高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025年第一次廣東省普通高中學(xué)業(yè)水平合格性考試一、單選題Ⅰ：本大題共10小題，每小題1分，共10分。在每小題列出的三個選項中，只有一個選項符合題目要求。1.下列物理量均為矢量的是（）A.速度、力、質(zhì)量 B.位移、力、加速度 C.位移、功、電荷量【答案】B【解析】A．速度、力是矢量，但質(zhì)量是標(biāo)量，故A錯誤；B．位移、力、加速度均為矢量，故B正確；C．位移是矢量，功和電荷量是標(biāo)量，故C錯誤。故選B。2.下列哪位科學(xué)家利用理想斜面實驗推翻了亞里士多德關(guān)于“必須有力作用在物體上，物體才能運動”的觀點（）A.伽利略 B.普朗克 C.愛因斯坦【答案】A【解析】伽利略通過理想斜面實驗提出：若沒有摩擦力，物體將以恒定速度持續(xù)運動，從而否定了亞里士多德“力是維持運動的原因”的觀點，為慣性定律奠定基礎(chǔ)。故選A。3.地球圍繞太陽公轉(zhuǎn)，可將地球看成質(zhì)點。它運用了下列哪種科學(xué)研究方法（）A.控制變量法 B.理想化模型法 C.微元法【答案】B【解析】將地球視為質(zhì)點，忽略了其形狀和大小，屬于建立理想化模型的方法，AC錯誤，B正確。故選B。4.如圖所示，貨車靜止在水平地面，貨物靜止在車廂上，則貨車受到地面的摩擦力（）A.方向向左 B.方向向右 C.大小為零【答案】C【解析】對貨車和貨物整體受力分析，利用平衡條件可知整體只受重力和地面支持力的作用，水平方向不受力的作用，即貨車受到地面的摩擦力大小為零，故選C。5.為了減輕火車轉(zhuǎn)彎時火車輪緣與軌道間的擠壓，對內(nèi)、外軌道高度的設(shè)計，合理的是（）A.內(nèi)軌略高 B.外軌略高 C.內(nèi)、外軌一樣高【答案】B【解析】外軌略高時，火車轉(zhuǎn)彎時所需的向心力由重力和軌道支持力的合力提供。故選B。6.下列各類運動不遵循牛頓力學(xué)規(guī)律的是（）A.衛(wèi)星繞地運行 B.地面上汽車的運動 C.不同參考系中光的傳播【答案】C【解析】牛頓力學(xué)適用于宏觀物體在低速（遠低于光速）條件下的運動。A．衛(wèi)星繞地運行屬于宏觀、低速（相對于光速）運動，遵循牛頓力學(xué)中的萬有引力定律，故A錯誤；B．地面上汽車的運動是宏觀、低速的，完全遵循牛頓力學(xué)規(guī)律，故B錯誤；C．光速在不同參考系中恒定，需用狹義相對論（而非牛頓力學(xué)）描述，故C正確。故選C。7.如圖所示，人們經(jīng)常使用驗電器檢驗物體是否帶電，發(fā)現(xiàn)即便排除了外界的干擾，最終驗電器的金屬箔片還是會閉合。這一現(xiàn)象說明（）A.電荷不守恒 B.電荷消失了 C.電荷轉(zhuǎn)移了【答案】C【解析】根據(jù)電荷守恒定律，可知電荷既不會憑空產(chǎn)生，也不會憑空消失，只會從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，或者從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，電荷的總量保持不變。所以發(fā)現(xiàn)即便排除了外界的干擾，最終驗電器的金屬箔片還是會閉合。這一現(xiàn)象說明電荷轉(zhuǎn)移了，故C正確。故選C。8.為了防止外界電場對精密儀器的干擾，通常將它們置于屏蔽殼內(nèi)。下列能作為屏蔽殼材料的是（）A.金屬 B.塑料 C.干木材【答案】A【解析】靜電屏蔽要求材料為導(dǎo)體（如金屬）。導(dǎo)體內(nèi)部自由電荷在電場中重新分布，形成反向電場，使內(nèi)部場強為零，從而屏蔽外電場。絕緣體（如塑料、木材）因無自由電荷，無法實現(xiàn)屏蔽。