遼寧省名校聯(lián)盟2025年高三12月份聯(lián)合考試

物理

命題人：大連市第一中學徐偉豐大連市第三十六中學王藝

審題人：遼寧名校聯(lián)盟試題研發(fā)中心大慶第一中學生軍

鞍山市第一中學遲喜慶大連市第四十八中學趙玉友

本試卷滿分100分，考試時間75分鐘。

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。

2.答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡

皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上

無效。

3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1～7題只有一項符合題目要

求，每小題4分；第8～10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的

得3分，有選錯的得0分。

1.如圖所示，一輛玩具小車在光滑水平桌面上沿弧形軌道做勻速圓周運

動。關于小車的運動，下列說法正確的是

A.線速度方向保持不變

B.加速度大小保持不變

C.合外力方向始終不變

D.屬于勻變速曲線運動

2.航母電磁彈射系統(tǒng)將艦載機在水平軌道上由靜止開始加速。某次測試中，艦載機的加速度a隨時

間t的變化關系如圖所示，軌道長度足夠長，以v表示艦載機的速度，以x表示艦載機相對于出發(fā)

點的位移，下列圖像正確的是

A.B.C.D.

3.如圖甲所示，固定點電荷A上方有一水平方向的光滑絕緣細桿，一個帶電小環(huán)套在細桿上。某時

刻，小環(huán)從M點由靜止釋放，小環(huán)在MN間做往復運動，沿細桿方向建立一維坐標系，設坐標原點

O在A正上方，x軸上各點電勢φ隨x變化圖像如

圖乙所示，規(guī)定無限遠處電勢為零，則

A.點電荷A為負電荷

B.O點電場強度為零

到過程中，小環(huán)的電勢能減小

C.MO甲乙

D.小環(huán)的往復運動屬于簡諧運動

4.某光學組件由兩個半徑相同、折射率不同的四分之一圓柱玻璃體組成，如圖所示。

光線從A點垂直射人后，在B點折射出去，與法線夾角為60°,將光線平移，從關于

0點對稱的A,點垂直入射，在B?位置恰好發(fā)生全反射后也從B點折射出去，且

兩次折射角度相同，則上下兩玻璃體折射率的比值為

AB.√2

C.√3D

5.2025年5月，我國發(fā)射了“天問二號”探測器，對近地小行星2016HO3進行“伴飛”探測和附著采樣

任務，探測器進行伴飛探測過程，會與小行星保持同步飛行，如圖所示，

“天問二號”和小行星在固定的軌道上做勻速圓周運動，不考慮“天問二

號”對小行星的影響，下列說法正確的是

A.“天問二號”探測器的線速度大于第一宇宙速度

B.伴飛過程，小行星的線速度大于“天問二號”探測器的線速度

C.伴飛過程，小行星的向心加速度小于“天問二號”探測器的向心加

速度

D.“天問二號”探測器對小行星進行采樣前，需向前噴出氣體進行著陸采樣

6.如圖所示，樹權形置物架上放置一個質(zhì)量為m的光滑圓球，木板AO與水平方向夾角為θ,木板BO

與水平方向夾角為a,木板AO對圓球的支持力為Fm,木板BO對圓球的支持力為F??,重力加速

度為g,則

A.

B

C

D

7.如圖所示，M、N分別為棱長為a的正四面體ABCD的內(nèi)切球與ABC面和ACD面的切點，P為

AB邊中點，正四面體的頂點A、B、C、D分別固定有帶電荷量為一Q、+Q、一Q、+Q的點電荷，規(guī)

