山西省太原市2021-2022學(xué)年高二下學(xué)期物理期中考試試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題1．根據(jù)電磁場(chǎng)理論，下列說(shuō)法正確的是（）A．任何磁場(chǎng)都會(huì)在周圍空間產(chǎn)生電場(chǎng)B．周期性變化的電場(chǎng)會(huì)在周圍空間產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)C．紅外線是電磁波，我們看到烤箱中的紅光就是紅外線D．可見光可用來(lái)照明，但是不能用來(lái)通訊2．傳感器是將非電學(xué)量轉(zhuǎn)化為電學(xué)量的裝置，下列說(shuō)法正確的是（）A．半導(dǎo)體材料可以制成光敏電阻，有光照射時(shí)其阻值將減小B．干簧管可以起到開關(guān)作用，“操縱”開關(guān)的是電場(chǎng)C．電容式位移傳感器是通過(guò)改變兩極板間距改變電容的D．話筒是一種常用的聲傳感器，其作用是將電信號(hào)轉(zhuǎn)換為聲信號(hào)3．如圖的電路中，A、B是兩個(gè)相同的燈泡，電感線圈L的自感系數(shù)較大，電阻與R相等，則（）A．閉合S時(shí)，燈泡A立即變亮，B緩慢變亮B．閉合S時(shí)，燈泡A緩慢變亮，B立即變亮C．閉合S待穩(wěn)定后再斷開，A閃亮一下再熄滅而B立即熄滅D．閉合S待穩(wěn)定后再斷開，B閃亮一下再熄滅而A立即熄滅4．如圖所示，用天平測(cè)量勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列各選項(xiàng)所示的載流線圈匝數(shù)相同，邊長(zhǎng)MN相等，將它們分別掛在天平的右臂下方，線圈中通有大小相同的電流，天平處于平衡狀態(tài)，若磁場(chǎng)發(fā)生微小變化，天平最容易失去平衡的是（）A． B．C． D．5．如圖所示，一理想自耦變壓器與三個(gè)電阻連接，R1、R3為定值電阻、A．僅將P1B．僅將P1向上移動(dòng)，RC．僅將P2向上移動(dòng)，RD．僅將P26．如圖是法拉第發(fā)電機(jī)的示意圖，銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸，當(dāng)圓盤按圖中方向勻速旋轉(zhuǎn)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A．由于穿過(guò)圓盤的磁通量不變，故R中無(wú)感應(yīng)電流B．R中有感應(yīng)電流通過(guò)，方向由b向aC．轉(zhuǎn)軸Q的電勢(shì)高于圓盤邊緣P的電勢(shì)D．轉(zhuǎn)軸Q的電勢(shì)等于圓盤邊緣P的電勢(shì)7．如圖所示，上下不等寬的平行金屬導(dǎo)軌的EF和GH兩部分導(dǎo)軌間的距離為2L，IJ和MN兩部分導(dǎo)軌間的距離為L(zhǎng)，導(dǎo)軌豎直放置，整個(gè)裝置處于水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬桿ab和cd的質(zhì)量均為m，都可在導(dǎo)軌上無(wú)摩擦地滑動(dòng)，且與導(dǎo)軌接觸良好，現(xiàn)對(duì)金屬桿ab施加一個(gè)豎直向上的作用力F，使其勻速向上運(yùn)動(dòng)，此時(shí)cd處于靜止?fàn)顟B(tài)，則F的大小為（）A．2mg B．3mg C．4mg D．mg8．如圖的質(zhì)譜儀中，加速電場(chǎng)的電壓恒定。一質(zhì)子（質(zhì)量為m、電荷量為+e）在入口處從靜止開始被電場(chǎng)加速，經(jīng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0的勻強(qiáng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從出口離開磁場(chǎng)。若氦核（質(zhì)量為4m、電荷量為+2e）在入口處由靜止開始被電場(chǎng)加速，為使它經(jīng)勻強(qiáng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后仍從出口離開磁場(chǎng)，需將磁感應(yīng)強(qiáng)度增加到（）A．2B0 B．2B0 C．4B0 9．如圖，光滑絕緣水平桌面上，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形區(qū)域gdef內(nèi)存在方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，等腰直角三角形線框abc在外力的作用下從該磁場(chǎng)區(qū)的左側(cè)以平行ab的速度v勻速通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，ab=bc=L．從線框進(jìn)入磁場(chǎng)開始計(jì)時(shí)，取逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较颍铝嘘P(guān)于線框中的感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的圖像正確是（）A． B．C． D．10．如圖甲所示，固定的單匝導(dǎo)體環(huán)直徑為d，電阻為R，處于與環(huán)面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示（垂直紙面向外為B的正方向），則在0?T時(shí)間內(nèi)（）A．t=TB．t=TC．t=3T4D．0～T內(nèi)環(huán)中產(chǎn)生的熱量為π二、多選題11．如圖是高頻焊接原理示意圖。當(dāng)線圈中通以變化的電流時(shí)，待焊接的金屬工件的焊縫處就會(huì)產(chǎn)生大量熱量將金屬熔化，把工件焊接在一起。下列說(shuō)法正確的是（）A．電源的頻率越高，工件中的感應(yīng)電流越大B．電源的頻率越低，焊縫處的溫度升高得越快C．焊縫處產(chǎn)生大量的熱量是因?yàn)楹缚p處的電流大D．