故選A。9.對電勢概念的理解，下列說法正確的是（）A.電勢是矢量B.沿著電場線方向，各點電勢逐漸升高C.確定電場中某點的電勢時，要先規(guī)定電勢的零點【答案】C【解析】A．電勢標(biāo)量，只有大小沒有方向，故A錯誤；B．沿電場線方向，電勢逐漸降低，例如正電荷周圍電場線向外，電勢遞減），故B錯誤；C．電勢是相對量，需選定參考點，通常取無窮遠處或某接地點為零點，各點電勢才能確定具體數(shù)值，故C正確。故選C。10.小明騎自行車向正東行駛3km后，再向正南行駛4km。該過程自行車的位移大小為（）A.1km B.5km C.7km【答案】B【解析】位移是初位置到末位置的直線距離。小明先向正東行駛3km，再向正南行駛4km，兩次運動方向互相垂直，形成直角三角形的兩條直角邊。根據(jù)勾股定理，位移大小為故選B。二、單選題Ⅱ：本大題共30小題，每小題2分，共60分。在每小題列出的四個選項中，只有一個選項符合題目要求。A.電池可創(chuàng)造能量B.太陽能是不可再生能源C.此電池的光電轉(zhuǎn)化率不到100%，說明能量不守恒D.此電池通過非靜電力做功把太陽能轉(zhuǎn)化為電能【答案】D【解析】A．根據(jù)能量守恒定律，能量不能被創(chuàng)造，電池僅實現(xiàn)能量轉(zhuǎn)化，A錯誤；B．太陽能源于太陽核聚變，可持續(xù)再生，B錯誤；C．轉(zhuǎn)化率低是因能量散失（如熱能），總能量守恒未被破壞，C錯誤；D．非靜電力（如半導(dǎo)體內(nèi)部電場）驅(qū)動電荷分離，將光能轉(zhuǎn)化為電能，D正確。故選D。12.某物體運動的圖像如圖所示，下列說法正確的是（）A.0~8s內(nèi)該物體的平均速度大小為6m/sB.0~2s內(nèi)與2~8s內(nèi)該物體的運動方向不同C.0~2s內(nèi)與2~8s內(nèi)該物體的加速度大小不同D.0~2s內(nèi)與2~8s內(nèi)該物體的加速度方向相同【答案】C【解析】A．圖像的面積表示位移，則0~8s內(nèi)該物體的位移為則平均速度大小為，故A錯誤；B．由圖可知物體的速度始終為正值，所以0~2s內(nèi)與2~8s內(nèi)該物體的運動方向相同，故B錯誤；CD．圖像的斜率表示加速度，由圖可知，0~2s內(nèi)與2~8s內(nèi)圖像的斜率正負和大小均不相同，所以0~2s內(nèi)與2~8s內(nèi)該物體的加速度方向和大小均不同，故C正確，D錯誤。故選C。13.一可視為質(zhì)點的物體做曲線運動，關(guān)于該物體受到的合力，下列說法正確的是（）A.可能為零 B.一定為零 C.可能為恒力 D.一定為恒力【答案】C【解析】AB．物體做曲線運動時，速度方向不斷變化，必須存在加速度，故合力不可能為零，故AB錯誤；C．當(dāng)合力為恒力時（如平拋運動中重力為恒力），物體可做曲線運動，故C正確；D．曲線運動的合力可以是變力（如非勻速圓周運動），故D錯誤。故選C。14.汽車在平直路面上直線行駛一段距離后停止，其行駛的圖像如圖所示，該汽車在時間內(nèi)的位移大小為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】圖像的面積表示位移，則該汽車在時間內(nèi)的位移大小為故選B。15.小明在游樂場坐摩天輪，摩天輪以角速度勻速轉(zhuǎn)動，如圖所示。小明的質(zhì)量為m，離轉(zhuǎn)軸距離為r。下列說法正確的是（）A.小明所需的向心力可能為0B.小明所需的向心力大小為C.小明在最低點受到的支持力可能為0D.小明受到重力、支持力和向心力的作用【答案】B【解析】AB．摩天輪以角速度勻速轉(zhuǎn)動，則有可知，小明所需的向心力大小為，不可能為0，故A錯誤，B正確；C．