普洱市重點中學2025年物理高一下期末復習檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、從O點拋出A、B、C三個物體，它們做平拋運動的軌跡分別如圖所示，則三個物體做平拋運動的初速度vA、vB、vC的關系和三個物體在空中運動的時間tA．、tB、tC的關系分別是（）A．vA．>vB>vC，tA．>tB>tC B．vA．<vB<vC，tA．=tB=tCC．vA．<vB<vC，tA．>tB>tC D．vA．>vB>vC，tA．<tB<tC2、如圖所示，質量為m，帶電量為－q的滑塊，沿絕緣斜面勻速下滑，當滑塊滑至豎直向上的勻強電場區(qū)域時，滑塊運動的狀態(tài)為A．將加速下滑 B．將減速下滑C．將可能飛離斜面 D．繼續(xù)勻速下滑3、(本題9分)如圖所示，質量為m，帶電量為－q的滑塊，沿絕緣斜面勻速下滑，當滑塊滑至豎直向上的勻強電場區(qū)域時，滑塊運動的狀態(tài)為A．將加速下滑 B．將減速下滑C．將可能飛離斜面 D．繼續(xù)勻速下滑4、(本題9分)下列說法正確的是A．功是能量轉化的量度B．運動物體所具有的能就是動能C．物體在恒力作用下一定做直線運動D．物體在變力作用下一定做曲線運動5、(本題9分)在靜電場中，將一電子從A點移到B點，電場力做了正功，則A．電子的動能一定增加B．A點電勢一定小于B點電勢C．電場強度的方向一定是由A點指向B點D．電場強度的方向一定是由B點指向A點6、(本題9分)如圖所示，在發(fā)射地球同步衛(wèi)星的過程中，衛(wèi)星首先進入橢圓軌道I，然后在Q點通過改變衛(wèi)星速度，讓衛(wèi)星進人地球同步軌道Ⅱ，則（）A．該衛(wèi)星的發(fā)射速度必定大于11.2km/sB．衛(wèi)星在同步軌道II上的運行速度大于7.9km/sC．在軌道I上，衛(wèi)星在P點的速度小于在Q點的速度D．衛(wèi)星在Q點通過加速實現(xiàn)由軌道I進人軌道II7、(本題9分)以下說法正確的是（）A．物體受恒定的合外力作用，一定做勻變速直線運動B．物體受恒定的合外力作用，可能做勻變速曲線運動C．物體受變化的合外力作用，加速度大小一定變化D．物體受的合外力為零，可能靜止也可能做勻速直線運動8、起重機將質量為m的貨物沿豎直方向勻加速提起，加速度大小為，貨物上升h的過程中（已知重力加速度為g），則（）A．貨物克服重力做功mghB．貨物的動能增加了mghC．合外力對貨物做功為mghD．貨物的機械能增加了mgh9、(本題9分)如圖所示，圓心在O點，半徑為R的圓弧軌道abc豎直固定在水平桌面上，Oc與Oa的夾角為60°，軌道最低點a與桌面相切．一段不可伸長的輕繩兩端系著質量分別為m和4m的小球A和B（均可視為質點），掛在圓弧軌道邊緣c的兩邊，開始時，B位于c點，從靜止釋放，設輕繩足夠長，不計一切摩擦，則在B球由c下滑到a的過程中（）A．兩球速度大小始終相等B．重力對小球B做功的功率一直不變C．小球A的機械能一直增加D．小球B經過a點時的速度大小為10、(本題9分)如圖所示，先后用不同的交流電源給同一盞燈泡供電。第一次燈泡兩端的電壓隨時間按正弦規(guī)律變化，如圖甲所示；第二次燈泡兩端的電壓變化規(guī)律如圖乙所示。若圖甲、乙中的U0、T所表示的電壓、周期值是相等的，則以下說法正確的是()A．第一次燈泡兩端的電壓有效值是U0B．第二次燈泡兩端的電壓有效值是U0C．第一次和第二次燈泡的電功率之比是2∶9D．第一次和第二次燈泡的電功率之比是1∶511、圖甲為一列簡諧橫波在t=2s時的波動圖像，圖乙為該波中x=2m處質點P的振動圖像。則下列說法中正確的是（）A．該波的波速大小為1m/sB．該波沿x軸負方向傳播C．t=1.0s時，質點P的速度最小，加速度最大D．在t=0到t=2.0s的時間內，質點P的速度和加速度的方向均為發(fā)生改變12、(本題9分)下列說法中正確的是（）A．物體溫度升高，每個分子的熱運動動能都增大B．