第1頁(yè)/共1頁(yè)2025年廣東省普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試物理限時(shí)75分鐘滿分100分一、單項(xiàng)選擇題：本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。1.關(guān)于受迫振動(dòng)和多普勒效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.系統(tǒng)的固有頻率與驅(qū)動(dòng)力頻率有關(guān)B.只要驅(qū)動(dòng)力足夠大，共振就能發(fā)生C.應(yīng)用多普勒效應(yīng)可以測(cè)量車輛的速度D.觀察者與波源相互遠(yuǎn)離時(shí)，接收到的波的頻率比波源的頻率大【答案】C【解析】【詳解】A．系統(tǒng)的固有頻率只與系統(tǒng)本身有關(guān)，與驅(qū)動(dòng)力頻率無(wú)關(guān)，A錯(cuò)誤；B．只有驅(qū)動(dòng)力頻率與系統(tǒng)固有頻率相同時(shí)，共振才能發(fā)生，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)多普勒效應(yīng)可知觀察者與波源相互遠(yuǎn)離時(shí)，接收到的波的頻率比波源的頻率小，觀察者與波源相互靠近時(shí)，接收到的波的頻率比波源的頻率大，所以應(yīng)用多普勒效應(yīng)可以測(cè)量車輛的速度，C正確，D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示。某光伏電站輸出功率、電壓的交流電，經(jīng)理想變壓器升壓至后，通過(guò)輸電線輸送到變電站，輸電線的等效電阻R為。下列說(shuō)法正確的是（）A.變壓器原、副線圈匝數(shù)比為B.輸電線上由R造成的電壓損失為C.變壓器原線圈中的電流為D.變壓器原、副線圈中電流的頻率不同【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓比等于匝數(shù)比可得A錯(cuò)誤；B．原副線圈兩端的功率相等，流過(guò)副線圈的電流輸電線上由R造成的電壓損失為B正確；C．變壓器原線圈中電流為C錯(cuò)誤；D．變壓器不改變交變電流的頻率，變壓器原、副線圈中電流的頻率相同，D錯(cuò)誤。故選B。3.有甲、乙兩種金屬，甲的逸出功小于乙的逸出功。使用某頻率的光分別照射這兩種金屬，只有甲發(fā)射光電子，其最大初動(dòng)能為，下列說(shuō)法正確的是（）A.使用頻率更小的光，可能使乙也發(fā)射光電子B.使用頻率更小的光，若仍能使甲發(fā)射光電子，則其最大初動(dòng)能小于C.頻率不變，減弱光強(qiáng)，可能使乙也發(fā)射光電子D.頻率不變，減弱光強(qiáng)，若仍能使甲發(fā)射光電子，則其最大初動(dòng)能小于【答案】B【解析】【詳解】A．某頻率的光不能使乙金屬發(fā)生光電效應(yīng)，說(shuō)明此光的頻率小于乙金屬的截止頻率，則換用頻率更小的光不能發(fā)生光電效應(yīng)，A錯(cuò)誤；B．由光電效應(yīng)方程可知頻率越大最大初動(dòng)能越大，換用頻率更小的光最大初動(dòng)能小于，B正確；C．頻率不變則小于乙金屬的截止頻率，不會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，C錯(cuò)誤；D．由可知頻率不變最大初動(dòng)能不變，D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖為測(cè)量某種玻璃折射率的光路圖。某單色光從空氣垂直射入頂角為的玻璃棱鏡，出射光相對(duì)于入射光的偏轉(zhuǎn)角為，該折射率為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】光路圖如圖所示則有折射定律可得故選A。5.一顆小行星繞太陽(yáng)運(yùn)行，其近日點(diǎn)和遠(yuǎn)日點(diǎn)與太陽(yáng)之間的距離分別為地球和太陽(yáng)之間距離的5倍和7倍。關(guān)于該小行星，下列說(shuō)法正確的是（）A.公轉(zhuǎn)周期年B.在該小行星在近日點(diǎn)的加速度是地球公轉(zhuǎn)加速度的C.