高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025年滁州市高二教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測物理注意事項：1．答卷前，務(wù)必將自己的姓名和座位號填寫在答題卡和試卷上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，務(wù)必擦凈后再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合要求的。1.2024年安徽新能源汽車產(chǎn)量首次突破百萬大關(guān)，達(dá)168.4萬輛，同比增長94.5%。某品牌電動汽車的電耗為每公里218.9W·h，其中單位“W·h”（瓦時）對應(yīng)的物理量是（）A.能量 B.位移 C.電流 D.電荷量【答案】A【解析】瓦（W）是功率的單位，小時（h）是時間單位，因此“W·h”表示功率與時間的乘積。根據(jù)公式，功或能量的單位應(yīng)為功率單位（瓦）與時間單位（秒）的乘積，即焦耳（J）。1瓦時（W·h）=1瓦×3600秒=3600焦耳，屬于能量單位。位移的單位是米（m），電流的單位是安培（A），電荷量的單位是庫侖（C），均不符合題意。故選A。2.LC振蕩器通過電感（L）與電容（C）的默契配合，在無線電通信、醫(yī)療設(shè)備、工業(yè)控制等領(lǐng)域發(fā)揮著重要作用。如圖為某一時刻LC振蕩電路中電流方向與電容器極板帶電情況的示意圖，下列說法正確的是（）A.該時刻電容器處于放電狀態(tài)B.該時刻線圈中的磁場能正在增加C.若減小電容器的板間距離，電磁振蕩的頻率將減小D.若在線圈中插入鐵芯，電磁振蕩的周期將減小【答案】C【解析】A．由于該時刻電路中的電流是流向電容器的正極板，所以電容器處于充電狀態(tài)，故A錯誤；B．電容器充電時，電路中的磁場能轉(zhuǎn)化為線圈中的電場能，磁場能正在減少，故B錯誤；C．根據(jù)電容的決定式，若減小電容器的板間距離，電容器的電容增大，根據(jù)電磁振蕩的周期公式可知，電磁振蕩的周期增大，又，則電磁振蕩的頻率將減小，故C正確；D．若在線圈中插入鐵芯，線圈的自感系數(shù)增大，根據(jù)電磁振蕩的周期公式可知，電磁振蕩的周期增大，故D錯誤；故選C。3.如圖為一設(shè)備檢測到的超聲波在某種介質(zhì)中傳播的圖像，已知超聲波在該介質(zhì)內(nèi)的傳播速度大小為，此刻質(zhì)點正在向下振動。下列說法正確的是（）A.超聲波沿軸正方向傳播B.超聲波的頻率為C.該時刻質(zhì)點、的加速度相同D.質(zhì)點在此后的內(nèi)運動的路程為0.16m【答案】D【解析】A．此刻質(zhì)點正在向下振動，根據(jù)“平移法”可知，超聲波沿軸負(fù)方向傳播，故A錯誤；B．由圖可知mm=6mm根據(jù)波速的計算公式有解得，故B錯誤；C．該時刻質(zhì)點、的位移方向不同，根據(jù)可知，加速度不相同，故C錯誤；D．根據(jù)可知，由于則路程為m，故D正確；故選D。4.靜電透鏡是由帶電導(dǎo)體所產(chǎn)生的靜電場使電子束聚焦的裝置，它廣泛應(yīng)用于各類電子器件。圖中虛線為其內(nèi)部靜電場在坐標(biāo)系中的等差等勢面分布示意圖。一電子由點以某一速度射入該電場，僅在電場力作用下的運動軌跡如曲線所示，、為該軌跡上的兩點。下列說法正確的是（）A.電子從到的軌跡為拋物線的一部分B.電子在點的動能大于在點的動能C.電子在點的電勢能等于在點的電勢能D.電子從點運動到點過程中動量的變化率不變【答案】B【解析】A．由電場線垂直于等勢面可知，電場力不是恒力，則運動軌跡不是拋物線，故A錯誤；BC．根據(jù)軌跡的切線代表速度，電場力垂直于等勢線指向軌跡的凹側(cè)可知，電子從C到D，電場力做負(fù)功，電勢能增大，動能減小，故電子在點的動能大于在點的動能，在點的電勢能小于在點的電勢能，故B正確，C錯誤；D．