甘肅省武威市河西成功學校2025-2026學年高二上物理期末質量檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在下列各圖中，已標出了磁場B的方向、通電直導線中電流Ι的方向，以及通電直導線所受安培力F的方向，其中符合左手定則的是（）A. B.C. D.2、下列說法正確的是()A.電流的方向就是電荷移動的方向B.根據公式當兩個點電荷距離趨于0時，電場力將趨于無窮大C.一小段通電導線在某處不受磁場力作用，則該處磁感應強度一定為零.D.電源電動勢反映了電源把其他形式的能轉化為電勢能的本領3、現(xiàn)代質譜儀可用來分析比質子重很多倍的離子，其示意圖如圖所示，其中加速電壓恒定．質子在入口處從靜止開始被加速電場加速，經勻強磁場偏轉后從出口離開磁場．若某種一價正離子在入口處從靜止開始被同一加速電場加速，為使它經勻強磁場偏轉后仍從同一出口離開磁場，需將磁感應強度增加到原來的10倍．此離子和質子的質量比約為（）A.10 B.9C.100 D.814、如圖所示直線A為某電源的U﹣I圖線，曲線B為某小燈泡L1的U﹣I圖線的一部分，用該電源和小燈泡L1串聯(lián)起來組成閉合回路時燈泡L1恰能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是（）A.此電源的內電阻為0.67ΩB.燈泡L1的額定電壓為3V，額定功率為6WC.把燈泡L1換成阻值恒為1Ω的純電阻，電源的輸出功率將變小，效率將變低D.由于小燈泡L1的U﹣I圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光過程中歐姆定律不適用5、在如圖所示的四個圖中，標出了勻強磁場的磁感應強度B的方向、通電直導線中電流I的方向以及通電直導線所受安培力F的方向，其中正確表示三者方向關系的圖是（）A. B.C. D.6、在邊長為a、厚度為h的導體中，通以圖示方向的電流，導體的電阻為R1，現(xiàn)將其四等分，取其中之一通以圖示方向的電流，其電阻為R2，則R1：R2為（）A.4：1B.1：1C.1：2D.2：1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、光敏電阻是光電傳感器的核心元件，光照強度越強，電阻越小,如圖是含有光敏電阻的電路，R1為光敏電阻，R2為定值電阻，閉合開關S，保持電源兩極間電壓不變，用光去照射光敏電阻，則光照越強A.電流表A的示數越大B.電流表A的示數越小C.電壓表V的示數越大D.電壓表V的示數越小8、如下圖所示，質量為m的通電細桿放在傾角為θ的導軌上，導軌的寬度為d，桿與導軌間的動摩擦因數為μ，當有電流通過細桿，細桿恰好靜止于導軌上．細桿與導軌間的摩擦力一定不為零的是A. B.C. D.9、如圖所示，ab是勻強磁場的邊界，質子()和α粒子()先后從c點射入磁場，初速度方向與ab邊界夾角均為45o，并都到達d點．不計空氣阻力和粒子間的作用．關于兩粒子在磁場中的運動，下列說法正確的是()A.質子和α粒子運動軌跡相同B.質子和α粒子運動動能相同C.質子和α粒子運動速率相同D.質子和α粒子運動時間相同10、如圖為一種質譜儀示意圖，由加速電場、靜電分析器和磁分析器組成，若靜電分析器通道中心線的半徑為R，通道內均勻輻射電場在中心線處的電場強度大小為E，磁分析器有范圍足夠大的有界勻強磁場，磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向外，一質量為m、電荷量為q的粒子從靜止開始經加速電場加速后沿中心線通過靜電分析器，由P點垂直邊界進入磁分析器，最終打到膠片上的Q點，不計粒子重力，下列說法中正確的是A極板M比極板N電勢低B.加速電場的電壓C.直徑D.若一群粒子從靜止開始經過上述過程都落在膠片上同一點，則該群粒子具有相同的比荷三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，電子射線管位于通電導線ab正下方，該裝置可以演示電子在磁場中的偏轉．若實驗發(fā)現(xiàn)電子束的徑跡向下偏轉，那么導線中電流的方向是___________12．（12分）由焦耳定律Q=I2Rt可知，減少電能在輸送過程中的損失有兩個途徑：一是減小輸電線的_____，二是減小輸電線的_____。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A．根據左手定則：伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向里穿過手心，則手心朝外．四指指向電流方向：向右，拇指指向安培力方向：向上．符合左手定則，故A符合題意；B．通電導線與磁場平行，不受安培力，故B不符合題意；C．根據左手定則：伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向左穿過手心，則手心朝右．四指指向電流方向：向外，拇指指向安培力方向：向下，此項不符合左手定則，故C不符合題意；D．安培力方向既與電流方向垂直，又與磁場方向垂直，而此項安培力方向與磁場方向平行，不可能，故D不符合題意。故選A。2、D【解析】A．電流的方向為正電荷的移動方向，故A錯誤；B．庫倫定律適用的研究對象是點電荷，當兩個電荷距離太近則不能視為點電荷，庫倫定律不再適用，故B錯誤；C．磁場方向和電流方向相同，通電導線不受安培力，但磁感應強度不為零，故C錯誤；D．電源電動勢反映了電源把其他形式的能轉化為電勢能的本領，故D正確。