焊縫處產(chǎn)生大量的熱量是因?yàn)楹缚p處的電阻大12．如圖所示，航天飛機(jī)在軌運(yùn)行時(shí)釋放一顆繩系衛(wèi)星，二者用電纜繩連接，當(dāng)航天飛機(jī)連同衛(wèi)星在軌運(yùn)行時(shí)，二者間的電纜就會(huì)與地磁場(chǎng)作用從而產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象。忽略地磁偏角的影響，下列說(shuō)法大致正確的是（）A．赤道上空，地磁場(chǎng)的方向從南向北B．航天飛機(jī)在赤道上空從西往東運(yùn)行時(shí)，A端的電勢(shì)高于B端電勢(shì)C．航天飛機(jī)在赤道上空從東往西運(yùn)行時(shí)，A端的電勢(shì)高于B端電勢(shì)D．航天飛機(jī)沿經(jīng)線從南往北運(yùn)行時(shí)，B端的電勢(shì)高于A端電勢(shì)13．如圖所示，豎直固定的半圓形光滑絕緣凹槽直徑ac水平，O為圓心，d為最低點(diǎn)。處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。將長(zhǎng)為L(zhǎng)的直導(dǎo)體棒放到槽內(nèi)，當(dāng)棒中通有I1的電流時(shí)導(dǎo)體棒可靜止在P點(diǎn)；當(dāng)棒中通有I2的電流時(shí)導(dǎo)體棒可靜止在Q點(diǎn)。已知OP與豎直方向的夾角為30°、OQ與豎直方向的夾角為60°，電流方向均垂直紙面向里，則（）A．磁場(chǎng)方向豎直向下 B．磁場(chǎng)方向豎直向上C．導(dǎo)體棒中的電流I1I214．如圖是發(fā)電機(jī)給用戶供電的示意圖。已知發(fā)電機(jī)的輸出電壓為250V、輸出功率為200kW。升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比是1：20，兩變壓器間輸電導(dǎo)線的總電阻為5Ω，用戶得到的電壓為220V。已知變壓器是理想變壓器，則（）A．輸電線上的電流為50AB．用戶得到的功率為190kWC．輸電線上損失的電壓為200VD．降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為240：1115．如圖，足夠長(zhǎng)的平行金屬軌道間距為d，與水平面的夾角為θ，上端接有阻值為R的電阻，處于方向垂直軌道平面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。質(zhì)量為m、電阻為r的金屬桿ab從軌道上由靜止釋放。已知金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，桿與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，不計(jì)其他電阻，下列說(shuō)法正確的是（）A．金屬桿先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)B．穩(wěn)定后，重力對(duì)金屬桿做功的功率等于電路中的電功率C．當(dāng)金屬桿勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，通過(guò)R的電流為mgD．金屬桿的加速度為a時(shí)，速度大小為mg三、實(shí)驗(yàn)題16．在“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，操作步驟如下：①將兩個(gè)線圈套到可拆變壓器的鐵芯上②閉合電源開關(guān)，用多用電表的交流電壓檔分別測(cè)量原線圈和副線圈兩端的電壓③將一組線圈接到學(xué)生電源的交流電源輸出端上，另一個(gè)作為副線圈，接上負(fù)載④將原線圈與副線圈對(duì)調(diào)，或換用不同的原、副線圈，重復(fù)以上步驟⑴以上操作的合理順序是（只填步驟前數(shù)字序號(hào)）；⑵實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)如下表：原線圈匝數(shù)n1（匝）100200400400副線圈匝數(shù)n2（匝）400400200800原線圈兩端電壓U1(V)1.964.908.004.86副線圈兩端電壓U2(V)7.809.763.909.64由此可知在誤差允許的范圍內(nèi)，原、副線圈兩端的電壓比等于；實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)并沒有嚴(yán)格遵從這一規(guī)律，其原因是。17．智能手機(jī)中大都配置有氣壓傳感器，當(dāng)傳感器所處環(huán)境氣壓變化時(shí)，其電阻也隨之發(fā)生變化。為探究氣壓傳感器的阻值Rx隨氣壓P變化的規(guī)律，小明設(shè)計(jì)了圖（a）的電路。圖中，電壓表的內(nèi)阻RV（1）在圖（b）中將實(shí)物連線圖補(bǔ)充完整。（2）當(dāng)環(huán)境氣壓為P時(shí)，閉合開關(guān)S，測(cè)得兩電表的示數(shù)分別為U和I，則氣壓傳感器的阻值Rx=。（用物理量的符號(hào)表示）（3）改變環(huán)境壓強(qiáng)p的大小，測(cè)得不同的Rx值，繪成圖像如圖（c）所示。由圖可得Rx和壓強(qiáng)p的函數(shù)關(guān)系式為Rx=。四、解答題18．如圖為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機(jī)的原理圖，轉(zhuǎn)子是一個(gè)匝數(shù)N=50、面積S=0.15m2，電阻r=1Ω的矩形線圈，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.（1）線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的峰值和感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式；（2）電路中電流表的示數(shù)。19．