液體中懸浮微粒的布朗運動是液體分子對它的撞擊作用不平衡所引起的C．一定量100的水變成100的水蒸汽，其分子之間的勢能減小D．影響氣體壓強大小的兩個因素是氣體分子的平均動能和分子的密集程度E.由于多晶體是許多單晶體雜亂無章地組合而成的，所以多晶體是各向同性的二．填空題(每小題6分，共18分)13、在“驗證機械能守恒定律”的一次實驗中，質量m=1kg的重物自由下落，在紙帶上打出一系列的點，如圖所示（相鄰記數(shù)點時間間隔為0.02s），那么：（1）打點計時器打下計數(shù)點B時，物體的速度vB=______m/s（結果保留兩位有效數(shù)字）；（2）從起點P到打下計數(shù)點B的過程中物體的重力勢能減少量△EP=______J，此過程中物體動能的增加量△Ek=______J；g取9.8m/s2（結果保留兩位有效數(shù)字）（3）通過計算表明數(shù)值上△EP>△Ek，這可能是因為_________14、(本題9分)為驗證碰撞中的動量守恒，某同學選取了體積相同、質量不同的小球1、2，按以下步驟進行實驗：①用天平測出小球1、2的質量并分別記為m1和m2。②按圖安裝好實驗裝置，在與斜槽末端距離為d處固定一豎直擋板，并在擋板上貼上白紙和復寫紙，記下小球位于斜槽末端時球心在白紙上的投影點為O。③先不放小球2，讓小球1從斜槽頂端S處由靜止開始滾下；然后將小球2放在斜槽末端，讓小球1仍從斜槽頂端S處由靜止?jié)L下，使二者發(fā)生碰撞，結果在白紙上一共打下了三個點。多次重復步驟③，將小球在白紙上的三個平均落點分別記為A，B，C。④用毫米刻度尺量出三個落點到O點的距離。（1）實驗中m1與m2的大小關系為m1___________m2（選填“>”“=”或“<”）；斜槽與小球間的摩擦力對實驗的驗證___________（選填“有”或“無”）影響。（2）若測得O、A兩點的間距為y1，O、B兩點的間距為y2，O、C兩點的間距為y3，只要關系式___________（用題中所給的物理量表示）在誤差允許的范圍內成立，則說明碰撞中動量是守恒的。15、(本題9分)某同學在應用打點計時器做驗證機械能守恒定律的實驗中，獲取一根紙帶如圖，但測量發(fā)現(xiàn)0、1兩點距離遠大于2mm，且0、1和1、2間有點漏打或沒有顯示出來，而其他點都是清晰完整的．現(xiàn)在該同學用刻度尺分別量出2、3、4、5、6、7六個點到0點的長度h2、h3、h4、h5、h6、h7，再分別計算得到3、4、5、6四個點的速度v3、v4、v5、v6和速度的平方、、，已知打點計時器打點周期為T．(1)該同學求6號點速度的計算式是v6＝_____．(2)然后該同學將計算得到的四組(hi，v)數(shù)據(jù)描繪在v2－h(huán)坐標系中，并以這四個點作出如圖所示的直線，請你回答：他是如何根據(jù)圖象判斷重錘下落過程中機械能守恒的？___．三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)如圖所示，一個人用一根長1m，最大承受拉力為74N的繩子，拴著一個質量為1kg的小球，在豎直平面內做圓周運動，已知圓心O離地面的高度為h＝6m．轉動中小球在最低點時繩子恰好斷裂(g取10m/s2),求：(1)繩斷后，小球落地點與拋出點間的水平距離是多少？(2)繩斷后到小球落地這一過程，小球重力的平均功率是多少？(3)小球落地瞬間，小球重力的瞬時功率是多少？17、（10分）如圖所示，細線下面懸掛一小鋼球（可看作質點），鋼球在水平面內以O′為圓心做勻速圓周運動。若測得鋼球做圓周運動的軌道半徑為r，懸點O到圓心O′之間的距離為h，鋼球質量為m。忽略空氣阻力，重力加速度為g。求：（1）鋼球做勻速圓周運動的向心力大小Fn；（2）鋼球做勻速圓周運動的角速度大小。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】

