高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1上饒市2024-2025學(xué)年下學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)高一物理試卷考試時(shí)間：75分鐘總分：100分一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8-10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.真空中有兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，相距為L(zhǎng)時(shí)，二者間的庫(kù)侖力的大小為F，保持電量不變，當(dāng)把它們間的距離變?yōu)闀r(shí)，此時(shí)二者間的庫(kù)侖力的大小為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】根據(jù)庫(kù)侖定律，初始兩點(diǎn)電荷間的庫(kù)侖力為距離變?yōu)闀r(shí)，新的力為因此，庫(kù)侖力變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，即4F。故選D。2.某掃地機(jī)器人在客廳內(nèi)執(zhí)行清掃任務(wù)，如圖所示，機(jī)器人從客廳A點(diǎn)出發(fā)，沿虛線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，耗時(shí)20分鐘，清掃路線的總長(zhǎng)度為60m，A、B兩點(diǎn)間的直線距離為24m，清掃過(guò)程中機(jī)器人所受的平均阻力大小為20N，在此過(guò)程中掃地機(jī)（）A.平均速度大小為0.01m/sB.平均速度大小為0.02m/sC.與地面因摩擦產(chǎn)生的熱量為480JD.與地面因摩擦產(chǎn)生的熱量為120J【答案】B【解析】AB．平均速度等于位移比時(shí)間，即，A錯(cuò)誤，B正確；CD．與地面因摩擦產(chǎn)生的熱量，CD錯(cuò)誤。故選B。3.是一等邊三角形，如圖甲所示，在頂點(diǎn)M、N各放置一個(gè)電荷量為Q的負(fù)點(diǎn)電荷，這時(shí)頂點(diǎn)P處電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為；若在M處放置一個(gè)電荷量為2Q的正點(diǎn)電荷，N處放置一個(gè)電荷量為2Q的負(fù)點(diǎn)電荷，如圖乙，這時(shí)頂點(diǎn)P處電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為，則的比值為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】甲圖，設(shè)等邊三角形的邊長(zhǎng)為，一個(gè)電荷量為Q的電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小根據(jù)電場(chǎng)疊加原理乙圖，一個(gè)電荷量為2Q的電荷在點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小根據(jù)電場(chǎng)疊加原理則故選A。4.在景德鎮(zhèn)的陶藝工坊里，一位陶藝師正在制作一件精美的陶瓷作品。他開(kāi)啟圓形工作臺(tái)，陶坯隨著工作臺(tái)勻速旋轉(zhuǎn)，角速度為。在轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，兩小塊質(zhì)量相同的陶屑A和B停留在臺(tái)面上，A位于工作臺(tái)邊緣，B在工作臺(tái)內(nèi)部，如圖所示。若A、B與臺(tái)面間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)相同，則下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)工作臺(tái)角速度逐漸增大，陶屑A最先滑動(dòng)B當(dāng)工作臺(tái)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，A、B兩陶屑線速度大小相等C.陶屑始終受到重力、支持力、向心力三個(gè)力的作用D.陶屑始終受到重力、支持力、摩擦力、向心力四個(gè)力的作用【答案】A【解析】A．陶屑滑動(dòng)瞬間，滑動(dòng)摩擦力提供向心力，即解得可知轉(zhuǎn)動(dòng)半徑越大，臨界角速度越小，所以A先滑動(dòng)，A正確；B．工作臺(tái)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，A、B同軸轉(zhuǎn)動(dòng)角速度相同，根據(jù)可知轉(zhuǎn)動(dòng)半徑不同則線速度大小不同，B錯(cuò)誤；CD．