定無窮遠處電勢為零，靜電力常量為k,則下列說法正確的是

A.P點的電場強度大小

B.M點的電場強度大小

C.正試探電荷沿直線由P移動到M,電勢能增加

D.正試探電荷沿直線由C移動到M,電勢能減少

8.在新型光量子器件的研發(fā)中，科學家需要測試不同光電材料的性能。當使用相同頻率和強度的綠

光照射材料A和B時，兩者都能發(fā)生光電效應，從材料A逸出的電子最大初動能小，若兩種材料

的逸出功分別為WA和Wg,兩種材料對應的遏止電壓分別為UA和UB,則

A.WA<WBB.WA>WBC.UA<UBD.UA>UB

9.噴墨打印機的工作原理簡化圖如圖所示，質(zhì)量為m的墨滴經(jīng)帶電室時帶上電荷量為q的負電荷，

隨后經(jīng)加速電場后，以初速度v垂直射人偏轉電場中，經(jīng)偏轉電場后打在紙面上。已知偏轉極板

長為L?,板間距為d,偏轉電壓為U,偏轉極板右端到紙面的距離為L?。不計空氣阻力以及墨滴所

受重力和偏轉電場的邊緣效應，下列說法正確的是

加速電場電壓

A.加速電場偏轉電場

墨滴落在紙上的位置偏離原入射方向的距離

B.紙

面

z

墨盒

帶電室

C.若僅U減小20%,則字體縮小20%O

D.若僅L?減小20%,則字體縮小4%LL?…

10.如圖甲所示，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧豎直固定在地面上，上端放置薄板A,兩者并未相連，薄板

A處于靜止狀態(tài)，彈簧處于壓縮狀態(tài)。薄板B與薄板A完全相同，B從距離A上方H高度由靜

止釋放自由落下，A、B兩薄板碰撞時間極短，碰后粘連在一起，共同下落31后速度減為零。以

A、B碰撞位置為坐標原點O,豎直向下為正方向建立x軸，A、B整體的

重力勢能隨下落距離x變化圖像如圖乙中I所示，彈簧的彈性勢能隨下

落距離x變化圖像如圖乙中Ⅱ所示，重力加速度為g,則

A.薄板A的質(zhì)量為

B.薄板B下落的高度H為31

C.碰撞后兩薄板的最大速度為√3gl

D.碰撞后兩薄板上升的最大高度在O上方l處甲乙

非選擇題：本題共5小題，共54分。

(6分)質(zhì)量為m、上端細長圓管直徑為D的比重計漂浮于密度為p的平衡小振動

液體中，如圖(a)所示。用手向下輕推一下比重計，給它一豎直向下的比重計

初速度，使其可以在液體中做小幅振動(液體的阻力不計)。某同學通

過實驗探究液體密度ρ與比重計振動周期T之間的關系。

(1)在比重計上做好標注點，然后將其放入到水中，當其平衡后，在水中浮標

與標注點對齊的水平方向某處放置一固定浮標，如圖(a)所示。沿

豎直方向輕推比重計，當比重計上的標注點某次與浮標等高時記為

第0次并開始計時，第20次時停止計時，這一過程中比重計振動了

個周期。標注點

(2)換用其他常見液體(汽油、酒精、鹽水、豆油、蔗糖水和蜂蜜水)重復

圖(a)

上述操作，測得多組數(shù)據(jù)。為了探究p與T之間的函數(shù)關系，可用

它們的自然對數(shù)作為橫、縱坐標繪制圖像進行研究，數(shù)據(jù)如下表所示。

液體水酒精汽油豆油鹽水蔗糖水蜂蜜水

InT0.65160.72360.70320.67180.64160.58740.5791

Inp0一0.139一0.104一0.0420.0260.1240.148

個np

0.15

0.10

0.05

0.00日

-0.05

-0.10

-0.15

InT

0.560.580.500.620.640.660.680.700.720.74

圖(b)

A.poc√TB.p∞cTCD.

(3)在確保比重計仍作小振動的前提下，增大沿豎直向下的推力，而使其偏離浮標的距離變大(比

重計保持不完全浸沒),所得Inp-1nT圖像也近似是一條直線，則該直線可能是圖(b)中的

(填“虛線①”“虛線②”或者“實線”)。

(8分)某同學制作了一個水果電池，要測量其電動勢和內(nèi)阻，僅找到了以下器材：

毫安表G:量程0～0.2mA,內(nèi)阻為500Ω;

兩個電阻箱：阻值范圍均為0～9999Ω;

開關S、導線若干。

(1)將毫安表串聯(lián)一個電阻箱，將其改裝成量程為0～0.6V的電壓表，此電阻箱電阻應調(diào)