三個物體都做平拋運動，取一個相同的高度，此時物體的下降的時間相同，水平位移大的物體的初速度較大，如圖所示，由圖可知：根據(jù)可知，物體下降的高度決定物體運動的時間，所以．A．vA.>vB>vC，tA.>tB>tC，與結論不相符，選項A錯誤；B．vA.<vB<vC，tA.=tB=tC，與結論不相符，選項B錯誤；C．vA.<vB<vC，tA.>tB>tC，與結論相符，選項C正確；D．vA.>vB>vC，tA.<tB<tC，與結論不相符，選項D錯誤；故選C.2、D【解析】

設斜面的傾角為θ．滑塊沒有進入電場時，根據(jù)平衡條件得mgsinθ=f，N=mgcosθ，又f=μN，得mgsinθ=μmgcosθ，即sinθ=μcosθA.將加速下滑與分析不符，故A錯誤；B.將減速下滑與分析不符，故B錯誤；C.將可能飛離斜面與分析不符，故C錯誤；D.繼續(xù)勻速下滑與分析相符，故D正確。3、D【解析】

設斜面的傾角為θ．滑塊沒有進入電場時，根據(jù)平衡條件得mgsinθ=f，N=mgcosθ，又f=μN，得mgsinθ=μmgcosθ，即sinθ=μcosθA.將加速下滑與分析不符，故A錯誤；B.將減速下滑與分析不符，故B錯誤；C.將可能飛離斜面與分析不符，故C錯誤；D.繼續(xù)勻速下滑與分析相符，故D正確。4、A【解析】

功是能量轉化的量度；運動物體可以具有動能和勢能；物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力大小和方向不一定變化，由此可以分析得出結論。【詳解】A．做功的過程伴隨著能量的轉化，功是能量轉化的量度，故A正確；B．物體由于運動而具有的能量是動能，但運動的物體還可以同時具有勢能，故B錯誤；C．物體在恒力作用下可以做曲線運動，如平拋運動，故C錯誤；D．物體做曲線運動的條件是合力與速度在同一條直線上，與力是否恒定無關，即：物體在變力作用下，可以做直線運動，故D錯誤?！军c睛】本題主要考查了一些常見的物理規(guī)律，較為簡單。5、B【解析】

A、將一電子從點移到點，電場力做了正功，若只受電場力作用，動能一定增加；若還有其它力作用，其他力對其做功，動能不一定增加，故選項A錯誤；BCD、將一電子從點移到點，電場力做了正功，說明點所在等勢面的電勢一定比點所在等勢面的電勢高，并非電場線的方向就是由指向，故選項B正確，C、D錯誤。6、D【解析】

了解同步衛(wèi)星的特點和第一宇宙速度、第二宇宙速度的含義，當萬有引力剛好提供衛(wèi)星所需向心力時，衛(wèi)星正好可以做勻速圓周運動：若是“供大于需”，則衛(wèi)星做逐漸靠近圓心的運動；若是“供小于需”，則衛(wèi)星做逐漸遠離圓心的運動.【詳解】11.2km/s是衛(wèi)星脫離地球束縛的發(fā)射速度，而同步衛(wèi)星仍然繞地球運動，故A錯誤；7.9km/s即第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運動的環(huán)繞速度，而同步衛(wèi)星的軌道半徑要大于近地衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)v的表達式可以發(fā)現(xiàn)，同步衛(wèi)星運行的線速度一定小于第一宇宙速度，故B錯誤；根據(jù)開普勒第二定律，在軌道I上，P點是近地點，Q點是遠地點，則衛(wèi)星在P點的速度大于在Q點的速度，故C錯誤；從橢圓軌道Ⅰ到同步軌道Ⅱ，衛(wèi)星在Q點是做逐漸遠離圓心的運動，要實現(xiàn)這個運動必須衛(wèi)星所需向心力大于萬有引力，所以應給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力，故D正確；故選D．【點睛】本題考查萬有引力定律的應用，知道第一宇宙速度的特點，衛(wèi)星變軌也就是近心運動或離心運動，根據(jù)提供的萬有引力和所需的向心力關系確定．7、BD【解析】