如圖為一除塵裝置的截面圖，平板M、N的長(zhǎng)度及其間距均為d，兩板間存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B。工作時(shí)，大量質(zhì)量為m、帶電量為?q的帶電塵埃，以平行極板的相同速度進(jìn)人兩板間，在磁場(chǎng)作用下就會(huì)被平板吸附。當(dāng)帶電塵埃以速度v0（1）帶電塵埃進(jìn)人磁場(chǎng)速度v0（2）若塵埃速度變?yōu)榱?320．一種跑步機(jī)的測(cè)速原理如圖所示。跑步機(jī)的跑帶兩側(cè)固定有間距L=0.8m的平行金屬導(dǎo)軌，接有電阻R=9Ω。導(dǎo)軌間充滿磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T、方向垂直跑帶向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，寬度d=0.（1）跑帶運(yùn)動(dòng)的速度v；（2）導(dǎo)體棒每次經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域克服安培力做的功。21．某玩具電磁彈射系統(tǒng)如圖所示，光滑水平面上，虛線MN右側(cè)存在豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、粗細(xì)均勻的正方形單匝金屬線框abcd水平放置，其電阻為R、質(zhì)量為m，ab邊在磁場(chǎng)外側(cè)緊靠MN邊界。用水平外力使線框處于靜止?fàn)顟B(tài)，讓磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t按B=kt（k為大于零的常量）的規(guī)律變化。（1）求線框ab兩端的電勢(shì)差Uab；（2）在線框上固定一質(zhì)量為m0的塑料玩具，并在t=t22．空間中存在一豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和圓形區(qū)域的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向里，如圖所示。一質(zhì)量為m、帶電量為q的正粒子，從P點(diǎn)以水平速度v0射入電場(chǎng)中，然后從M點(diǎn)沿虛線圓半徑方向射入磁場(chǎng)，最后從N點(diǎn)水平射出磁場(chǎng)。已知OP豎直、OM水平，且OP=h（1）粒子進(jìn)人磁場(chǎng)時(shí)的速度；（2）圓形磁場(chǎng)區(qū)域的半徑R；（3）帶電粒子從P點(diǎn)到N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t。23．如圖所示，靜止于A處的離子，經(jīng)電壓為U的加速電場(chǎng)加速后沿圖中圓弧虛線通過(guò)靜電分析器，從P點(diǎn)垂直CN進(jìn)入矩形CNQD區(qū)域，最終打在QN上。CNQD區(qū)域有垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻向分布的電場(chǎng)。已知圓弧所在處場(chǎng)強(qiáng)大小為E，方向如圖所示，離子的質(zhì)量為m、電荷量為q，QN=2d、PN=3d。整個(gè)裝置處于真空中，離子重力不計(jì)。求：（1）圓弧虛線對(duì)應(yīng)的半徑R的大??；（2）磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的取值范圍；（3）打中位置中離N點(diǎn)最遠(yuǎn)的離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A．穩(wěn)定的磁場(chǎng)不會(huì)在周圍空間產(chǎn)生電場(chǎng)，A不符合題意；B．根據(jù)麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論，周期性變化的電場(chǎng)周圍一定產(chǎn)生同頻率的周期性變化的磁場(chǎng)，B符合題意；C．紅外烤箱中的紅光，不是紅外線，紅光的頻率大于紅外線，C不符合題意；D．可見光只是電磁波中的一小部分，可見光可以用來(lái)通訊，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】穩(wěn)定的磁場(chǎng)周圍不會(huì)產(chǎn)生電場(chǎng)；紅光不是紅外線；可見光可以用來(lái)通訊。2．【答案】A【解析】【解答】A．光敏電阻屬于敏感元件，由半導(dǎo)體材料制成，有光照射時(shí)其阻值將減小，A符合題意；B．干簧管時(shí)一種能夠感知磁場(chǎng)的傳感器，“操縱”開關(guān)的是磁場(chǎng)，B不符合題意；C．電容式位移傳感器是通過(guò)通過(guò)改變電介質(zhì)，來(lái)改變電容器的電容，C不符合題意；D．話筒使用了聲音傳感器，其作用是將聲信號(hào)轉(zhuǎn)換為電信號(hào)，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】干簧管操縱開關(guān)是磁場(chǎng)；電容式位移傳感器是通過(guò)電介質(zhì)改變電容器的電容；話筒使用聲音傳感器，其作用是把聲信號(hào)轉(zhuǎn)化為電信號(hào)。3．【答案】B【解析】【解答】AB．閉合S時(shí)，燈泡B立即變亮，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙通過(guò)線圈電流的增大，由于燈泡A與線圈串聯(lián)，故燈泡A緩慢變亮，A不符合題意，B符合題意；CD．閉合S待穩(wěn)定后，由于A、B是兩個(gè)相同的燈泡，線圈的直流電阻與R相等，說(shuō)明兩條支路的電流相等，斷開S時(shí)，由于線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙通過(guò)線圈電流的減小，線圈電流會(huì)通過(guò)A、B兩燈泡，但由于線圈原來(lái)電流大小與兩燈泡電流相等，故不會(huì)看到燈泡閃亮一下，而是看到A、B兩燈泡逐漸熄滅，CD不符合題意。故答案為：B。