為Ω。

↑1/mA-

10.0

7.5

050810→責IQ

圖甲圖乙

(3)用這個改裝后的電壓表直接測量水果電池兩極，發(fā)現(xiàn)測量結果與(2)中測量的電動勢有明顯

偏差，其原因是

13.(10分)在載人飛船返回任務中，返回艙降至高度H=5.72km時，速度大小v=282m/s,方向

豎直向下，此時反推發(fā)動機精準點火啟動制動程序。為保障航天員安全，返回艙先以恒定加速度

勻減速直線下落，當速度降至V?=2.00m/s后，發(fā)動機轉為恒定推力控制，返回艙勻速下落，最終以

V2速度平穩(wěn)觸地，整個著陸過程總用時t=60s。已知飛船返回艙(含航天員)總質(zhì)量為3×103kg,重

力加速度g取10m/s2,在運動過程中重力加速度的變化和返回艙質(zhì)量的變化都忽略不計。求：

(1)返回艙勻減速運動的加速度大小與方向，以及勻速運動所用時間；

(2)從啟動制動程序到觸地前，返回艙所受合外力的沖量大小。

14.(12分)某工業(yè)余熱回收的氦氣儲能裝置如圖所示，裝置的絕熱圓筒內(nèi)裝有兩個活塞，頂部重活塞

外覆絕熱層(熱損失可忽略),底部輕活塞(質(zhì)量可忽略不計)導熱性能優(yōu)異。初始時裝置與車間

環(huán)境處于熱平衡，上下兩腔各封閉1mol氦氣(可視為理想氣體),兩活塞間距及輕活塞到缸底間

距均為x,現(xiàn)通過缸底余熱換熱裝置緩慢向氣體傳遞熱量Q(x和Q均為已知量)。設重活塞可以

無摩擦地滑動，在整個過程中輕活塞位置保持不變，忽略氣體泄漏。(重力加速度為g,汽缸橫截

面積為S,阿伏加德羅常數(shù)的值為NA)

(1)對處在溫度為T的平衡狀態(tài)的理想氣體，其內(nèi)能只由氣體分子的動能構成。依據(jù)能量均分定

理，每個氣體分子的動能對內(nèi)能的貢獻為,R為氣體普適常數(shù)，利用該常數(shù)可將理想氣體

的三個實驗定律統(tǒng)一為pV=nRT(n為物質(zhì)的量),即克拉伯龍方程。若上述裝置吸收熱量前

后的溫度分別為T?和T?,試利用上述規(guī)律寫出熱量Q與初末態(tài)溫度間的關系。

(2)求系統(tǒng)再次穩(wěn)定后輕活塞所受的摩擦力大小。

15.(18分)在光滑桌面上，以水平桌面左邊緣為y軸建立空間直角坐標系如圖所示，坐標為(√3L,

L,0)處固定一正點電荷，利用屏蔽手段使該點電荷只在x>0空間產(chǎn)生電場，坐標為(√3L,-L,

0)處有一電荷量大小為q,質(zhì)量為m的小球，以初速度v沿x軸負方向射出，小球離開桌面前恰

能做勻速圓周運動，在x<0的空間存在沿y軸正方向大小可調(diào)的勻強電場，已知靜電力常量為

k,重力加速度為g,取桌面所在平面為零勢能面。

(1)求固定點電荷所帶的電荷量Q的大??；

(2)若小球落地點坐標滿足x|]、y|、|z|相等，求勻強電場電場強度的大小；

(3)若勻強電場,求小球從離開桌面到落地前機械能和動能的最小值。

遼寧名校聯(lián)盟高三12月聯(lián)考·物理·

參考答案及解析

一、選擇題7.A【解析】A、B兩點電荷在P點產(chǎn)生的電場疊加后為

【解析】勻速圓周運動中，線速度方向始終沿切線方

1.B,方向由B指向A,C和D兩點電荷各自在P點產(chǎn)