小明在最低點時，由支持力與重力的合力提供向心力，則有可知，小明在最低點受到的支持力不可能為0，故C錯誤；D．向心力是一種效果力，是由其他力提供，實際受力分析時，不能夠認為受到向心力作用，故D錯誤。故選B。16.某機車牽引力的額定功率為300kW，該機車以額定功率水平勻速行駛，其速度大小為30m/s，則機車提供的牽引力大小為（）A.1000N B.9000N C.1.0×104N D.9.0×106N【答案】C【解析】機車以額定功率勻速行駛時，牽引力為故選C。17.如圖所示，一個網(wǎng)球以速度大小水平飛來，運動員揮拍把它以速度大小反向擊回。設(shè)網(wǎng)球飛來的方向為正方向，則在此過程中網(wǎng)球的速度變化量為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】由題意，網(wǎng)球飛來的方向為正方向，則在此過程中網(wǎng)球的速度變化量為，故選D。18.某滑雪愛好者從山頂滑至山腳的過程中，重力對他所做的功與下列哪個因素有關(guān)（）A.阻力的大小 B.滑行的時間C.滑行的路徑 D.山頂?shù)缴侥_的高度差【答案】D【解析】A．重力做功的公式為，其中是物體初末位置的高度差，阻力的大小影響的是總機械能的損耗，但不影響重力做功的數(shù)值，故A錯誤；B．重力做功的公式中不含時間變量，滑行的時間與重力做功無關(guān)，故B錯誤；C．滑行的路徑是曲線或直線不影響重力做功，重力做功僅由高度差決定，故C錯誤；D．重力做功直接取決于高度差，故D正確。故選D。19.如圖所示，在堆垛貨物時，載貨的叉車向前做勻減速直線運動的同時，將貨物豎直向上勻速抬起，關(guān)于此過程中貨物的運動，下列說法正確的是（）A.貨物的運動軌跡為直線 B.貨物的運動軌跡為曲線C.貨物所受的合力為零 D.貨物的速度大小不變【答案】B【解析】AB．由題意可知，貨物的初速度斜向前上，而加速度水平向后，即初速度與加速度不共線，則貨物的運動軌跡為曲線，故A錯誤，B正確；C．由于貨物的加速度不為零，所以貨物所受的合力不為零，故C錯誤；D．貨物水平方向速度減小，豎直方向速度不變，所以貨物的速度大小減小，故D錯誤。故選B。20.小明乘電梯從一樓直升到十樓，經(jīng)歷了加速、勻速和減速三個階段，下列說法正確的是（）A.電梯加速階段，小明處于失重狀態(tài) B.電梯減速階段，小明處于失重狀態(tài)C.電梯上行過程中，小明一直處于超重狀態(tài) D.電梯上行過程中，小明一直處于失重狀態(tài)【答案】B【解析】A．電梯加速上升時，加速度方向向上，小明處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B．電梯減速上升時，加速度方向向下，小明處于失重狀態(tài)，故B正確；C．加速階段超重，勻速階段加速度為零，無超重或失重，故C錯誤；D．加速階段超重，減速階段失重，勻速階段正常，故D錯誤。故選B。21.石磨是勞動人民智慧的結(jié)晶。如圖所示，M、N為石磨推柄上的兩點，在石磨繞豎直軸轉(zhuǎn)動的過程中，下列說法正確的是（）A.M點的角速度比N點的角速度小 B.M點的角速度比N點的角速度大C.M點的線速度比N點的線速度小 D.M點的線速度比N點的線速度大【答案】C【解析】AB．由題意可知，兩點為同軸轉(zhuǎn)動，所以角速度相等，故AB錯誤；CD．根據(jù)可知，M點的運動半徑小于N點的半徑，則M點的線速度比N點的線速度小，故C正確，D錯誤。22.中國空間站正常運行的軌道低于地球同步衛(wèi)星的軌道。關(guān)于在軌運行的中國空間站，下列說法正確的是（）A.運行周期大于24h B.運行的角速度比地球同步衛(wèi)星的小C.運行速度小于第一宇宙速度 D.運行速度大于第二宇宙速度【答案】C【解析】A．