【分析】由于電感對(duì)變化電流的阻礙作用，當(dāng)開關(guān)閉合時(shí)其A燈泡緩慢變亮；其斷開開關(guān)時(shí)其AB燈泡逐漸熄滅。4．【答案】A【解析】【解答】解：天平原本處于平衡狀態(tài)，所以線框所受安培力越大，天平越容易失去平衡，由于線框平面與磁場(chǎng)強(qiáng)度垂直，且線框不全在磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，所以線框與磁場(chǎng)區(qū)域的交點(diǎn)的長(zhǎng)度等于線框在磁場(chǎng)中的有效長(zhǎng)度，由圖可知，A圖的有效長(zhǎng)度最長(zhǎng)，磁場(chǎng)強(qiáng)度B和電流大小I相等，所以A所受的安培力最大，則A圖最容易使天平失去平衡．

故答案為：A．【分析】天平原本處于平衡狀態(tài)，天平越失去平衡的原因是因?yàn)榫€框所受到了安培力的作用，A所受的安培力最大，則A圖最容易使天平失去平衡．5．【答案】D【解析】【解答】AB．依題意，僅將滑片P1向上移，副線圈匝數(shù)增大，根據(jù)可知，U2增大，根據(jù)歐姆定律知副線圈總電流增大，即R1中的電流變大，根據(jù)理想變壓器輸入與輸出的功率關(guān)系可知，輸入功率增大，則原線圈中的電流變大，AB不符合題意；C．僅將P2向上移動(dòng)，R2可知副線圈中的電流變大，則R1兩端的電壓變大，R2，R3兩端的電壓減小，所以流經(jīng)RD．僅將P2向上移動(dòng)，R2知負(fù)載消耗的功率增大，所以原線圈的輸入功率也增大，D符合題意。故答案為：D。

