn)電荷被固定于極板間的P、Q兩點(diǎn)，忽略兩點(diǎn)電荷對(duì)板間電場的影響，現(xiàn)將平行板電容器的下極板B豎直向下移動(dòng)一小段距離；則()

A.B.C.D.評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)12、用圖甲所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，當(dāng)用光子能量為5eV的光照射到光電管上時(shí)，測得電流計(jì)的示數(shù)隨電壓變化的圖像如圖乙所示.則光電子的最大初動(dòng)能為__________J，金屬的逸出功為________J.13、如圖所示，為某公園內(nèi)的噴泉的聲控控制電路，請(qǐng)?jiān)谔摽騼?nèi)畫出基本邏輯電路的符號(hào)，其中R的阻值大一點(diǎn)好還是小一點(diǎn)好？__________________。

14、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)依次經(jīng)狀態(tài)和后回到狀態(tài)圖中曲線為反比例函數(shù)圖線，直線平行于軸，直線平行于軸。該理想氣體經(jīng)過的的四個(gè)過程中，氣體對(duì)外放熱的過程有_________；氣體對(duì)外做功的過程有________；氣體內(nèi)能增加的過程有___________。15、反射定律：反射光線與入射光線、法線處在______內(nèi)，反射光線與入射光線分別位于______；反射角______入射角．16、如圖所示，電源電動(dòng)勢E=9.0V，內(nèi)阻r=1.0Ω，定值電阻R0=0.5Ω，R為滑動(dòng)變阻器，其電阻可調(diào)范圍為0～10Ω，當(dāng)R=________Ω時(shí)，R上獲得電功率最大，最大功率是________W．

17、某同學(xué)把兩塊大小不同的木塊用細(xì)線連接；中間夾一被壓縮了的彈簧，如圖所示．將這一系統(tǒng)置于光滑的水平桌面上，燒斷細(xì)線，觀察物體的運(yùn)動(dòng)情況，進(jìn)行必要的測量，驗(yàn)證物體間相互作用時(shí)動(dòng)量守恒．

（1）該同學(xué)還必須有的器材是_____；

（2）需要直接測量的數(shù)據(jù)是_____；

（3）用所得數(shù)據(jù)驗(yàn)證動(dòng)量守恒的關(guān)系式是_____．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)18、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

19、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

20、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)21、某同學(xué)利用有一定內(nèi)阻的毫安表（量程0~3mA）測定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r．使用的器材還包括兩個(gè)電阻箱R和R0，兩個(gè)定值電阻R1=15.0Ω和R2=4.5Ω；開關(guān)兩個(gè)，導(dǎo)線若干．實(shí)驗(yàn)原理圖如圖甲所示．

（1）在圖乙的實(shí)物圖中；已正確連接了部分電路，請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線完成余下電路的連接．

（2）請(qǐng)完成下列主要實(shí)驗(yàn)步驟：

①調(diào)節(jié)電阻箱R到最大值，閉合開關(guān)S1和S2，調(diào)節(jié)電阻箱R使毫安表的示數(shù)大約為2mA；

②調(diào)節(jié)電阻箱R，直至在反復(fù)斷開、閉合開關(guān)S2時(shí)，毫安表的指針始終停在某一示數(shù)處，讀得此時(shí)電阻箱R0的電阻為3.0Ω，則毫安表的內(nèi)阻RA=___________Ω；

③保持開關(guān)S1和S2閉合，且保持電阻箱R0的阻值不變，不斷調(diào)節(jié)電阻箱R，讀出其阻值R和對(duì)應(yīng)的毫安表的示數(shù)I；

④根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描點(diǎn)，繪出的圖象如圖丙所示，則該電池的電動(dòng)勢E=___________V，內(nèi)阻r=___________Ω．22、（1）在用油膜法估測分子大小的實(shí)驗(yàn)中，選用下列器材：淺盤（直徑為30~40cm）、注射器（或滴管）、_________、按一定比例稀釋好的油酸溶液、坐標(biāo)紙、玻璃板、水彩筆（或鋼筆）.請(qǐng)將還需要的一種實(shí)驗(yàn)器材補(bǔ)填在橫線上.