陶屑受重力、支持力和摩擦力的合力提供向心力，不能說(shuō)物體受到向心力，CD錯(cuò)誤。故選A。5.A、B是電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，如圖甲所示，t=0時(shí)刻，一個(gè)電子從A點(diǎn)由靜止釋放，僅在靜電力作用下從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，該過(guò)程中其速度v隨時(shí)間t的變化圖像如圖乙所示。關(guān)于該電場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)B.A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小小于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小C.該電子在A點(diǎn)的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)的電勢(shì)能D.該電子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在B點(diǎn)的電勢(shì)能【答案】C【解析】ACD．由乙圖可知，電子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電子動(dòng)能增加，勢(shì)能減小，即根據(jù)可知，AD錯(cuò)誤，C正確；B．圖像的斜率為加速度，由乙圖可知加速度不斷減小，根據(jù)可知電場(chǎng)強(qiáng)度不斷減小，B點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度小于A點(diǎn)，B錯(cuò)誤。故選C。6.在2025年春節(jié)文藝晚會(huì)的機(jī)器人表演中，機(jī)器人轉(zhuǎn)動(dòng)手帕使其在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示。已知手帕邊緣P點(diǎn)的線速度大小v=4m/s，轉(zhuǎn)動(dòng)半徑R為0.2m。則P點(diǎn)（）A.角速度大小ω=10rad/sB.角速度大小ω=20rad/sC.向心加速度大小a=10m/s2D.向心加速度大小a=20m/s2【答案】B【解析】AB．角速度大小為，A錯(cuò)誤，B正確；CD．向心加速度大小，CD錯(cuò)誤。故選B。7.某一帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下從M點(diǎn)向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的軌跡為圖中實(shí)線，如圖所示，粒子經(jīng)過(guò)M、N兩點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為EKM和EKN，粒子在M、N兩點(diǎn)處加速度的大小分別為aM和aN。圖中的一簇虛線a、b、c可能代表等差等勢(shì)面也可能代表電場(chǎng)線，下列說(shuō)法中正確的是（）A.M、N兩點(diǎn)處的加速度一定滿足B.若虛線代表電場(chǎng)線，則C.若虛線代表等勢(shì)面，則D.M、N兩點(diǎn)處的電勢(shì)一定滿足【答案】C【解析】A．若虛線代表電場(chǎng)線，電場(chǎng)線越密的地方，帶電粒子所受電場(chǎng)力越大，帶電粒子的加速度越大。若虛線代表等勢(shì)面，等勢(shì)面越密的地方，電場(chǎng)線越密，帶電粒子所受電場(chǎng)力越大，帶電粒子的加速度越大。所以M、N兩點(diǎn)處的加速度一定滿足，A錯(cuò)誤；B．帶電粒子的軌跡向左彎曲，那么帶電粒子所受電場(chǎng)力偏左。若虛線代表電場(chǎng)線，帶電粒子所受電場(chǎng)力向左下方，與帶電粒子的運(yùn)動(dòng)方向成銳角，電場(chǎng)力做正功，帶電粒子的動(dòng)能增大，則，B錯(cuò)誤；C．帶電粒子的軌跡向左彎曲，那么帶電粒子所受電場(chǎng)力偏左。若虛線代表等勢(shì)面，電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，帶電粒子所受電場(chǎng)力向左上方，與帶電粒子的運(yùn)動(dòng)方向成鈍角，電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做負(fù)功，帶電粒子的動(dòng)能減小，則，C正確；D．電場(chǎng)強(qiáng)度方向未知，電場(chǎng)線的方向未知，無(wú)法確定M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)大小，D錯(cuò)誤。故選C。8.2025年4月24日，我國(guó)成功發(fā)射神舟二十號(hào)載人飛船。如果“神舟二十號(hào)”飛船升空后先進(jìn)入停泊軌道I（即近地圓形軌道），之后進(jìn)入轉(zhuǎn)移軌道II，最后在中國(guó)空間站軌道III與天和核心艙對(duì)接。