【分析】當(dāng)其P1向上移動(dòng)時(shí)其副線圈電壓變大，則根據(jù)歐姆定律可以判別輸出電流增大，結(jié)合其匝數(shù)之比可以判別輸入電流增大；當(dāng)其滑動(dòng)變阻器的滑片向上移動(dòng)時(shí)，其輸出電阻減小則輸出電流增大；結(jié)合其總電流增大可以判別其R1兩端的電壓增大，則其R3電流減小則其通過(guò)R2的電流增大；利用其輸出電流增大及輸出電壓不變可以判別輸出功率增大，利用輸入功率等于輸出功率可以判別輸入功率增大。6．【答案】C【解析】【解答】A．由于穿過(guò)圓盤的磁通量變化，故R中有感應(yīng)電流，A不符合題意；BCD．根據(jù)右手定則，圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線，圓盤中電流的方向?yàn)橛蛇吘壷赶驁A心，R中電流的方向?yàn)橛蒩向b，轉(zhuǎn)軸Q的電勢(shì)高于圓盤邊緣P的電勢(shì)，C符合題意，BD不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用其圓盤磁通量變化可以判別其R有感應(yīng)電流；利用其右手定則可以判別感應(yīng)電流的方向；利用其電流方向可以判別電勢(shì)高低。7．【答案】B【解析】【解答】cd處于靜止?fàn)顟B(tài)，有mg=BILab勻速向上運(yùn)動(dòng)，有F=mg+2BIL則F=3mg故答案為：B。