根據(jù)牛頓第二定律解得因為空間站正常運行的軌道低于地球同步衛(wèi)星的軌道，所以周期小于24h，故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律解得因為空間站正常運行的軌道低于地球同步衛(wèi)星的軌道，所以運行的角速度比地球同步衛(wèi)星的大，故B錯誤；CD．第一宇宙速度是最大的環(huán)繞速度，運行速度小于第一宇宙速度，故C正確，D錯誤。故選C。23.圖a是“探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系”實驗裝置圖。甲、乙兩名同學(xué)用該裝置得到加速度a與拉力F的關(guān)系如圖b所示。下列分析正確的是（）A.細繩拉力始終等于槽碼重力 B.甲同學(xué)平衡了摩擦力C.乙同學(xué)平衡了摩擦力 D.乙同學(xué)實驗中長木板傾角過大【答案】B【解析】A．對槽碼進行分析有若已經(jīng)平衡了摩擦力，對小車進行分析有解得可知，細繩拉力始終小于槽碼的重力，只有當(dāng)時才可以近似認為，故A錯誤；B．根據(jù)圖b可知，甲圖像經(jīng)過了坐標(biāo)原點，表明甲同學(xué)平衡了摩擦力，故B正確；CD．根據(jù)圖b可知，乙圖像在拉力較小時，加速度仍然為0，表明乙沒有平衡摩擦力，或者平衡摩擦力過小，即乙同學(xué)實驗中長木板傾角過小，故CD錯誤。故選B。24.如圖所示的圓錐擺，質(zhì)量為m的擺球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，擺線與豎直方向夾角為，不計空氣阻力，重力加速度為g。該擺球受到的拉力大小為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】擺球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，由所受外力的合力提供向心力，對擺球進行分析，如圖所示則擺球受到的拉力大小為故選B。25.蹦床運動員保持姿態(tài)不變從最高點自由落下，直到蹦床網(wǎng)被壓至最低點的過程中，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A.運動員的重力勢能增大B.運動員的動能一直增大C.運動員剛觸蹦床網(wǎng)時，動能最大D.運動員在最低點時，蹦床網(wǎng)的彈性勢能最大【答案】D【解析】A．重力勢能隨高度降低而減小，可知，運動員的重力勢能減小，故A錯誤；BC．自由下落階段運動員速度增大，則動能增大，觸網(wǎng)后，彈力從零逐漸增大，開始彈力小于重力，運動員開始做加速度減小的變加速運動，此過程，運動員動能增大，當(dāng)彈力與重力平衡時，加速度為0，速度達到最大值，運動員的動能也達到最大值，隨后彈力大于重力，加速度方向向上，運動員做加速度反向增大的變減速直線運動，速度減小，運動員的動能減小，故BC錯誤；D．運動員在最低點時，蹦床網(wǎng)的形變量最大，此時蹦床網(wǎng)的彈性勢能最大，故D正確。故選D。26.如圖所示，兩水平極板間有豎直向下的勻強電場，上極板中心有一小孔，一帶負電油滴以某一速度經(jīng)小孔豎直落入電場中，之后油滴勻速下落。油滴下落過程中（）A.電場力對其做正功 B.電勢能增加C.電勢能減少 D.油滴所經(jīng)位置的電勢依次升高【答案】B【解析】ABC．由題意可知，油滴受到的電場力豎直向上，所以油滴下落時，電場力做負功，電勢能增加，故AC錯誤，B正確；D．沿著電場線的方向電勢降低，所以油滴所經(jīng)位置的電勢依次降低，故D錯誤。故選B。27.如圖所示，在水平向左的勻強電場中，用絕緣細繩豎直懸掛兩個帶電小球M和N。若兩細繩都保持豎直狀態(tài)，兩小球在同一水平線上，則（）A.M和N都帶負電 B.M和N都帶正電C.M帶負電、N帶正電 D.M帶正電、N帶負電【答案】D【解析】A．