從遠(yuǎn)日點(diǎn)到近日點(diǎn)，小行星受太陽(yáng)引力，逐漸減小D.從遠(yuǎn)日點(diǎn)到近日點(diǎn)，小行星線速度逐漸減小【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)題意，設(shè)地球與太陽(yáng)間距離為，則小行星公轉(zhuǎn)軌道的半長(zhǎng)軸為由開(kāi)普勒第三定律有解得年故A錯(cuò)誤；B．由牛頓第二定律有解得可知即小行星在近日點(diǎn)的加速度是地球公轉(zhuǎn)加速度的，故B正確；C．從遠(yuǎn)日點(diǎn)到近日點(diǎn)，小行星與太陽(yáng)間距離減小，由萬(wàn)有引力定律可知，小行星受太陽(yáng)引力增大，故C錯(cuò)誤；D．由開(kāi)普勒第二定律可知，從遠(yuǎn)日點(diǎn)到近日點(diǎn)，小行星線速度逐漸增大，故D錯(cuò)誤。故選B。6.圖是某種同步加速器的原理圖。直線通道有電勢(shì)差為的加速電場(chǎng)，通道轉(zhuǎn)角處有可調(diào)的勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)。電量為，質(zhì)量為的帶電粒子以速度進(jìn)入加速電場(chǎng)，而后可以在通道中循環(huán)加速。帶電粒子在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為。忽略相對(duì)論效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里B.加速一次后，帶電粒子的動(dòng)能增量為C.加速k次后，帶電粒子的動(dòng)能增量為D.加速k次后，偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為【答案】D【解析】【詳解】A．直線通道有電勢(shì)差為的加速電場(chǎng)，粒子帶正電，則粒子運(yùn)動(dòng)方向?yàn)椋勺笫侄▌t可知，偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向外，故A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)題意，由動(dòng)能定理可知，加速一次后，帶電粒子的動(dòng)能增量為，由于洛倫茲力不做功，則加速k次后，帶電粒子的動(dòng)能增量為，故BC錯(cuò)誤；D．加速k次后，由動(dòng)能定理有解得粒子在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為，則有聯(lián)立解得故D正確。故選D。7.如圖所示，在光滑的水平面上，兩小球M、N分別受到拉力F1、F2的作用，從靜止開(kāi)始在同一直線上相向運(yùn)動(dòng)，在t1時(shí)刻發(fā)生正碰后各自反向運(yùn)動(dòng)。已知F1、F2始終大小相等、方向相反，從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到碰撞后速度第1次減為0過(guò)程中，兩小球速度v隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖，可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)牛頓第二定律兩物體受外力F大小相等，由圖像的斜率等于加速度可知M、N的加速度大小之比為4:6=2:3，可知M、N的質(zhì)量之比為6:4=3:2；設(shè)分別為3m和2m；由圖像可設(shè)MN碰前的速度分別為4v和6v，則因MN系統(tǒng)受合外力為零，向右為正方向，則系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則由動(dòng)量守恒定律若系統(tǒng)為彈性碰撞在，則能量關(guān)系可知解得、因M、N的加速度大小之比仍為2：3，則停止運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1:1，即兩物體一起停止，則BD是錯(cuò)誤的；若不是彈性碰撞，則可知碰后速度大小之比為若假設(shè)v1=2v，則v2=3v，此時(shí)滿足則假設(shè)成立，因M、N的加速度大小之比仍為2：3，則停止運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1:1，對(duì)M來(lái)說(shuō)碰撞前后的速度之比為4v:2v=2:1可知碰撞前后運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為2:1，可知A正確，C錯(cuò)誤。