（2）在“油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中；有下列實(shí)驗(yàn)步驟：

a．用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上；待油膜形狀穩(wěn)定．

b．將畫有油膜形狀的玻璃板平放在坐標(biāo)紙上；計(jì)算出油膜的面積，根據(jù)油酸的體積和面積計(jì)算出油酸分子直徑的大小．

c．往淺盤里倒入約2cm深的水；待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上．

d．將玻璃板放在淺盤上；然后將油膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上．

上述步驟中，正確的操作順序是__________．（填寫步驟前面的字母）

（3）在“用油膜法估測分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，所用油酸酒精溶液的濃度為每mL溶液中有純油酸mL；用注射器測得1mL上述溶液為75滴．把1滴該溶液滴入盛水的淺盤里，待水面穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用筆在玻璃板上描述油酸膜的形狀，再把玻璃板放在坐標(biāo)紙上，其形狀如圖所示,坐標(biāo)中正方形方格的邊長為1cm，則：

①油酸膜的面積是_____________cm2．

②按以上實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)估測出油酸分子的直徑為___________________m．（②問結(jié)果均保留一位有效數(shù)字）

（4）(多選)某學(xué)生在做“用油膜法估測分子的大小”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，計(jì)算結(jié)果偏大，可能是由于()

A．油酸未完全散開。

B．油酸溶液濃度低于實(shí)際值。

C．計(jì)算油膜面積時(shí)；舍去了所有不足一格的方格。

D．求每滴體積時(shí)，1mL的溶液的滴數(shù)多記了10滴評(píng)卷人得分六、解答題(共4題，共16分)23、如圖1所示，導(dǎo)熱性能良好的氣缸中用一定質(zhì)量且橫截面積為S、厚度不計(jì)的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，將氣缸水平放置，當(dāng)活塞穩(wěn)定時(shí)，活塞到氣缸底部的距離為氣缸長度的已知環(huán)境溫度為T，外界大氣壓強(qiáng)恒為重力加速度為g，活塞的質(zhì)量忽略一切摩擦，整個(gè)過程中無氣體逸出。

（1）如果將氣缸開口向上放置；如圖2所示，求平衡時(shí)活塞到氣缸底部的距離與氣缸長度的比值；

（2）在圖2所示情況下活塞平衡時(shí)，緩慢將環(huán)境的溫度升高到欲使活塞最終平衡在氣缸口，需在活塞上放置一定質(zhì)量的砝碼，求砝碼質(zhì)量與活塞質(zhì)量的比值。

24、汽缸質(zhì)量為M，活塞質(zhì)量為m、截面積為S，內(nèi)部卦閉一定質(zhì)量的理想氣體。先將汽缸靜置在水平面上，氣體高度為L1；后保持溫度不變將汽缸懸掛在天花板上，氣體高度為L2；再保持懸掛狀態(tài)改變氣體溫度T1，當(dāng)氣體溫度達(dá)到T2時(shí)，其高度再回到L1。已知大氣壓強(qiáng)為P0，重力加速度為g。不計(jì)活塞與汽缸間的摩擦。求（用M、m、S、P0、T1、g表示）：

(1)氣體高度L1和L2的比值；

(2)氣體溫度T2的表達(dá)式；

(3)在T-V圖中畫出氣體變體情況。

25、利用半圓柱形玻璃，可減小激光束的發(fā)散程度。在如圖所示的光路中，A為激光的出射點(diǎn)，O為半圓柱形玻璃橫截面的圓心，AO過半圓頂點(diǎn)。若某條從A點(diǎn)發(fā)出的與AO成α角的光線，以入射角i入射到半圓弧上，出射光線平行于AO；求此玻璃的折射率。

26、如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，方向垂直于紙面向里，一帶負(fù)電的粒子(不計(jì)重力)沿水平方向以速度v正對(duì)圓心入射；通過磁場區(qū)域后速度方向偏轉(zhuǎn)了60°．

（1）求粒子的比荷

（2）求粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

在f-x圖象中，隨著距離的增大斥力比引力變化的快，所以ab為引力曲線，cd為斥力曲線，當(dāng)分子間的距離等于分子直徑數(shù)量級(jí)時(shí)，引力等于斥力．所以e點(diǎn)的橫坐標(biāo)可能為m，A錯(cuò)誤，B正確；若兩個(gè)分子間距離大于e點(diǎn)的橫坐標(biāo)，則分子間作用力的合力表現(xiàn)為引力，C錯(cuò)誤；當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，兩個(gè)分子間距離越來越大，分子勢能就越來越小，D錯(cuò)誤．2、B【分析】【詳解】

A．滑片由向滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路阻值不斷減小，滑動(dòng)變阻器與并聯(lián)后阻值不斷減小，電路總電阻不斷減小，可知干路中電流不斷增大；A錯(cuò)誤；

BC．根據(jù)

干路中電流不斷變大，可知上消耗電功率不斷增大；B正確，C錯(cuò)誤；

D．設(shè)兩端電壓為則有

干路中電流不斷變大，可知兩端電壓不斷減小，根據(jù)