兩細繩都保持豎直狀態(tài)，可知，小球所受電場力與庫侖力方向均沿水平方向，豎直方向繩拉力與重力平衡，則小球所受勻強電場的電場力一定與庫侖力平衡，若M和N都帶負電，則N所受勻強電場的電場力方向向右，M對N的庫侖力方向也向右，N不可能靜止，故A錯誤；B．若M和N都帶正電，則M所受勻強電場的電場力方向向左，N對M的庫侖力方向也向左，M不可能靜止，故B錯誤；C．若M帶負電、N帶正電，則N所受勻強電場的電場力方向向左，M對N的庫侖力方向也向左，N不可能靜止，故C錯誤；D．若M帶正電、N帶負電，則M所受勻強電場的電場力方向向左，N對M的庫侖力方向向右，M可能靜止，N所受勻強電場的電場力方向向右，M對N的庫侖力方向向左，N也可能靜止，故D正確。故選D。28.在如圖所示的電路中，先閉合開關(guān)，再將滑動變阻器R1的滑片從左端逐漸滑到右端。此過程中電流表的示數(shù)變化是（）A.逐漸變大 B.逐漸變小C.先變小后變大 D.先變大后變小【答案】A【解析】滑動變阻器R1的滑片從左端逐漸滑到右端，滑動變阻器左側(cè)接入電阻R左增大，外電路總電阻當(dāng)R左增大時，R外減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流增大。滑動變阻器左側(cè)與定值電阻并聯(lián)等效電阻為當(dāng)R左增大時，R并增大，根據(jù)歐姆定律可知，并聯(lián)部分承擔(dān)電壓增大，則電流表示數(shù)逐漸變大。故選A。29.關(guān)于電容器，下列說法正確的是（）A.所帶電荷量越少，電容越小B.所帶電荷量越少，電容越大C.極板間電壓越高，電容越大D.電容反映了電容器的自身屬性，與極板間電壓及所帶電荷量無關(guān)【答案】D【解析】電容反映了電容器的自身屬性，與極板間電壓及所帶電荷量無關(guān)，ABC錯誤，D正確。故選D。30.下表列出了某電熱水壺的主要參數(shù)，該電熱水壺正常工作的電流為（）額定容量1.2L額定頻率50Hz額定電壓220V額定功率1100WA.0.5A B.5A C.6A D.22A【答案】B【解析】電熱水壺正常工作時的電流為已知額定功率，額定電壓代入得31.通電長直導(dǎo)線周圍的磁場可用磁感線描述，下列磁感線描述正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】AC．根據(jù)安培定則，可判斷知圖中通電長直導(dǎo)線周圍的磁場應(yīng)為選項A圖中所示，故A正確，C錯誤；BD．根據(jù)安培定則，可判斷知圖中通電長直導(dǎo)線周圍的磁場從上往下看，應(yīng)為以導(dǎo)線為圓心的一圈一圈順時針方向的同心圓，故BD錯誤；故選A。32.如圖所示，把一個帶電量為q的試探電荷放在某電場中的P點，測得P點電場強度大小為E，方向水平向右。下列說法正確的是（）A.移走試探電荷，P點的電場強度變?yōu)榱鉈.試探電荷改為，P點的電場強度方向變?yōu)橄蜃驝.減小試探電荷的電量q，P點的電場強度不變D.減小試探電荷的電量q，P點的電場強度減小【答案】C【解析】A．電場強度由場源電荷與空間位置共同決定，與試探電荷無關(guān)，可知，移走試探電荷，P點的電場強度不變，故A錯誤；B．結(jié)合上述可知，試探電荷改為，P點的電場強度方向仍然向右，故B錯誤；CD．結(jié)合上述可知，減小試探電荷的電量q，P點的電場強度不變，故C正確，D錯誤。故選C。33.修繕房屋時，地面上的工人將磚豎直向上拋出，速度為零時，恰好被二樓的工人接住。已知磚的上拋高度為h，重力加速度為g。忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）A.磚上升到最高點時加速度為零B.磚被拋出時的速度為C.磚在空中運動的時間為D.