【分析】利用其cd和ab棒的平衡方程結(jié)合安培力的表達(dá)式可以求出F的大小。8．【答案】A【解析】【解答】根據(jù)動(dòng)能定理得qU=根據(jù)牛頓第二定律得qvB=m根據(jù)題意得x=2r解得B=根據(jù)題意得BB解得B故答案為：A。

【分析】利用動(dòng)能定理可以求出粒子進(jìn)入磁場(chǎng)速度的大小，結(jié)合牛頓第二定律及軌跡半徑的大小可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。9．【答案】C【解析】【解答】BD．線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，磁通量增加，根據(jù)增反減同，產(chǎn)生逆時(shí)針的感應(yīng)電流，電流為正值，BD不符合題意；AC．線框穿出磁場(chǎng)的過(guò)程中，切割磁感線的有效長(zhǎng)度減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)減小，感應(yīng)電流減小，A不符合題意，C符合題意。故答案為：C。

【分析】線圈進(jìn)出磁場(chǎng)時(shí)，利用磁通量的變化可以判別其感應(yīng)電流的方向；利用其動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)及有效長(zhǎng)度的大小可以判別感應(yīng)電流的大小變化。10．【答案】D【解析】【解答】A．t=TB．t=TC．t=3T4時(shí)，根據(jù)公式E=n解得I=C不符合題意；D．0～T內(nèi)磁場(chǎng)的變化率大小不變，感應(yīng)電流大小不變，由Q=得Q=D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用其磁通量變化率可以判別其感應(yīng)電流的方向；利用其楞次定律可以判別環(huán)受到的安培力方向；利用法拉第電磁感應(yīng)定律及歐姆定律可以求出感應(yīng)電流的大??；利用焦耳定律可以求出產(chǎn)生的熱量大小。11．【答案】A,D【解析】【解答】AB．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，電源的頻率越高，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，工件中的感應(yīng)電流越大，焊縫處的溫度升高得越快，A符合題意，B不符合題意；CD．根據(jù)電阻定律，焊縫處產(chǎn)生大量的熱量是因?yàn)楹缚p處接觸面積小，電阻大，C不符合題意，D符合題意。故答案為：AD。

【分析】利用其法拉第電磁感應(yīng)定律可以判別其電源頻率越大其感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，結(jié)合歐姆定律可以判別感應(yīng)電流越大；其溫度升高越快；利用電阻定律可以判別其焊接處面積小電阻大所以產(chǎn)生大量熱量。12．【答案】A,B【解析】【解答】赤道上空地磁場(chǎng)方向由南向北。航天飛機(jī)在赤道上空從西往東走，根據(jù)右手定則，判斷出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向指向A端，A端電勢(shì)高于B端電勢(shì)；若從東往西走，同理，A端電勢(shì)低于B端電勢(shì)；若南北方向走，電纜與磁感線不切割，不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，AB兩端相等。AB符合題意，CD不符合題意。故答案為：AB。

【分析】利用其航天飛機(jī)的速度方向結(jié)合右手定則可以判別感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向，進(jìn)而比較電勢(shì)的高低。13．【答案】B,D【解析】【解答】AB．根據(jù)平衡條件，安培力水平向右，根據(jù)左手定則，磁場(chǎng)方向豎直向上，A不符合題意，B符合題意；CD．根據(jù)平衡條件得BB解得Im=C不符合題意，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】利用磁場(chǎng)方向可以判別其安培力的方向，結(jié)合平衡條件可以判別安培力方向是否符合；利用其平衡方程可以求出其電流大小的比值及導(dǎo)體棒質(zhì)量的大小。14．【答案】C,D【解析】【解答】A．發(fā)電機(jī)的輸出功率P解得I根據(jù)I解得IA不符合題意；B．遠(yuǎn)距離輸電損失的功率為ΔP=用戶得到的功率為P=B不符合題意；C．遠(yuǎn)距離輸電損失的電壓ΔU=C符合題意；D．根據(jù)U解得U降壓變壓器的輸入電壓U根據(jù)U解得nD符合題意。故答案為：CD。

【分析】利用其電功率的表達(dá)式可以求出發(fā)電機(jī)輸出電流的大小，結(jié)合匝數(shù)之比可以求出輸電線電流的大??；結(jié)合熱功率的表達(dá)式可以求出損失功率的大小，結(jié)合能量守恒定律可以求出用電戶得到的功率大??；利用歐姆定律可以求出損失電壓的大??；利用其匝數(shù)之比可以求出升壓變壓器的輸出電壓，結(jié)合其分壓關(guān)系可以求出降壓變壓器的輸入電壓，結(jié)合輸出電壓可以求出降壓變壓器的匝數(shù)之比。15．【答案】A,C【解析】【解答】A．金屬感由靜止釋放，做加速運(yùn)動(dòng)，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，金屬感受安培力作用，則有E=Bdv，I=ER+r得安培力為F=根據(jù)牛頓第二定律mg可知，金屬桿做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)當(dāng)mg加速度為零，金屬桿做勻速直線運(yùn)動(dòng)，A符合題意；B．勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，重力做功等于克服摩擦力做功與克服安培力做功之和，克服安培力做功的功率為電路中的電功率，則重力對(duì)金屬桿做功的功率大于電路中的電功率，B不符合題意；C．當(dāng)金屬桿勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，有mg得I=C符合題意；D．由mg速度為v=D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】利用動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)及歐姆定律可以求出金屬桿的電流大小，結(jié)合安培力的表達(dá)式及牛頓第二定律可以判別其金屬桿加速度的變化；利用勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)重力與摩擦力及安培力平衡可以判別其重力對(duì)金屬桿做功的功率大于電路中的電功率；利用其平衡條件可以求出金屬桿勻速運(yùn)動(dòng)的電流大??；利用其牛頓第二定律結(jié)合加速度的大小可以求出金屬桿的速度大小。16．【答案】①③②④；n1：n2；變壓器有漏磁、線圈由電阻產(chǎn)生熱量等【解析】【解答】(1)以上操作的合理順序是①③②④；(2)根據(jù)表格得UUUU在誤差允許的范圍內(nèi)，原、副線圈兩端的電壓比等于n1：n2；實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)并沒有嚴(yán)格遵從這一規(guī)律，其原因是：變壓器有漏磁、線圈由電阻產(chǎn)生熱量等。

