蘇州實(shí)驗(yàn)中學(xué)2026屆物理高二第一學(xué)期期末聯(lián)考模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，一通電直線導(dǎo)線與勻強(qiáng)磁場方向垂直，導(dǎo)線所受安培力的方向()A.向上 B.向下C.垂直紙面向外 D.垂直紙面向里2、關(guān)于力學(xué)單位制下列說法正確的是（）A.kg、m/s、N是導(dǎo)出單位B.kg、s、J是基本單位C.只有在國際單位制中，牛頓第二定律表達(dá)式才是F=maD.在國際單位制中，質(zhì)量的基本單位是kg，也可以是g3、在光滑的水平面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體，當(dāng)它所受的合力逐漸減小而方向不變時(shí)，物體的（）A.加速度越來越大，速度越來越大B.加速度越來越小，速度越來越小C.加速度越來越小，速度越來越大D.加速度越來越大，速度越來越小4、如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為R．電荷量分別為＋Q、－Q的兩點(diǎn)電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于AC對稱，＋Q與O點(diǎn)的連線和OC間的夾角為60°．下列說法正確的是（）A.O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為，方向由O指向DB.O點(diǎn)的場強(qiáng)大小為，方向由O指向DC.A、C兩點(diǎn)的電勢關(guān)系是φA<φCD.電荷量為q的正電荷在A點(diǎn)的電勢能大于在C點(diǎn)的電勢能5、如圖所示，在紙面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系xOy，第一、二象限存在著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．質(zhì)量均為m、電荷量分別為+q和-q的兩個(gè)粒子（不計(jì)重力），從坐標(biāo)原點(diǎn)O以相同的速度v先后射入磁場，v方向與x軸成θ=30°角，帶正、負(fù)電的粒子在磁場中僅受洛侖茲力作用，則（）A.帶負(fù)電的粒子回到x軸時(shí)與O點(diǎn)的距離為B.帶正電的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C.兩粒子回到x軸時(shí)的速度不相同D.從射入到射出磁場的過程中，兩粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同6、如圖所示，電源電動(dòng)勢E＝10V，內(nèi)阻r＝0.2Ω，標(biāo)有“8V,16W”的燈泡L恰好正常發(fā)光，電動(dòng)機(jī)線圈電阻R0＝0.15Ω，則電源的輸出功率為()A.16W B.440WC.80W D.400W二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖在空間分布有x軸平行勻強(qiáng)電場（方向未知），一質(zhì)量為m、電荷量為q>0的帶電小球在電場中的運(yùn)動(dòng)軌跡為拋物線ABC,A、C為與x軸的兩交點(diǎn)，B為與y軸的交點(diǎn)，直線BD為拋物線的對稱軸。,重力加速度為g，則下列選項(xiàng)正確的是A.帶電小球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒B.勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為C.帶電小球在A、C兩點(diǎn)的動(dòng)能大小有D.帶電小球在A點(diǎn)加速度為8、如圖所示，將負(fù)試探電荷沿著等量異種電荷的連線從中點(diǎn)A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，在這一過程中()A.試探電荷所受電場力增大B.試探電荷所受電場力減小C.試探電荷所處位置的電勢增大D.試探電荷所處位置的電勢減小9、垂直紙面向外的正方形勻強(qiáng)磁場區(qū)域內(nèi)，有一位于紙面的、電阻均勻的正方形導(dǎo)體框abcd，現(xiàn)將導(dǎo)體框分別向兩個(gè)方向以v、3v的速度勻速拉出磁場，如圖所示，則導(dǎo)體框從兩個(gè)方向移出磁場的過程中A.導(dǎo)體框中產(chǎn)生的焦耳熱相同B.導(dǎo)體框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同C.通過導(dǎo)體框某一截面的電荷量相同D.導(dǎo)體框cd邊兩端電勢差的絕對值相同10、下列說法中錯(cuò)誤的是（）A.磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是該處電流受力方向B.一小段通電導(dǎo)線放在某處不受磁場力作用，該處可能有磁場C.一小段通電導(dǎo)線放在磁場中A處時(shí)受磁場力比放在B處大，則A處磁感強(qiáng)度比B處的磁感強(qiáng)度大D.因?yàn)?，所以某處磁感?qiáng)度的大小與放在該處的通電小段導(dǎo)線IL乘積成反比三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖1是用游標(biāo)卡尺測量時(shí)的刻度圖，為20分度游標(biāo)卡尺，讀數(shù)為：_________cm；圖2中螺旋測微器的讀數(shù)為：________mm12．