若拋更重的磚，須增大磚被拋出時的速度【答案】B【解析】A．磚在整個運動過程中加速度始終為重力加速度g（方向豎直向下），即使在最高點速度為零時，加速度仍為g，A錯誤；B．根據(jù)豎直上拋公式解得，B正確；C．磚上升到最高點的時間為解得，C錯誤；D．根據(jù)得，上升高度僅由初速度和重力加速度決定，與質(zhì)量無關(guān)，因此拋更重的磚無需增大初速度，D錯誤。故選B。34.如圖所示，在勻強磁場中有一個閉合的金屬線圈，下列哪種方式可使線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流（）A.在磁場內(nèi)垂直于磁場方向左右平移線圈B.在磁場內(nèi)垂直于磁場方向上下平移線圈C.在磁場內(nèi)沿磁場方向平移線圈D.在磁場內(nèi)繞線圈某一邊轉(zhuǎn)動【答案】D【解析】A．在磁場內(nèi)垂直于磁場方向左右平移線圈，穿過線圈的磁通量保持不變，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯誤；B．在磁場內(nèi)垂直于磁場方向上下平移線圈，穿過線圈的磁通量保持不變，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯誤；C．在磁場內(nèi)沿磁場方向平移線圈，穿過線圈的磁通量保持不變，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯誤；D．在磁場內(nèi)繞線圈某一邊轉(zhuǎn)動，回路的有效面積會發(fā)生改變，磁通量會發(fā)生改變，則會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D正確。故選D。35.某充電寶的銘牌標(biāo)注“10000mA·h（毫安時）”，它對應(yīng)下列哪個物理量（）A.時間 B.電能 C.電荷量 D.電流【答案】C【解析】電荷量的單位是庫侖（C），而1庫侖=1安·秒（A·s）。1mA·h=0.001A×3600s=3.6C，因此“mA·h”是電荷量的單位。故選C。36.下列裝置或電器不是應(yīng)用電磁波工作的是（）A.射電望遠鏡 B.收音機C.微波爐 D.電熨斗【答案】D【解析】A．射電望遠鏡是通無線電波來接收信號的，是利用電磁波工作，故A錯誤；B．收音機是通無線電波來接收信號的，是利用電磁波工作，故B錯誤；C．微波爐利用微波加熱食物，其所用的微波也是電磁波，故C錯誤；D．電熨斗利用電流熱效應(yīng)工作，不是利用電磁波工作，故D正確。故選D。37.小明將功率為1500W、1000W、500W的三個電器接通在同一個插線板上，插線板的導(dǎo)線出現(xiàn)發(fā)熱現(xiàn)象。下列相關(guān)說法正確的是（）A.導(dǎo)線的電阻可以忽略，該發(fā)熱現(xiàn)象與電熱無關(guān)B.更換導(dǎo)線更細插線板，有利于減少發(fā)熱C.斷開500W的電器，最有利于減少發(fā)熱D.不能將幾個大功率電器同時接通在同一個插線板上【答案】D【解析】A．導(dǎo)線的電阻雖然較小，但電流較大時，根據(jù)焦耳定律可知發(fā)熱量仍不可忽略，故A錯誤；B．根據(jù)電阻定律可知導(dǎo)線越細，橫截面積越小，電阻越大，發(fā)熱量反而增加，故B錯誤；C．?dāng)嚅_500W電器后電路總功率為2500W，電流減小，但斷開1500W的電器后，電路總功率為1500W電流減少更顯著，所以斷開500W的電器并非最有利于減少發(fā)熱，故C錯誤；D．多個大功率電器同時使用會導(dǎo)致總電流超過插線板承載能力，引發(fā)過熱危險，故D正確。故選D。38.如圖所示是測量重力加速度的裝置。為減小實驗誤差，下列措施正確的是（）A.