【分析】（1）正確的實(shí)驗(yàn)步驟為①③②④；

（2）利用其實(shí)驗(yàn)輸入電壓及輸出電壓可以判別其電壓之比等于匝數(shù)之比；

（3）實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)存在一定的誤差是由于變壓器有漏磁、線圈由電阻產(chǎn)生熱量。17．【答案】（1）（2）2U（3）(?1【解析】【解答】(1)電路如圖所示(2)因?yàn)镽所以，氣壓傳感器的阻值為R(3)設(shè)Rx和壓強(qiáng)p的函數(shù)關(guān)系式為R當(dāng)P1=0當(dāng)P2=1代入表達(dá)式解得k=?1b=1500Ω電阻Rx和壓強(qiáng)p的函數(shù)關(guān)系式為R

【分析】（1）利用電路圖進(jìn)行實(shí)物圖連線；

（2）利用其電壓表讀數(shù)結(jié)合歐姆定律可以求出氣壓傳感器的阻值大??；

（3）利用其壓強(qiáng)和電阻的關(guān)系結(jié)合其壓強(qiáng)和電阻的大小可以求出其函數(shù)表達(dá)式。18．【答案】（1）解：線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的峰值為E從線圈平面與磁感線平行開始計(jì)時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式為e=代入數(shù)據(jù)得e=7（2）解：電動(dòng)勢(shì)的有效值E=根據(jù)閉合電路歐姆定律I=即電路中電流表的示數(shù)為0【解析】【分析】（1）線圈轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁場(chǎng)，利用動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式可以求出峰值的大小，結(jié)合其角速度可以求出電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式；

（2）已知電動(dòng)勢(shì)的峰值，利用其峰值可以求出有效值的大小，結(jié)合歐姆定律可以求出電流表的示數(shù)。19．【答案】（1）解：根據(jù)洛倫茲力提供向心力q解得r=根據(jù)題意可得粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由圖可知r=d聯(lián)立可得v（2）解：根據(jù)題意可得粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示根據(jù)洛倫茲力提供向心力q解得R=令A(yù)C的距離為x，在三角形O2CB中，有R解得x=該裝置的除塵效率η=【解析】【分析】（1）帶電塵埃進(jìn)入磁場(chǎng)，利用幾何關(guān)系可以求出軌道半徑的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出粒子的速度；

（2）當(dāng)塵埃速度減小時(shí)，利用牛頓第二定律可以求出軌道半徑的大小，結(jié)合其幾何關(guān)系可以求出其除塵的效率。20．【答案】（1）解：閉合電路歐姆定律可得，導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為E=I導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)可表示為E=BLv解得跑帶運(yùn)動(dòng)的速度為v=3m/s（2）解：導(dǎo)體棒每次經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域克服安培力做的功為W【解析】【分析】（1）當(dāng)其導(dǎo)體棒切割磁場(chǎng)時(shí)，利用其歐姆定律可以求出電動(dòng)勢(shì)的大小，結(jié)合動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式可以求出其跑帶的速度大??；

（2）導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，利用其安培力的表達(dá)式及位移可以求出克服安培力做功的大小。21．【答案】（1）解：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=感應(yīng)電流為I=根據(jù)楞次定律，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針線框ab兩端的電勢(shì)差UabU解得U（2）解：t=t0根據(jù)題意得B解得a=【解析】【分析】（1）已知其磁感