可知上消耗電功率不斷減??；D錯(cuò)誤。

故選B。3、C【分析】【詳解】

僅在電場力作用下從A點(diǎn)進(jìn)入；離開C點(diǎn)的動(dòng)能最大，則C點(diǎn)是沿電場強(qiáng)度方向電勢最低的點(diǎn)，所以電場力沿過OC的方向，由于帶電微粒是帶正電，故勻強(qiáng)電場的方向沿OC方向．故C正確，ABD錯(cuò)誤．故選C．

【點(diǎn)睛】

此題是關(guān)于帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)問題；解決本題的關(guān)鍵抓住C點(diǎn)是沿電場強(qiáng)度方向離A點(diǎn)最遠(yuǎn)，以及電場線與過C的切線相垂直．4、B【分析】提出分子電流假說并用以解釋物質(zhì)磁性及磁化現(xiàn)象的科學(xué)家是安培，故選B.5、B【分析】【詳解】

將極板A向下平移一小段距離，電容器板間的電壓保持不變，根據(jù)分析得知，板間場強(qiáng)增大，油滴所受電場力增大，則油滴將向上運(yùn)動(dòng)．故A錯(cuò)誤，B正確．將極板A向下平移一小段距離時(shí)，根據(jù)電容的決定式得知電容C增大，而電容器的電壓U不變，由知，極板帶電荷量將增大．故CD錯(cuò)誤．故選B．6、C【分析】【分析】

在滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過程中，滑動(dòng)變阻器的電阻變大，總電阻變大，總電流減小，從而分析選項(xiàng)A；當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，分析選項(xiàng)B；電源的效率從而分析C；若將R1+R4等效為電源的內(nèi)阻，則此時(shí)等效電源內(nèi)阻為r′=2Ω；因當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大；從而分析選項(xiàng)D.

【詳解】

在滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過程中，滑動(dòng)變阻器的電阻變大，總電阻變大，總電流減小，則根據(jù)P4=I2R4可知定值電阻R4的功率減小，根據(jù)P=IE可知電源的總功率減小，選項(xiàng)A正確；因當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，而R1+R4=r，則當(dāng)變阻器電阻變大時(shí)，外電路電阻遠(yuǎn)離電源內(nèi)阻，則電源的輸出功率減小，選項(xiàng)B正確；電源的效率則當(dāng)外電路電阻R變大時(shí)，電源的效率變大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若將R1+R4等效為電源的內(nèi)阻，則此時(shí)等效電源內(nèi)阻為r′=2Ω；滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過程中，MN之間的電阻從0增加到3Ω，則因當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，可知當(dāng)MN之間的電阻等于2Ω時(shí)，MN之間的功率最大，則在滑動(dòng)變阻器R3的滑片K由最下端向最上端滑動(dòng)過程中；MN并聯(lián)部分的功率先增大后減小，選項(xiàng)D正確；此題選擇不正確的選項(xiàng)，故選C.

【點(diǎn)睛】

此題是動(dòng)態(tài)電路的分析問題；關(guān)鍵是知道當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)電源輸出功率最大，并且會(huì)將電路進(jìn)行必要的等效，再進(jìn)行分析.二、多選題(共5題，共10分)7、A:B:D【分析】【詳解】

A．電壓表V1測量路端電壓，即R1兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律可知，R1的電流變化量大小等于故A正確；

BCD．使滑動(dòng)變阻器R滑片向左滑動(dòng)一小段距離，電阻變大，總電阻變大，總電流變小，內(nèi)阻所占電壓減小，路端電壓增大，所以路端電壓增大并聯(lián)部分的電壓增大通過R1的電流增大，所以通過滑動(dòng)變阻器的電流減小，R0上的電壓減小，R上的電壓增大所以R0兩端的電壓的變化量大小等于電壓表V1測量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知

即為定值；故BD正確，C錯(cuò)誤。

故選ABD。8、A:B:C【分析】【分析】

帶電液滴做直線運(yùn)動(dòng)；要么合力為零做勻速直線運(yùn)動(dòng)，要么所受合力與速度方向在同一直線上，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)；對(duì)帶電液滴進(jìn)行受力分析，然后答題．