選用密度較小的重物B.精確測量重物的質(zhì)量C.釋放紙帶前，使重物遠離打點計時器D.將電磁打點計時器更換為電火花打點計時器【答案】D【解析】A．重物體積要小，質(zhì)量要大，有利于減小重物受到的空氣阻力，所以材料要選擇密度大重物，故A錯誤；B．本實驗是根據(jù)紙帶利用逐差法計算得出重力加速度，不需測量重物的質(zhì)量，故B錯誤；C．為提高紙帶的利用率，釋放重物前，重物離打點計時器下端近些，故C錯誤；D．電火花打點計時器的摩擦產(chǎn)生的誤差小，故D正確。故選D。39.在“探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，如圖所示是打點計時器打出的一條紙帶。紙帶上相鄰兩計數(shù)點間的距離分別為、、和，相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為T。則加速度a的表達式正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】物體做勻加速直線運動，相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為T，為了減小實驗誤差，利用逐差法計算加速度，則有故選A。40.用如圖所示的電路測量一節(jié)電動勢約為1.5V干電池的電動勢和內(nèi)阻。滑動變阻器有阻值范圍0~15Ω和0~1000Ω兩種規(guī)格備選，電流表有量程0.6A和3.0A兩種規(guī)格備選。下列做法正確的是（）A.選阻值范圍為0~15Ω的滑動變阻器 B.選量程為3.0A的電流表C.閉合S前，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片至N端 D.閉合S后，滑片越靠近N端，電壓表示數(shù)越大【答案】A【解析】A．因干電池內(nèi)阻較小，為了讓外電路的電壓有明顯變化且滑動變阻器方便調(diào)節(jié)，需要選擇總阻值較小的0~15Ω的滑動變阻器，故A正確；B．一節(jié)干電池的電阻大約為幾歐姆，允許流經(jīng)的最大電流約零點幾安，為了減小誤差，電流表應(yīng)選量程為0.6A的電流表，故B錯誤；C．閉合S前，為了防止電路中電流過大，保護電表，應(yīng)使滑動變阻器接入電路中的有效阻值達最大，故應(yīng)調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片至M端，故C錯誤；D．閉合S后，滑片越靠近N端，滑動變阻器接入電路中的有效阻值變小，外電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知路端電壓變小，則電壓表示數(shù)越小，故D錯誤。三、多選題：本大題共10小題，每小題3分，共30分。在每小題列出的四個選項中，至少有兩個選項符合題目要求，全部選對得3分，少選且正確得1分，未選、錯選均不得分。41.可視為質(zhì)點的小球做勻速直線運動，與墻面碰撞后立即反彈，繼續(xù)做勻速直線運動回到原處。小球的位移-時間（x-t）圖像可能為（）A. B.C. D.【答案】AB【解析】AB．若取小球原來運動的方向為正方向，根據(jù)圖像的斜率表示速度，可知與墻面碰撞后小球的運動方向為負方向，繼續(xù)做勻速直線運動回到原處，但位移仍然為正；同理，若取小球原來運動的方向為負方向，根據(jù)圖像的斜率表示速度，可知與墻面碰撞后小球的運動方向為正方向，繼續(xù)做勻速直線運動回到原處，但位移仍然為負，結(jié)合選項圖像。故AB正確。CD．根據(jù)圖像的斜率表示速度，可知小球的速度方向不可能一直為正方向或負方向，而且小球不能回到出發(fā)點，故CD錯誤。故選AB。42.如圖所示，一根豎直懸掛的輕質(zhì)彈簧。