向，時刻變化，A項錯誤；加速度為向心加速度，大小a=

生的電場大小為,疊加后電場大小為,方向

v為線速度大小.r為軌道半徑),因v和r大小不

垂直ABN平面，與DC平行，再對以上兩個“合電場”疊

變，故加速度大小保持不變，B項正確：合外力提供向心

力，方向始終指向圓心，時刻變化，C項錯誤；勻變速曲加，得P點總電場強度大小為,其方向指向紙

線運動要求加速度恒定(大小和方向均不變),此運動加

面外，且與ABC面夾角為銳角，A項正確；A、C兩點電

速度方向變化，不屬于勻變速曲線運動，D項錯誤。

荷在點產(chǎn)生的電場疊加后為,再與點電荷在

2.D【解析】x-t圖像斜率表示速度.0～1?時間內(nèi)斜率應MB

逐漸增大，1～t?時間內(nèi)斜率繼續(xù)增加.t?以后斜率恒

M點產(chǎn)生電場疊加后為,方向與有向線段BM同向，

定，A、B項錯誤；0～t?時間內(nèi)，加速度恒定且為正·速度

隨時間均勻增大·v-1圖像為傾斜向上的直線，t～t?時D點電荷在M點產(chǎn)生的電場為,方向與有向線段

間內(nèi)，加速度減小，v-t圖像斜率減小，t?以后加速度保

DM同向，故M點總電場強度大小為.其方向

持不變，v-1圖像為水平直線，C項錯誤，D項正確。

3.C【解析】由于規(guī)定無限遠處電勢為零，從圖像可知.指向紙面外，且與ABC面夾角為銳角，B項錯誤；由于

電荷周圍電勢都為正，所以點電荷為正電荷.A項錯誤；P點總電場強度方向指向紙面外，與ABC面夾角為銳

O點只是在沿x軸方向電場強度為零，B項錯誤：由于角，故將正試探電荷沿直線由P移動到M,電場力做正

小環(huán)做往復運動，小環(huán)帶負電，M到O過程中，電勢升

功，電勢能減少.C項錯誤；由于M點總電場強度方向

高，小環(huán)電勢能減小.C項正確；小環(huán)運動過程中回復力

指向紙面外，與ABC面夾角為銳角，故將正試探電荷沿

不滿足F=—kx,D項錯誤。

直線由C移動到M,電場力做負功，電勢能增加.D項

4.A【解析】設光線在B點的入射角為i,折射角為r=

錯誤。

60°,由于A與A:點關于0點對稱，光線在B?處恰好

【解析】根據(jù)光電效應方程。為逸

發(fā)生全發(fā)射，故全反射臨界角C=45°,所以光線在B點8.BCEm=hy-W,W

出功，因入射光頻率相同即v相同，材料A逸出電子最

的人射角i=45°,由折射定律

大初動能Em較低，故WA=hv-Ekmt>WB=h一

項錯誤.項正確；又因為電子電荷

利用全反射臨界角公式,求出n?=√2.故兩EkmB.ABEk=eU,(e

量.U.為遏止電壓),Em<Em故UA<Ug,C項正

種玻璃體的折射率之比為,故選A項。確，D項錯誤。

9.AC【解析】電場中，由.得,A

5.B【解析】小行星繞地球旋轉，故小行星的線速度小于

第一宇宙速度，“天問二號”伴飛過程，兩者角速度相同.項正確；偏轉電場中，偏轉位移

“天問二號”軌道半徑更小，由v=wr和a=w2r得，“天

問二號”線速度和向心加速度都小于小行星，A、C項錯

誤，B項正確；小行星軌道更高，“天問二號”要著陸探油.得,B項錯

測，需加速做離心運動，故需要向后噴出氣體做加速運

動，D項錯誤。

誤；由可知，C項正確，D項錯誤。

6.D【解析】光滑圓球不受摩擦力，僅受重力mg、木板

AO的支持力Fs、木板BO的支持力Fnz。將F?、F?10.ABD【解析】碰后兩薄板重力勢能隨高度變化圖像

沿水平和豎直方向分解，根據(jù)平衡條件：水平方向斜率為2mg,圖像I的斜率為2kl,即2mg=2kl,解得

Fxsinθ=F?sina,豎直方向Fxicosθ+Fcosa=mg,A項正確。從高度H下落，碰撞前速度v=

解得,故選項。

D√2gH,碰撞過程動量守恒mu=2mv,碰后的動能

·1·

·物理·參考答案及解析

,對兩薄板從碰后到最低點，由,得E≈0.514V.

能量守恒可得Eu+E+Eu;=E+Ep,由圖像可≈857Ω.

知E=0.5kF,E=6kl2.E=8kI2.Ea?=0.解得13.(1)7m/s2方向豎直向上20s

(2)8.4×10?N·s

E=1.5kI2,由,綜上可得H為31,B項正確。

【解析】(1)設勻減速運動時間為t,位移為x;勻速運

碰后的最大速度處加速度為0,即2mg=kx,可得碰后動時間為l?,位移為x?