AB．物體受恒定的合外力作用，可能做勻變速直線運動（與速度共線時），也可能做勻變速曲線運動（與速度不共線時），如平拋運動，A錯誤B正確；C．物體受變化的合外力作用，加速度大小不一定變化，如勻速圓周運動的加速度大小、速度大小都是不變的，C錯誤；D．物體受的合外力為零，可能靜止也可能做勻速直線運動，D正確．故選BD。8、ACD【解析】

A、貨物上升h的過程中，貨物克服重力做功mgh，故A正確。B、根據(jù)動能定理：動能增加量Ek=F合h=mah=mgh，故B錯誤。C、合外力對貨物做功W合=F合h=mah=mgh，故C正確。D、根據(jù)牛頓第二定律：F拉-mg=ma，F(xiàn)拉=mg+ma=mg，貨物增加的機械能E機=F拉h(huán)=mgh，故D正確。9、CD【解析】

根據(jù)速度的分解知識可知，B球的速度沿繩子方向的分速度等于A的速度，則兩球速度大小不是始終相等，選項A錯誤；重力瞬時功率公式為P=mgvcosα，α是重力與速度的夾角．一開始B球是由靜止釋放的，所以B球在開始時重力的功率為零；B球運動到a點時，α=90°，重力的功率也為零，所以重力對小球B做功的功率先增大后減小，故B錯誤．在B球由c下滑到a的過程中，繩子的拉力一直對A球做正功，由功能原理可知，A球的機械能一直增加．故C正確．設小球B經過a點時的速度大小為v1，此時A球的速度大小為v1．則有：v1=v1cos30°;由系統(tǒng)的機械能守恒得：4mgR（1-cos60°）=mgR+；聯(lián)立解得v1=．故D正確．故選CD．【點睛】本題解題的關鍵是對兩個小球運動情況的分析，知道兩球沿繩子方向的分速度大小相等以及系統(tǒng)的機械能守恒；能用特殊位置法判斷B的重力的瞬時功率．10、AD【解析】

A.第一次所加正弦交流電壓的有效值為U1＝U0，A項正確；B.設第二次所加交流電壓的有效值為U2，則根據(jù)有效值的定義有，解得U2＝U0，B項錯；CD.根據(jù)電功率的定義式P＝可知，P1∶P2＝1∶5，C項錯、D項正確。11、ABC【解析】

A.由圖可知，周期T＝4.0s，波長λ＝4m，則波速，故A正確；B.x＝2m處的質點P在t＝2s時刻向下振動，根據(jù)“同側法”知，波沿x軸負方向傳播，故B正確；C.由圖2可知，當t＝1s時，質點P在最大位移處，此時的加速度最大，速度等于0，故C正確；D.由圖可知，在0?2s內質點的位移為正加速度的方向始終向下；在0?1s內質點向正最大位移處運動，速度方向為正；而1?2s內質點從最大位移處向平衡位置處移動，所以速度的方向為負。故D錯誤。12、BDE【解析】

A．溫度是分子熱運動平均動能的標志，物體的溫度升高，分子的平均動能增大，并不是每個分子熱運動的動能都增大，故A錯誤；B．布朗運動是由液體分子從各個方向對懸浮顆粒撞擊作用的不平衡引起的，故B正確；C．一定量100的水變成100的水蒸汽其內能增加，但分子平均動能不變，其分子之間的勢能增大，故C錯誤；D．根據(jù)壓強的微觀意義可知，氣體壓強的大小跟氣體分子的平均動能、分子的密集程度這兩個因素有關，故D正確；E．多晶體是許多單晶體雜亂無章地組合而成的，所以多晶體具有各向同性現(xiàn)象，故E正確。故選BDE。二．填空題(每小題6分，共18分)13、0.980.490.48存在摩擦阻力【解析】

重物帶動紙帶下落過程中能量轉化的過程和能量守恒，重物帶動紙帶下落過程中，除了重力還受到阻力，從能量轉化的角度，由于阻力做功，重力勢能減小除了轉化給了動能還有一部分轉化給摩擦產生的內能．【詳解】（1）利用勻變速直線運動的推論：（2）重力勢能減小量：△Ep=mgh=1×9.8×0.0501J=0.49J．動能增量：EkB=mvB2=0.48J

（3）計算表明數(shù)值上△EP>△Ek，由于存在摩擦阻力，所以有機械能損失．

【點睛】14、無【解析】

第一空.為了防止入射球碰后反彈，則實驗中m1與m2的大小關系為m1>m2；第二空.斜槽與小球間的摩擦力對實驗的驗證無