（12分）一個(gè)20匝、面積為200dm2的線圈，放在磁場中，磁場的方向與線圈平面成30°角，若磁感應(yīng)強(qiáng)度在5s內(nèi)由1T增加到5T，在此過程中磁通量變化了_________磁通量的平均變化率是__________線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢的大小是_________四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】根據(jù)左手定則，讓磁感線穿過手心，即手心向上，四指指向電流方向，即指向右側(cè)，大拇指垂直于紙面指向里，故安培力方向垂直紙面向里，故ABC錯(cuò)誤，D正確．故選D2、C【解析】A.kg是質(zhì)量的單位它是基本單位，故A錯(cuò)誤；B.三個(gè)力學(xué)基本物理量分別是長度、質(zhì)量、時(shí)間，它們的單位分別為m、kg、s，J是能量的單位，不是基本單位。故B錯(cuò)誤；C.牛頓第二定律的表達(dá)式F＝ma，是在其中的物理量都取國際單位制中的單位時(shí)得出的，故C正確；D.g也是質(zhì)量的單位，但它不是質(zhì)量在國際單位制中的基本單位，故D錯(cuò)誤；故選：C；3、C【解析】物體在光滑的水平面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，說明速度方向與加速度方向相同．當(dāng)它所受的合力逐漸減小而方向不變時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，加速度逐漸減小而方向保持不變．加速度仍然保持與速度同向，所以速度仍然增加．故加速度越來越小，速度越來越大．故選C4、B【解析】AB．O點(diǎn)的場強(qiáng)大小方向由O指向D，故A錯(cuò)誤，B正確；C．等量異種電荷中垂線為等勢線，因此A、C兩點(diǎn)的電勢相等，故C錯(cuò)誤；D．A點(diǎn)與C點(diǎn)的電勢相等，其電勢差為零，則電荷q從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場力做功為零，A點(diǎn)的電勢能等于在C點(diǎn)的電勢能，故D錯(cuò)誤故選B.5、A【解析】畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)半徑公式結(jié)合幾何關(guān)系求出帶負(fù)電的粒子回到x軸時(shí)與O點(diǎn)的距離；根據(jù)t＝T，求出帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；粒子勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速率不變，速度方向由軌跡圖判斷是否相同；【詳解】帶電粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示：帶負(fù)電的粒子順時(shí)針方向偏轉(zhuǎn)，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，圓弧所對的圓心角為60°，△OO2B為等邊三角形，OB＝R＝，所以帶負(fù)電的粒子回到x軸時(shí)與O點(diǎn)的距離為，故A正確；粒子勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期，帶正電的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，帶負(fù)電的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，故BD錯(cuò)誤；兩粒子均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速率不變，兩粒子回到x軸時(shí)的速度大小為v，方向都與x軸正方向的夾角為30°，所以兩粒子回到x軸時(shí)的速度相同，故C錯(cuò)誤；故選A【點(diǎn)睛】本題考查帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵是畫出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡，根據(jù)牛頓第二定律和圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解，記住半徑公式和周期公式6、C【解析】路端電壓等于電燈L的電壓，即U=8V，所以根據(jù)公式，解得電路中的總電流為I=10A，故通過電動(dòng)機(jī)的電流為,電動(dòng)機(jī)兩端電壓為8V，所以電動(dòng)機(jī)的電功率為,故電源的輸出功率為二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】A.帶電小球運(yùn)動(dòng)過程中，重力、電場力做功，電勢能和機(jī)械能之和守恒，機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)拋物線軌跡的對稱性，重力和電場力的合力沿BD方向，則：得：故B正確；C.帶電小球從A到B的過程中，重力、電場力的合力做負(fù)功，帶電小球從B到C的過程中，重力、電場力的合力做正功。根據(jù)合力的方向可知，從A到B的過程合力做的負(fù)功小于從B到C的過程合力做的正功。根據(jù)動(dòng)能定理，帶電小球在A、C兩點(diǎn)的動(dòng)能大小有，故C正確；D.合力大小為：根據(jù)牛頓第二定律F=ma，得故D錯(cuò)誤。