如圖所示，已知中國(guó)空間站軌道為圓形軌道，距離地面高度為h，飛船在停泊軌道運(yùn)行的周期為T(mén)，地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，引力常量為G，則下列說(shuō)法正確的是（）A.可估算得到地球密度為B.可估算得到地球密度為C.“神舟二十號(hào)”飛船在中國(guó)空間站軌道運(yùn)行的線速度大小為D.“神舟二十號(hào)”飛船在中國(guó)空間站軌道運(yùn)行的線速度大小為【答案】BC【解析】AB．由題可知，在停泊軌道上，萬(wàn)有引力提供飛船圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得解得地球的密度，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．飛船在空間站軌道運(yùn)行時(shí)，萬(wàn)有引力提供飛船圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得在地球表面，則有聯(lián)立解得“神舟二十號(hào)”飛船在中國(guó)空間站軌道運(yùn)行的線速度大小為，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。9.如圖所示，M、N是水平放置的平行板電容器的兩極板，下極板N接地，兩極板與電源相連，電源兩端電壓恒定。開(kāi)關(guān)S閉合，一油滴靜止于P點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）A.油滴帶負(fù)電B.若斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，僅將N板向上平移一小段距離，則油滴向上運(yùn)動(dòng)C.若斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，僅將N板向下平移一小段距離，則油滴向下運(yùn)動(dòng)D.保持開(kāi)關(guān)S閉合，僅將M板向下平移一小段距離，電容器的帶電量增加【答案】AD【解析】A．由題意可知，油滴受到的電場(chǎng)力方向豎直向上，由于M板帶正電，故油滴帶負(fù)電，故A正確；BC．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，極板上電荷量不變，將N板上下平移一小段距離，根據(jù)，，解得因此平行板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，油滴仍然受力平衡，保持靜止，故BC錯(cuò)誤；D．保持開(kāi)關(guān)S閉合，僅將M板向下平移一小段距離，根據(jù)可知電容器的電容增大，由于開(kāi)關(guān)始終處于閉合狀態(tài)，兩極板間的電勢(shì)差不變，根據(jù)可知，電容器帶電量增加，故D正確。故選AD。10.2024年11月第十五屆中國(guó)國(guó)際航空航天博覽會(huì)在廣東珠海國(guó)際航展中心開(kāi)幕。懸停在空中的直-20武裝直升機(jī)用鋼索將靜止在地面上的質(zhì)量為m的軍車(chē)豎直向上吊起。鋼索上的拉力F隨時(shí)間變化的圖像如圖所示，已知t2時(shí)刻軍車(chē)距離地面高度為h，拉力的功率為P，此后拉力的功率保持不變。不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g。下列說(shuō)法正確的是（）A.t2時(shí)刻軍車(chē)的加速度為B.向上吊起過(guò)程中軍車(chē)的最大速度為C.t1時(shí)刻軍車(chē)的速度為D.t3時(shí)刻軍車(chē)距離地面的高度為【答案】BD【解析】A．根據(jù)圖像可知時(shí)間內(nèi)拉力大小不變，即合力不變，加速度不變，由牛頓第二定律可得解得此時(shí)軍車(chē)的加速度，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)軍車(chē)勻速上升時(shí)，其速度最大，此時(shí)故軍車(chē)上升的最大，故B正確；C．由題可知，時(shí)刻軍車(chē)的速度結(jié)合上述分析可知時(shí)間內(nèi)軍車(chē)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度為則軍車(chē)在時(shí)刻的速度大小為，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)時(shí)間內(nèi)軍車(chē)上升的高度為，由圖可知，此階段繩子拉力的功率不變，根據(jù)動(dòng)能定理可得結(jié)合上述結(jié)論解得則t3時(shí)刻軍車(chē)距離地面高度為，故D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某興趣小組利用如圖所示裝置驗(yàn)證向心力的表達(dá)式，可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊套在水平桿上，隨桿一起繞豎直桿做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，旋轉(zhuǎn)半徑為r。