在彈簧彈性限度內(nèi)，將彈簧下端懸掛物體的質(zhì)量增大一倍后，下列說法正確的有（）A.彈簧的形變量變?yōu)樵瓉淼膬杀禕.彈簧的勁度系數(shù)變?yōu)樵瓉淼膬杀禖.彈簧的長度變?yōu)樵瓉淼膬杀禗.彈簧的彈力變?yōu)樵瓉淼膬杀丁敬鸢浮緼D【解析】A．根據(jù)胡克定律有解得可知，將彈簧下端懸掛物體的質(zhì)量增大一倍后，彈簧的形變量變?yōu)樵瓉淼膬杀?，故A正確；B．彈簧的勁度系數(shù)由彈簧自身材料決定，與彈力大小沒有本質(zhì)上的決定關(guān)系，可知，彈簧的勁度系數(shù)不變，故B錯誤；C．根據(jù)胡克定律有解得可知，將彈簧下端懸掛物體的質(zhì)量增大一倍后，彈簧的長度小于原來的兩倍，故C錯誤；D．結(jié)合上述，根據(jù)平衡條件可知，將彈簧下端懸掛物體的質(zhì)量增大一倍后，彈簧的彈力變?yōu)樵瓉淼膬杀?，故D正確。故選AD。43.如圖所示，質(zhì)量為m的風(fēng)箏靜止在空中。線對風(fēng)箏的拉力大小為F，方向斜向下且與水平夾角為，重力加速度為g。下列關(guān)于風(fēng)箏所受風(fēng)力，說法正確的有（）A.與F的大小相等B.豎直分量大小為C.水平分量大小為D.方向與水平夾角大于【答案】BCD【解析】B．對風(fēng)箏進行分析，其受到重力、拉力與風(fēng)力N，根據(jù)平衡條件可知，風(fēng)力豎直分量大小為，故B正確；C．結(jié)合上述可知，風(fēng)力水平分量大小為，故C正確；A．風(fēng)箏所受風(fēng)力結(jié)合上述解得，故A錯誤；D．令風(fēng)箏所受風(fēng)力方向與水平夾角為，則有結(jié)合上述解得可知，風(fēng)力方向與水平夾角大于，故D正確。故選BCD。44.如圖所示，粗糙軌道頂部離地高為h，底部水平且離地高為l。一個物體從其斜面上某位置由靜止滑下，在軌道底部以速度v0水平飛出，在空中飛行時間為t，落地速度為vt。不計空氣阻力，以下說法正確的有（）A.物體克服摩擦力所做的功為B.物體在空中飛行的過程中機械能守恒C.t的大小與物體靜止滑下的位置有關(guān)D.vt的大小與物體靜止滑下的位置有關(guān)【答案】BD【解析】A．物體下滑時，根據(jù)動能定理解得，故A錯誤；B．因為不計空氣阻力，所以物體在空中飛行的過程中只受重力，只有重力做功，物體的機械能守恒，故B正確；C．物體從軌道底部飛出后做平拋運動，在豎直方向可得可知，t的大小與平拋的初速度無關(guān)，即與物體靜止滑下的位置無關(guān)，故C錯誤；D．物體從軌道底部飛出后做平拋運動，在豎直方向落地速度為即落地速度vt與物體靜止滑下位置有關(guān)，故D正確。故選BD。45.如圖所示，質(zhì)量相同的兩顆人造地球衛(wèi)星P、Q做勻速圓周運動，它們的軌道半徑分別為r、2r，則衛(wèi)星P、Q（）A.向心加速度之比為B.向心加速度之比為C.受到地球的萬有引力之比為D.受到地球的萬有引力之比為【答案】BD【解析】CD．衛(wèi)星所受地球的萬有引力大小為又因為兩衛(wèi)星的質(zhì)量相同，則兩衛(wèi)星受到地球的萬有引力之比為，故C錯誤，D正確；AB．根據(jù)牛頓第二定律，解得又因為兩衛(wèi)星的質(zhì)量相同，所以向心加速度之比為，故A錯誤，B正確。故選BD。46.一臺電動機的線圈電阻為2Ω，當(dāng)它接上220V的電源后，正常工作時通過線圈的電流為4A，下列說法正確的有（）A.電動機消耗電功率為880WB.電動機消耗電功率為32WC.線圈發(fā)熱功率為880WD.線圈發(fā)熱功率為32W【答案】AD【解析】A．電動機消耗的電功率為總功率，由公式，故A正確；B．線圈的發(fā)熱功率是32W，而非總電功率，故B錯誤；C．線圈發(fā)熱功率由焦耳定律