故選：BC8、AD【解析】等量異種電荷所產(chǎn)生的電場線如圖所示：AB．在其連線上，從A到B過程中，電場線變密，電場強(qiáng)度增大，故電場力變大，A正確B錯(cuò)誤；CD．兩電荷連線上，電場方向由+Q指向-Q，又知道沿電場線方向電勢降低，故從A到B過程中電勢降低，C錯(cuò)誤D正確；故選AD。9、BC【解析】感應(yīng)電流大小先由和歐姆定律分析，根據(jù)焦耳定律分析產(chǎn)生的熱；感應(yīng)電流方向根據(jù)楞次定律判斷；由分析通過導(dǎo)體框截面的電量關(guān)系，根據(jù)歐姆定律和電路的連接關(guān)系，分析邊兩端電勢差關(guān)系【詳解】A．設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為，線框邊長為，電阻為，則：又：得到，則，當(dāng)速度為時(shí)產(chǎn)生的焦耳熱多，故A錯(cuò)誤；B．將導(dǎo)體框從兩個(gè)方向移出磁場的兩個(gè)過程中，磁通量均減小，而磁場方向都垂直紙面向外，根據(jù)楞次定律判斷知，導(dǎo)體框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向均沿逆時(shí)針方向，故B正確；C．根據(jù)：可知磁通量的變化量相同，電阻相等，則通過導(dǎo)體框截面的電量相同，故C正確；D．水平向右拉出時(shí)導(dǎo)體框邊兩端電勢差公式為：水平向上拉出時(shí)導(dǎo)體框邊兩端電勢差公式為：導(dǎo)體框邊兩端電勢差的絕對值不相同，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題主要是考查了法拉第電磁感應(yīng)定律、楞次定律和閉合電路歐姆定律；對于導(dǎo)體切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢，可以根據(jù)來計(jì)算10、ACD【解析】A．根據(jù)左手定則可知電流受到的安培力方向和該處磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)電流方向和磁場方向平行時(shí)，不受磁場力的作用，所以一小段通電導(dǎo)線放在某處不受磁場力作用，有可能是通電方向和磁場平行了，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向不一定為零，故B正確；C．影響通電導(dǎo)線在磁場中受到的磁場力大小的因素有電流的大小、磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小、通電導(dǎo)線的長度以及電流方向與磁場方向的夾角，同一小段通電導(dǎo)線在A處受到的磁場力比在B處的大，有可能兩處電流方向與磁場方向的夾角不同造成的，不一定是A處的磁感應(yīng)強(qiáng)度比B處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大，故C錯(cuò)誤；D．公式為磁感應(yīng)強(qiáng)度的計(jì)算式，不是決定式，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和外界因素?zé)o關(guān)，只和磁場本身的性質(zhì)有關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選ACD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1.375②.0.700【解析】解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀【詳解】20分度的游標(biāo)卡尺，精確度是0.05mm，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為13mm，游標(biāo)尺上第15個(gè)刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為15×0.05mm=0.75mm，所以最終讀數(shù)為：13mm+0.75mm=13.75mm=1.375cm螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動(dòng)刻度為20.0×0.01mm=0.200mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.200mm=0.700mm【點(diǎn)睛】對于基本測量儀器如游標(biāo)卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測量12、①.4Wb②.0.8Wb/s③.16V【解析】線圈在勻強(qiáng)磁場中，現(xiàn)讓磁感強(qiáng)度在5s內(nèi)由1T均勻地增加到5T，磁通量的變化量為：；磁通量的平均變化率為：；線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢的大小為：四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強(qiáng)度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得根據(jù)左手定則可知安培力方向水平向右；由平衡條件有：BILcosθ＝mgsinθ解得B＝2T；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，大小不變；根據(jù)牛頓第二定律