故選D3、C【解析】本題先電場加速后磁偏轉問題，先根據動能定理得到加速得到的速度表達式，再結合帶電粒子在勻強磁場中運動的半徑公式求出離子質量的表達式【詳解】根據動能定理得：qU＝mv2，得：v＝；離子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據牛頓第二定律，有：qvB＝m得：R＝；兩式聯(lián)立得：m＝；一價正離子電荷量與質子電荷量相等，同一加速電場U相同，同一出口離開磁場則R相同，所以m∝B2，磁感應強度增加到原來的10倍，離子質量是質子質量的100倍，故C正確ABD錯誤，故選C【點睛】本題綜合考查了動能定理和牛頓第二定律，關鍵要能通過洛倫茲力提供向心力求出質量的表達式4、B【解析】A．由圖讀出電源的電動勢E=4V內阻故A錯誤；B．兩圖線的交點表示小燈泡L1與電源連接時的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，則知燈泡的額定電壓U=3V額定電流I=2A則額定功率為P=UI=6W故B正確；C．燈泡L1的電阻換成阻值恒為1Ω的純電阻，可知外電阻更接近電源的內阻，根據推論：電源的內外電阻相等時電源的輸出功率最大，知把燈泡L1換成阻值恒為1Ω的純電阻，電源的輸出功率將變大，效率將變低，故C錯誤；D．燈泡是純電阻元件，歐姆定律適用，U-I圖象為曲線的原因是燈泡電阻隨溫度的變化而變化，故D錯誤。故選B。5、C【解析】根據左手定則可得，A中安培力的方向是垂直向外的，B中安培力的方向是豎直向下的，C中安培力的方向是豎直向上的，D中運動方向和磁場方向平行，不受安培力的作用，故選C6、B【解析】由電阻定律可知，長度變?yōu)樵瓉淼囊话?，面積變原來的一半，所以電阻不變，則電阻之比為1：1故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】光照強度越強，電阻越小，用光去照射光敏電阻，則R1減小，則總電阻減小，總電流變大，與R1串聯(lián)的電流表示數增大，R2以及內阻上的電壓變大，則R1的電壓減小，即電壓表V的示數越小，故AD正確，BC錯誤8、CD【解析】通過受力分析，根據桿子所處的狀態(tài)為平衡狀態(tài)，合力為0，去判斷是否有摩擦力【詳解】A圖中桿子受重力、支持力，水平向右的安培力，可知，桿子可能受摩擦力，也可能不受．故A錯誤．B圖中若桿子受的重力與所受的豎直向上的安培力相等，桿子不受摩擦力．若重力大于安培力，則受重力、支持力，安培力、摩擦力．所以桿子可能受摩擦力，可能不受摩擦力．故B錯誤．C圖中桿子受重力、豎直向下的安培力、支持力，若要處于平衡，一定受摩擦力．故C正確．D圖中桿子受重力水平向左的安培力、支持力，若要處于平衡，一定受摩擦力．故D正確．故選CD【點睛】解決本題的關鍵會正確地進行受力分析，能夠根據受力平衡判斷摩擦力的存在9、AB【解析】粒子在磁場中做勻速圓周運動，質子和α粒子從同一點沿相同的方向射入磁場，然后從同一點離開磁場，則它們在磁場中的運動軌跡相同，故A正確；兩粒子的運動軌跡相同，則它們的軌道半徑r相同，粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子動能：，質子與α粒子的電量分別為e和2e，質量之比為1：4，軌道半徑r、磁感應強度B都相等，則EK質子=EKα粒子，故B正確；由牛頓第二定律得：，解得：，質子與α粒子的電量分別為e和2e，質量之比為1：4，軌道半徑r、磁感應強度B都相等，則：，故C錯誤；粒子在磁場中做圓周運動的周期：，質子與α粒子的電量分別為e和2e，質量之比為1：4，磁感應強度B都相等，則：，兩粒子的運動軌跡相同，粒子在磁場中轉過的圓心角θ相同，粒子在磁場中的運動時間：，，故D錯誤；故選AB點睛：本題考查了粒子在磁場中的運動，根據題意確定兩粒子的軌跡關系與軌道半徑關系，然后應用牛頓第二定律、動能計算公式、周期公式進行分析即可正確解題10、CD【解析】粒子經加速電場加速后進入靜電分析器在電場力的作用下做勻速圓周運動，因此由電場力指向圓心可知粒子帶正電，因此加速電場的場強方向由M指向N，所以M極板的電勢高，故A錯誤；在加速電場由動能定理由，在分析器內做圓周運動，因此由，聯(lián)立可得，故B錯誤；粒子進入磁場后再洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動，由，可得，故C正確，通過C可以看出直徑和粒子的比荷有關，因此通過膠片同一點的粒子比荷相同，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、由a指向b【解析】電子運動方向從負極流向正極，根據左手定則，四指指向電子運動的反方向，即指向負極，大拇指指向電子偏轉方向，由此得出導線下方磁場方向垂直紙面向里，根據右手螺旋定則可知，導線ab中的電流方向從a指向b點睛：本題考查了左手定則和右手螺旋定則的聯(lián)合應用，注意兩個定則的適用條件，平時加強聯(lián)系，提高熟練程度12、①.電阻②.電流【解析】[1][2]．遠距離輸電時，要減少輸電線上電能的損失，根據焦耳定律Q=I2Rt，發(fā)現(xiàn)有兩個途徑：一是減小輸電線的電阻，二是減小輸送的電流；四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)3N【解析】(1)設小球在C點的速度大小是vC，則對于小球由A→C的過程中，由動能定理得：解得：(2)小球在C點時受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球對軌道壓力：NC′=NC=3N14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當R0=1Ω時，根據閉合電路的歐姆定律求解電流強度，由平衡條件求解磁感應強度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，根據牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當R0＝1Ω時，根據閉合