力傳感器通過(guò)一細(xì)繩水平連接滑塊，用來(lái)測(cè)量細(xì)繩拉力F的大小?；瑝K上固定一遮光片，寬度為D（D很小），結(jié)合固定在鐵架臺(tái)上的光電門(mén)可測(cè)量滑塊的線速度v?；瑝K每經(jīng)過(guò)光電門(mén)一次，力傳感器和光電門(mén)就同時(shí)記錄下拉力的大小F和通過(guò)光電門(mén)的遮光時(shí)間。（1）某次旋轉(zhuǎn)過(guò)程中遮光片經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的遮光時(shí)間為，則滑塊線速度大小v=________；（2）以F為橫坐標(biāo)，以_________（選填“”“”或“”）為縱坐標(biāo)，可在坐標(biāo)紙中描出數(shù)據(jù)點(diǎn)，擬合成一條直線；若所得圖像的斜率為k，則滑塊的質(zhì)量為_(kāi)_________（用所測(cè)物理量k、D、r表示）；（3）實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)，力傳感器測(cè)量的拉力值與理論計(jì)算的向心力值略有偏差，試分析可能的原因（寫(xiě)一條即可）：______________________________________________?！敬鸢浮浚?）（2）（3）細(xì)繩長(zhǎng)度變長(zhǎng)了，形變量不可忽略滑塊轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中受到了摩擦阻力和空氣阻力【解析】【小問(wèn)1解析】由題可知，滑塊的線速度【小問(wèn)2解析】根據(jù)向心力的公式結(jié)合解得可見(jiàn)即繪制可擬合成一條直線；根據(jù)上述分析可知，圖像的斜率解得【小問(wèn)3解析】滑塊轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中受到了摩擦阻力和空氣阻力，可能導(dǎo)致力傳感器測(cè)量的拉力值與理論計(jì)算的向心力值略有偏差。12.某同學(xué)用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”。實(shí)驗(yàn)所用的電源為學(xué)生電源，可以提供輸出電壓為8V的交變電流，交變電流的頻率為50Hz。重錘從高處由靜止開(kāi)始下落，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)測(cè)量并分析，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。（1）在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，有下列器材可供選擇：A.帶夾子的鐵架臺(tái) B.電磁式打點(diǎn)計(jì)時(shí)器 C.低壓交流電源 D.紙帶E.帶夾子的重物 F.刻度尺 G.天平 H.秒表其中不必要的器材有（選填器材前面的字母）；（2）進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，為保證紙帶上打下的第一個(gè)點(diǎn)的速度為零，操作步驟應(yīng)選（選填“A”或“B”）；A.先釋放紙帶，再接通電源 B.先接通電源，再釋放紙帶。（3）這位同學(xué)進(jìn)行正確測(cè)量后挑選出一條點(diǎn)跡清晰的紙帶進(jìn)行測(cè)量分析，如圖乙所示，其中O點(diǎn)為起始點(diǎn)，A、B、C、D、E、F為六個(gè)連續(xù)的計(jì)時(shí)點(diǎn)。根據(jù)紙帶上的測(cè)量數(shù)據(jù)，可得出打D點(diǎn)時(shí)重錘的速度v為_(kāi)_______m/s（保留3位有效數(shù)字）；（4）重錘在下落的過(guò)程中，如果所受阻力均忽略不計(jì)，h代表下落的距離，v代表物體速率，Ek代表動(dòng)能，Ep代表勢(shì)能，E代表機(jī)械能，以水平桌面為參考面，下列圖像可能正確的是。A. B. C. D.【答案】（1）GH（2）B（3）1.75（4）C【解析】【小問(wèn)1解析】根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得整理可得因此不需要天平測(cè)量物體的質(zhì)量，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器可以記錄打點(diǎn)的時(shí)間，因此不需要秒表測(cè)量時(shí)間。故不需要的實(shí)驗(yàn)器材的序號(hào)為GH。