最大速度在壓縮量處，所以最大速度在在勻減速階段v?=v+at;(1分)

兩板碰撞后下落l處。從兩板碰后到最大速度時由動(1分)

能定理可得勻速階段x?=v?t?(1分)

總位移x?+x?=H,總時間l+t?=t(1分)

2mz2.解得vm=√2gl,C項錯誤。碰后假設最高點處

聯(lián)立解得l?=20s,a=-7m/s2(1分)

彈簧已恢復原長，從最低點到最高點由能量守恒可得

勻減速加速度大小a=7m/s2.方向豎直向上(2分)

E?=E,即8kl2=2mgh,解得h=41,恰好恢復原長，

(2)根據(jù)動量定理，合外力沖量等于動量變化量I=|△p|

假設成立，位置在點上方4處，項正確。

OL-31=lD(1分)

二、非選擇題

△p=mv?—mv?(1分)

11.(1)10(2分)解得合外力沖量大小1=8.4×10?N·s(1分)

(2)D(2分)

14.(1)Q=4R(T?一T?)

(3)實線(2分)(2)

【解析】(1)經(jīng)過浮漂兩次為一個周期，故經(jīng)過了10個

周期。【解析】(1)在給底部汽缸傳遞熱量前，設底部汽缸內(nèi)

壓強為由理想氣體性質(zhì)可知.頂部汽缸內(nèi)壓強也

(2)根據(jù)圖(b),所得圖線斜率約為一0.5.故Inp與InTp?,

為故

之間的關系近似滿足Inp=-0.5InT+C(其中C為常p,

p.Sr=RT,①(1分)

數(shù)),從而可以推知p與T之間的近似關系為

由題意可知，當熱量緩慢傳遞給底部汽缸，兩汽缸溫度

(3)當比重計平衡后，給其一向下推力后，設比重計會同步升高，且頂部汽缸內(nèi)的氣體對重活塞做功.設熱量

下沉x,然后在浮力的作用下，再上浮，比重計做往復傳遞結束后，兩活塞間距為z,則上述做功可表示為

小振動的回復力由增加的浮力提供，為F折=W=p?S(z-x)②(1分)

即Fe=-kzx,回復力系數(shù)為k=利用能量均分定理，兩個汽缸中的氣體總內(nèi)能的增

量為

,證明此振動為簡諧運動，所有簡諧運動的

周期均與其振幅無關，所以圖像不變?nèi)詾閷嵕€。

(2分)

12.(1)2500(2分)故由熱力學第一定律可知

(2)0.514(2分)857(2分)Q=pIS(z-x)+3R(T?一T?)④(1分)

(3)水果電池的內(nèi)阻較大(或改裝的電壓表內(nèi)阻不夠當熱量傳遞結束后，由于重活塞可無摩擦滑動，故對頂

大，或水果電池的內(nèi)電壓較大，導致路端電壓變小等)部氣體

(2分，三種表述中回答正確一項原因即可得2分)

p?Sz=RT?⑤(1分)

【解析】(1)將①式、⑤式代人④式可得

Q=4R(T?一T?)(1分)

2500Ω。

(2)設熱量傳遞結束后，底部汽缸內(nèi)氣體壓強為p?,則

(2)由得.p?Sz=RT?⑥(1分)

因此，為維持輕活塞位置不變，作用在輕活塞的摩擦

,由圖像可知，力為

·2·

遼寧名校聯(lián)盟高三12月聯(lián)考·物理·

F?=(p:一pI)S⑦(1分)(2)小球在桌面上軌跡如圖所示.由幾何關系可得，小

將①式、⑤式代人④式還可得球從原點O離開桌面

Q=4p?S(z-x)⑧(1分)

聯(lián)立⑤、⑥兩式可得

(1分)

聯(lián)立⑦、⑧和⑨式解得

(1分)

設離開時速度與軸負方向夾角為α,則

另解：(1)在給底部汽缸傳遞熱量前，設底部汽缸內(nèi)壓xtana=√3.

(1分)

強為p?,由理想氣體性質(zhì)可知，頂部汽缸內(nèi)壓強同為a=60°

小球離開桌面時，沿x軸負方向做勻速運動有v,=

p?·系統(tǒng)吸熱后，兩活塞間距變?yōu)閦,由于上部分氣體

為等壓過程，故由蓋-呂薩克定律可得UoCosα(1分)

Ix|=v,t(1分)

(1分)

y軸方向做勻減速運動有|v,|=vosina(1分)

上部氣體對外做功

(1分)

W=p?S(z-x)(1分)

由題意可知.上下兩部分氣體總內(nèi)能增量為由牛頓第二定律得qE=ma,(1分)

z軸負方向做自由落體運動有(1分)