【詳解】

帶電液滴受豎直向下的重力G；沿電場線方向的電場力F、垂直于速度方向的洛倫茲力f；由于α＞β，這三個(gè)力的合力不可能沿帶電液滴的速度方向，因此這三個(gè)力的合力一定為零，帶電液滴做勻速直線運(yùn)動(dòng)，不可能做曲線運(yùn)動(dòng)和勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確，D錯(cuò)誤．當(dāng)帶電液滴帶正電，且電場線方向斜向上時(shí)，帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場線向上的電場力F、垂直于速度方向斜向左上方的洛倫茲力f作用，這三個(gè)力的合力可能為零，帶電液滴沿虛線L做勻速直線運(yùn)動(dòng)；如果帶電液滴帶負(fù)電、或電場線方向斜向下時(shí)，帶負(fù)電液滴斜向下運(yùn)動(dòng)時(shí)所受合力才可能為零，沿直線L運(yùn)動(dòng)，故BC正確；故選ABC．

【點(diǎn)睛】

知道液滴沿直線運(yùn)動(dòng)的條件是合力為零或所受合力方向與速度方向在同一直線上、對(duì)帶電液滴正確受力分析，是正確解題的關(guān)鍵．9、A:C:D【分析】【詳解】

A．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；上午十時(shí)，教室內(nèi)空氣中的氮?dú)夂脱鯕獾臏囟认嗤?，所以分子平均?dòng)能相同，故A正確；

B．空氣的相對(duì)濕度等于空氣的絕對(duì)濕度與同溫度下水的飽和汽壓的比值；絕對(duì)濕度大，如果飽和汽壓也大，相對(duì)濕度不一定大，故B錯(cuò)誤；

C．當(dāng)液體與固體接觸時(shí)；液體的附著層將沿固體表面收縮，這是不浸潤，例如水銀對(duì)玻璃是不浸潤的；當(dāng)液體與固體接觸時(shí)，液體的附著層將沿固體表面延伸，這是浸潤現(xiàn)象，例如水對(duì)玻璃是浸潤的，故C正確；

D．分子a從無窮遠(yuǎn)處靠近固定不動(dòng)的分子b，在達(dá)到平衡位置前，分子力做正功，分子勢能減少，經(jīng)過平衡位置后，分子力做負(fù)功，分子勢能增加，所以當(dāng)a、b間分子力為零時(shí)；既分子在平衡位置時(shí)，它們具有的分子勢能一定最小，故D正確；

E．一定質(zhì)量的理想氣體等溫膨脹；氣體對(duì)外做功，而內(nèi)能不變，所以氣體吸熱，故E錯(cuò)誤。

故選ACD。10、B:D【分析】【詳解】

經(jīng)過時(shí)間時(shí)，金屬棒速度設(shè)為金屬棒切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢變化通過電容器的電流又加速度定義式可得對(duì)金屬棒，應(yīng)用牛頓第二定律有解得：故A錯(cuò)誤；根據(jù)右手定則可知通過其電流方向從b到a，由以上可得代入數(shù)據(jù)可得：故B正確；經(jīng)過時(shí)間t流過電路橫截面的電量：故C錯(cuò)誤；經(jīng)過時(shí)間t金屬棒的運(yùn)動(dòng)位移末速度對(duì)金屬棒應(yīng)用動(dòng)能定理有又安培力做功都轉(zhuǎn)化為平行板中電場的電場能聯(lián)立以上并代入數(shù)據(jù)解得：故D正確．所以D正確，ABC錯(cuò)誤．11、B:C【分析】【詳解】

A.由庫侖定律可知；兩點(diǎn)電荷之間的庫侖力不變，A項(xiàng)不符合題意；

B.電容器保持與電源連接，兩極板間電勢差不變，B板下移，兩極板間距離增大，由電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系可知，極板間電場強(qiáng)度減小，由可知，P、Q兩點(diǎn)與A板間電勢差的絕對(duì)值減小，但由于不確定兩極板間電場方向，所以P、Q兩點(diǎn)電勢的升降無法確定；B項(xiàng)符合題意；

C.電勢升降無法確定；則兩點(diǎn)電荷在相應(yīng)位置的電勢能的變化情況也就無法確定，C項(xiàng)符合題意；

D.由電容的決定式可知，電容器的電容減小，由可知，極板帶電荷量減小，D項(xiàng)不符合題意．三、填空題(共6題，共12分)12、略

【分析】【詳解】

第一空.由題中I－U圖像可知：遏止電壓Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光電效應(yīng)方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1913、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]非門的特點(diǎn)是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反；其中R的阻值大一點(diǎn)好。【解析】大一點(diǎn)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

A→B為等溫變化，△U=0；體積減小，外界對(duì)氣體做功W＞0；根據(jù)熱力學(xué)第一定律W+Q=△U得：Q＜0；氣體對(duì)外放熱。

B→C為等壓變化過程，體積增大，氣體對(duì)外界做功W＜0；再根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程知，溫度T升高，內(nèi)能增大△U＞0；據(jù)熱力學(xué)第一定律知；氣體從外界吸熱。