【小問(wèn)2解析】使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，應(yīng)先接通電源，后釋放質(zhì)點(diǎn)。故選B?！拘?wèn)3解析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知打D點(diǎn)時(shí)重錘的速度【小問(wèn)4解析】A．根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得即與成正比，故A錯(cuò)誤；B．由于機(jī)械能守恒，機(jī)械能的大小與下落的高度無(wú)關(guān)，因此其圖像與橫軸平行，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)機(jī)械能守恒可得因此的圖像為開(kāi)口向下的拋物線，故C正確；D．機(jī)械能為則因此圖像應(yīng)是一條向下傾斜的直線，故D錯(cuò)誤。故選C。13.某次發(fā)生意外情況的民航客機(jī)著陸后，打開(kāi)緊急出口的艙門(mén)，自動(dòng)生成一個(gè)由氣囊構(gòu)成的斜面，機(jī)艙中的乘客沿該斜面滑行到地面。如圖所示為簡(jiǎn)化示意圖，若機(jī)艙離氣囊底端的豎直高度為h=4m，氣囊與水平地面所構(gòu)成的斜面傾角α=53°。一個(gè)質(zhì)量為m=50kg的乘客在氣囊頂端由靜止開(kāi)始滑下，與氣囊間的滑動(dòng)摩擦因素μ=0.5，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6。求：（1）該乘客滑到斜面底端的過(guò)程中重力做的功WG；（2）該乘客滑到斜面底端過(guò)程中重力的平均功率P?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問(wèn)1解析】由題可知重力做的功【小問(wèn)2解析】由牛頓第二定律可得解得根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得解得故重力的平均功率為14.在學(xué)校物理創(chuàng)新實(shí)驗(yàn)課堂上，老師為引導(dǎo)學(xué)生探究帶電物體在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，布置了一個(gè)如圖所示的實(shí)驗(yàn)環(huán)境：空間中有一水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)（電場(chǎng)空間足夠大），將一個(gè)質(zhì)量m=0.3kg，電荷量q=0.8C的帶正電小球，放在區(qū)域內(nèi)的O點(diǎn)，然后用彈射器使小球以v0=10m/s的初速度，方向與水平方向成θ=37°角斜向右射出，帶電小球在電場(chǎng)力與重力作用下做直線運(yùn)動(dòng)（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）。求：（1）電場(chǎng)強(qiáng)度E的大?。唬?）小球從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，電勢(shì)能的變化量；（3）若電場(chǎng)方向變成水平向右，小球仍以原來(lái)初速度從O點(diǎn)出發(fā)，當(dāng)小球再次回到與O點(diǎn)同一水平面上的A點(diǎn)（未畫(huà)出）時(shí)，求OA兩點(diǎn)間電勢(shì)差U的大小?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1解析】因小球做直線運(yùn)動(dòng)，受到豎直向下的重力mg和水平向左的電場(chǎng)力qE的合力必沿此直線，如圖由圖可得所以【小問(wèn)2解析】設(shè)從O點(diǎn)到最高點(diǎn)的位移為x，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式根據(jù)牛頓第二定律可得所以小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)其電勢(shì)能與在O點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能之差為解得【小問(wèn)3解析】若電場(chǎng)方向水平向右，則在豎直方向有小球再次回到與O點(diǎn)同一水平面所用的時(shí)間為由牛頓第二定律可得根據(jù)運(yùn)動(dòng)的分解可得由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律可得聯(lián)立解得電勢(shì)差15.如圖為某款兒童游戲裝置的示意圖。緊鄰A處左側(cè)裝有一彈簧彈射器（內(nèi)壁光滑），AB和EF是直軌道，BC和CDE是豎直面內(nèi)半徑為R的細(xì)圓管軌道，其中BC為四分之一圓管軌道，D為圓管軌道CDE的最高點(diǎn)，圓弧軌道與直軌道相接處均平滑相切，EF軌道與水平方