故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本大題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，沿光滑的冰坑內(nèi)壁滑出，使小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示。已知圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，小球所在位置切面與水平面夾角，小球質(zhì)量為，重力加速度取。關(guān)于小球，以下說(shuō)法正確的是（）A.角速度 B.線速度大小為C.向心加速度大小為 D.所受支持力大小為【答案】AC【解析】【詳解】A．對(duì)小球受力分析可知解得故A正確；B．線速度大小為故B錯(cuò)誤；C．向心加速度大小為故C正確；D．所受支持力大小為故D錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖是一種精確測(cè)量質(zhì)量的裝置原理示意圖，豎直平面內(nèi)，質(zhì)量恒為M的稱重框架由托盤(pán)和矩形線圈組成。線圈的一邊始終處于垂直線圈平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度不變。測(cè)量分兩個(gè)步驟，步驟①：托盤(pán)內(nèi)放置待測(cè)物塊，其質(zhì)量用m表示，線圈中通大小為I的電流，使稱重框架受力平衡；步驟②：線圈處于斷開(kāi)狀態(tài)，取下物塊，保持線圈不動(dòng)，磁場(chǎng)以速率v勻速向下運(yùn)動(dòng)，測(cè)得線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E。利用上述測(cè)量結(jié)果可得出m的值，重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的有（）A.線圈電阻為 B.I越大，表明m越大C.v越大，則E越小 D.【答案】BD【解析】【詳解】A．根據(jù)題意電動(dòng)勢(shì)E是線圈斷開(kāi)時(shí)切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，I為線圈閉合時(shí)通入的電流，故不是線圈的電阻；故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)平衡條件有①故可知I越大，m越大；故B正確；C．根據(jù)公式有②故可知v越大，E越大；故C錯(cuò)誤；D．聯(lián)立①②可得故D正確。故選BD。10.如圖所示，無(wú)人機(jī)在空中作業(yè)時(shí)，受到一個(gè)方向不變、大小隨時(shí)間變化的拉力。無(wú)人機(jī)經(jīng)飛控系統(tǒng)實(shí)時(shí)調(diào)控，在拉力、空氣作用力和重力作用下沿水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)。已知拉力與水平面成30°角，其大小F隨時(shí)間t的變化關(guān)系為F=F0－kt（F≠0，F(xiàn)0、k均為大于0的常量），無(wú)人機(jī)的質(zhì)量為m，重力加速度為g。關(guān)于該無(wú)人機(jī)在0到T時(shí)間段內(nèi)（T是滿足F>0的任一時(shí)刻），下列說(shuō)法正確的有（）A.受到空氣作用力的方向會(huì)變化B.受到拉力的沖量大小為C.受到重力和拉力的合力的沖量大小為D.T時(shí)刻受到空氣作用力的大小為【答案】AB【解析】【詳解】AD．無(wú)人機(jī)經(jīng)飛控系統(tǒng)實(shí)時(shí)調(diào)控，在拉力、空氣作用力和重力作用下沿水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則無(wú)人機(jī)受到空氣作用力與重力和拉力的合力等大反向，隨著F的減小重力和拉力的合力如圖可知無(wú)人機(jī)受到空氣作用力的大小和方向均會(huì)改變，在T時(shí)刻有，F(xiàn)=F0－kT解得故A正確、D錯(cuò)誤；B．