C→D為等溫變化過程，△U=0；體積增大，氣體對(duì)外界做功W＜0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律W+Q=△U得：Q＞0；氣體從外界吸熱。

D→A為等容變化過程，氣體不做功W=0；壓強(qiáng)減小，再根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程知，溫度T下降，內(nèi)能減小△U＜0；據(jù)熱力學(xué)第一定律W+Q=△U得：Q＜0；氣體對(duì)外放熱。

[1]氣體對(duì)外放熱的過程有：A→B，D→A；

[2]氣體對(duì)外做功的過程有：B→C，C→D；

[3]氣體內(nèi)能增加的過程有：B→C?！窘馕觥?5、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】同一平面法線的兩側(cè)等于16、略

【分析】【分析】

把R0看成是電源的一部分，此時(shí)等效電源的電動(dòng)勢沒變，內(nèi)阻為R0+r，所以當(dāng)R=R0+r=1+0.5=1.5Ω時(shí)，電阻R的電功率最大，最大功率為．

【詳解】

當(dāng)R=R0+r=1+0.5=1.5Ω時(shí)，電阻R的最大電功率．

【點(diǎn)睛】

知道電源的輸出功率何時(shí)最大，當(dāng)外電路的電阻等于電源的內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，最大為．【解析】①.1.5②.13.517、略

【分析】【詳解】

小球離開桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，取小球1的初速度方向?yàn)檎较颍瑑尚∏蛸|(zhì)量和平拋初速度分別為：m1、m2，v1、v2，平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移分別為s1、s2，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t．需要驗(yàn)證的方程：0=m1v1-m2v2，又代入得到m1s1=m2s2，故需要測量兩木塊的質(zhì)量m1和m2，兩木塊落地點(diǎn)到桌面邊緣的水平距離s1，s2；需要的器材為刻度尺；天平、重錘線．

（1）需要的實(shí)驗(yàn)器材有：天平；直尺、鉛錘、木板、白紙、復(fù)寫紙、圖釘、細(xì)線等。

（2）需要直接測量的量為：兩物塊的質(zhì)量m1．m2及它們對(duì)應(yīng)的平拋射程s1．s2；

（3）需要驗(yàn)證的表達(dá)式為：m1s1=m2s2．【解析】刻度尺、天平、鉛垂線兩木塊的質(zhì)量m1、m2和兩木塊落地點(diǎn)分別到桌子兩。

側(cè)邊緣的水平距離s1、s2m1s1＝m2s2四、作圖題(共3題，共9分)18、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】19、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動(dòng)情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)21、略

【分析】【詳解】

（1）實(shí)物連線如圖所示。

（2）②斷開，閉合開關(guān)S2時(shí)，使毫安表的指針始終停在某一示數(shù)處，說明通過R1、R2的電流I1相等，通過毫安表、R0的電流I2相等，R1與毫安表兩端的電壓相等，R0與R2兩端的電壓相等，即I1R1=I2RA，I1R2=I2R0，得

④根據(jù)閉合電路歐姆定律有整理得結(jié)合圖象的斜率、截距得解得E=1.5V，r=4.8Ω【解析】10.01.54.822、略

【分析】【詳解】

（1）在本實(shí)驗(yàn)中；要用量筒量取酒精和油酸，從而配制酒精油酸溶液，先在水槽中灑上痱子粉，再將用酒精稀釋過的油酸用滴管滴到水面上，將玻璃板蓋在水槽上，在玻璃板上鋪上坐標(biāo)紙，用彩筆畫出油膜的邊界，則用數(shù)格子的方法得出形成的面積；則可根據(jù)體積公式求得分子直徑，故實(shí)驗(yàn)中還需要：痱子粉．

（2）“油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)步驟為：配制酒精油酸溶液（教師完成，記下配制比例）→測定一滴酒精油酸溶液的體積→準(zhǔn)備淺水盤（c）→形成油膜（a）→描繪油膜邊緣（d）→測量油膜面積、計(jì)算分子直徑（b），即正確的順序是c、a、d、b．

（3）①由圖可知，面積超過正方形一半的正方形的個(gè)數(shù)為114個(gè)，故油膜的面積S=114×1cm2=114cm2，純油酸的體積是：mL，則油酸分子的直徑：m；

（4）計(jì)算油酸分子直徑的公式是V是純油酸的體積，S是油膜的面積．

A、油酸未完全散開，S偏小，