由于拉力F隨時(shí)間t均勻變化，則無(wú)人機(jī)在0到T時(shí)間段內(nèi)受到拉力的沖量大小為F—t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積為，故B正確；C．將拉力分解為水平和豎直方向，則無(wú)人機(jī)受重力和拉力的合力在水平方向有無(wú)人機(jī)受重力和拉力的合力在豎直方向有0到T時(shí)間段內(nèi)無(wú)人機(jī)受重力和拉力的合力在水平方向的沖量為0到T時(shí)間段內(nèi)無(wú)人機(jī)受重力和拉力的合力在豎直方向的沖量為則0到T時(shí)間段內(nèi)無(wú)人機(jī)受到重力和拉力的合力的沖量大小為故C錯(cuò)誤。故選AB。三、非選擇題：本大題共5小題，共54分?？忌鶕?jù)要求作答。11.請(qǐng)完成下列實(shí)驗(yàn)操作和計(jì)算。（1）在“長(zhǎng)度的測(cè)量及其測(cè)量工具的選用”實(shí)驗(yàn)中，用螺旋測(cè)微器測(cè)量小球的直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)_________mm。（2）實(shí)驗(yàn)小組利用小車碰撞實(shí)驗(yàn)測(cè)量吸能材料的性能，裝置如圖所示，圖中軌道由軌道甲和乙平滑拼接而成，且軌道乙傾角較大。①選取相同的兩輛小車，分別安裝寬度為1.00cm的遮光條。②軌道調(diào)節(jié)。調(diào)節(jié)螺母使軌道甲、乙連接處適當(dāng)升高。將小車在軌道乙上釋放，若測(cè)得小車通過(guò)光電門(mén)A和B的_________。證明已平衡小車在軌道甲上所受摩擦力及其他阻力。③碰撞測(cè)試先將小車1靜置于光電門(mén)A和B中間，再將小車2在M點(diǎn)由靜止釋放，測(cè)得小車2通過(guò)光電門(mén)A的時(shí)間為t2，碰撞后小車1通過(guò)光電門(mén)B的時(shí)間為t1。若t2_________t1，可將兩小車的碰撞視為彈性碰撞。④吸能材料性能測(cè)試。將吸能材料緊貼于小車2的前端。重復(fù)步驟③。測(cè)得小車2通過(guò)光電門(mén)A的時(shí)間為10.00ms，兩車碰撞后，依次測(cè)得小車1和2通過(guò)光電門(mén)B的時(shí)間分別為15.00ms、30.00ms，不計(jì)吸能材料的質(zhì)量，計(jì)算可得碰撞后兩小車總動(dòng)能與碰撞前小車2動(dòng)能的比值為_(kāi)________（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。【答案】（1）8.260##8.261##8.259（2）①.時(shí)間相等②.=③.0.56【解析】【小問(wèn)1詳解】根據(jù)題意，由圖可知，小球的直徑為【小問(wèn)2詳解】②[1]若已平衡小車在軌道甲上所受摩擦力及其他阻力，小車將在軌道甲上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，通過(guò)兩個(gè)光電門(mén)的速度相等，即通過(guò)光電門(mén)A和B的時(shí)間相等。③[2]若兩個(gè)小車發(fā)生彈性碰撞，由于兩個(gè)小車的質(zhì)量相等，則碰撞后兩個(gè)小車的速度互換，即碰撞后小車1的速度等于碰撞前小車2的速度，則有t2=t1④[3]根據(jù)題意可知，碰撞前小車2的速度為碰撞后，小車1和小車2的速度分別為，則碰撞后兩小車總動(dòng)能與碰撞前小車2動(dòng)能的比值為12.科技小組制作的渦流制動(dòng)演示裝置由電磁鐵和圓盤(pán)控制部分組成。圖（a）是電磁鐵磁感應(yīng)強(qiáng)度的測(cè)量電路。所用器材有：電源E（電動(dòng)勢(shì)15V，內(nèi)阻不計(jì)）；電流表A（量程有0.6A和3A，內(nèi)阻不計(jì)）；滑動(dòng)變阻器RP（最大阻值100Ω）；定值電阻R0（阻值10Ω）；開(kāi)關(guān)S；磁傳感器和測(cè)試儀；電磁鐵（線圈電阻16Ω）；導(dǎo)線若干。圖（b）是實(shí)物圖，圖中電機(jī)和底座相固定，圓形鋁盤(pán)和電機(jī)轉(zhuǎn)軸相固定。請(qǐng)完成下列實(shí)驗(yàn)操作和計(jì)算。（1）（1）量程選擇和電路連接。①由器材參數(shù)可得電路中的最大電流為_(kāi)________A（結(jié)果保留2位有效數(shù)字），為減小測(cè)量誤差，電流表的量程選擇0.6A擋。②圖（b）中已正確連接了部分電路，請(qǐng)?jiān)谔摼€框中完成RP、R0和A間的實(shí)物圖連線______。（2）（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度B和電流I關(guān)系測(cè)量。①將圖（a）中的磁傳感器置于電磁鐵中心，滑動(dòng)變阻器RP的滑片P置于b端。置于b端目的是使電路中的電流_________，保護(hù)電路安全。②將滑片P緩慢滑到某一位置，閉合S。此時(shí)A的示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為_(kāi)________A。分別記錄測(cè)試儀示數(shù)B和I，斷開(kāi)S。③保持磁傳感器位置不變，重復(fù)步驟②。④下圖是根據(jù)部分實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪的B?I圖線，其斜率為_(kāi)________mT/A（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（3）制動(dòng)時(shí)間t測(cè)量。利用圖（b）所示裝置測(cè)量了t，結(jié)果表明B越大，t越小。【答案】（1）①.0.58②.（2）①.最?、?0.48③.30【解析】【小問(wèn)1詳解】①[1]由題知，電源內(nèi)阻不計(jì)、電流表內(nèi)阻不計(jì)，則當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值為零時(shí)，電路中有最大電流②[2]由于電路中最大電流0.58A，則電流表應(yīng)選擇0~0.6A量程，根據(jù)電路圖實(shí)物圖連線如下【小問(wèn)2詳解】①[1]滑動(dòng)變阻器RP的滑片P置于b端時(shí)滑動(dòng)變阻器的電阻最大，電路中的電流最小，保護(hù)電路安全。②[2]電流表讀數(shù)為0.48A。③[3]根據(jù)題圖中數(shù)據(jù)可知B?I圖線斜率為13.鑄造金屬元件時(shí)，通過(guò)往進(jìn)氣口打氣，將下方金屬液體壓進(jìn)上方預(yù)熱過(guò)的鑄型室。其中鑄型室與下方裝金屬液的氣室形狀都為柱體，鑄型室底面積，高，鑄型室底部與下方液面差初始為，上方出氣口與大氣連通，大氣壓強(qiáng)，下方氣室的底面積，金屬液體密度，。管道面積忽略不計(jì)。（1）當(dāng)鑄型室剛好充滿金屬液時(shí)，求下方液面下降高度與下方氣室內(nèi)氣體壓強(qiáng)。（2）將出氣口關(guān)閉鑄型，當(dāng)上方鑄型室液面高為時(shí)，求下方氣室內(nèi)氣體壓強(qiáng)?！敬鸢浮浚?），（2）【解析】【小問(wèn)1詳解】根據(jù)體積關(guān)系可得下方液面下降高度此時(shí)下方氣體的壓強(qiáng)代入數(shù)據(jù)可得【小問(wèn)2詳解】初始時(shí)，上方鑄型室氣體的壓強(qiáng)為，體積當(dāng)上方鑄型室液面高為時(shí)體積為根據(jù)玻意耳定律可得此時(shí)上方鑄型室液面高為時(shí)氣體的壓強(qiáng)為同理根據(jù)體積關(guān)系可得此時(shí)下方氣室內(nèi)氣體壓強(qiáng)代入數(shù)據(jù)可得14.用開(kāi)瓶器拔出瓶中的木塞，初始時(shí)軟木塞的上截面與玻璃瓶口平齊，木塞質(zhì)量為，高為h，過(guò)程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為a、過(guò)程中木塞受到的摩擦力為，其中為參數(shù)，h為木塞高，x為木塞運(yùn)動(dòng)的距離。開(kāi)瓶器齒輪的半徑為r，重力加速度為。（1）求拔出時(shí)，齒輪的角速度ω；（2）求初始到拔出，開(kāi)瓶器對(duì)木塞做的功W；（3）設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間為t，求開(kāi)瓶器的功率P與t的關(guān)系式。【答案】（1）