根據(jù)動量定理可知，動量變化率為粒子從D點運動到B點過程中電場強度E發(fā)生了變化，即動量的變化率發(fā)生了變化，故D錯誤。故選B。5.筆記本電腦機身和顯示屏分別安裝有磁體和霍爾元件，當(dāng)閉合顯示屏?xí)r，霍爾元件靠近磁體，屏幕熄滅，其工作原理如圖所示，長度為、寬度為、厚度為的霍爾元件通以方向向右的恒定電流，閉合顯示屏?xí)r，處在磁感應(yīng)強度大小為、方向垂直于元件上表面向下的勻強磁場中，元件的前、后表面間出現(xiàn)電壓，且前表面的電勢比后表面高，筆記本控制系統(tǒng)檢測到該電壓，立即熄滅屏幕。下列說法正確的是（）A.霍爾元件中的導(dǎo)電粒子帶正電B.磁場越強，導(dǎo)電粒子的定向移動速率越大C.磁場不變時，前、后表面間的電壓與成反比D.磁場不變時，前、后表面間的電壓與成反比【答案】C【解析】A．若霍爾元件中的導(dǎo)電粒子帶正電，則電流方向向右時，粒子所受洛倫茲力指向后表面，正電荷將聚集在元件后表面，致使后表面電勢較高，與題意不符，由此可知霍爾元件中的導(dǎo)電粒子帶負(fù)電，故A錯誤；B．根據(jù)電流微觀表達(dá)式可知，故B錯誤；CD．電流穩(wěn)定時，導(dǎo)電粒子受力平衡可得聯(lián)立解得磁場不變時，前、后表面間的電壓與成反比，與無關(guān)，故C正確，D錯誤。故選C。6.如圖1所示，兩塊相同金屬板、平行正對，水平放置，長為，間距為，兩板接上如圖2所示電壓。一束電子流沿中心線從點，以初速度射入板間，且時刻進(jìn)入兩板間的電子恰好不碰到極板。已知電子的電荷量為，質(zhì)量為，不計電子重力及電子間相互作用。下列說法正確的是（）A.電壓滿足B.在時刻射入的電子從中心線離開電場C.在時刻射入的電子不能離開電場D.所有電子都能射出電場且離開電場時的速度一定為【答案】D【解析】A．時刻進(jìn)入兩板間的電子恰好不碰到極板，則根據(jù)牛頓第二定律有解得，故A錯誤；B．在時刻射入的電子，沿電場方向，電子的運動分四段。第一階段向正方向加速運動，位移為第二階段向正方向減速運動，位移為第三階段向負(fù)方向加速運動，位移為第四階段向負(fù)方向減速運動，位移為豎直方向合位移為則在時刻射入的電子不會從中心線離開電場，故B錯誤；C．電子在t=0時刻從O點射入時，離開電場時偏離中心線距離最大，此時恰好射出電場，則在時刻射入的電子能離開電場，故C錯誤；D．由上述分析可知，所有電子都能射出電場，豎直方向，電子做加速運動的時間為，做減速運動的時間也為，離開電場時豎直方向的速度一定為0，合速度一定為，故D正確；故選D。7.2024年10月31日，在海拔5200米的西藏昌都市八宿縣，全球最高海拔風(fēng)電站正式全容量投產(chǎn)。如圖為輸電線路的示意圖，為輸電線的等效總電阻，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比，降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比，若風(fēng)力發(fā)電機輸出的正弦式交變電壓為，輸出功率為，用戶端的電壓為，兩變壓器均視為理想變壓器，則（）A.用戶端的電壓B.用戶端的功率C.輸電線上損失的電壓為D.輸電線上損失的功率為【答案】D【解析】A．對升壓變壓器有對降壓變壓器有可得又則，故A錯誤；B．對升壓變壓器有對降壓變壓器有可得又用戶端的功率可得，故B錯誤；C．輸電線上損失的電壓，故C錯誤；D．輸電線中的電流輸電線損失的功率為，故D正確；8.如圖所示，兩根足夠長平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置，處于垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強磁場中，導(dǎo)軌頂端與一電容器相連，一金屬桿垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌接觸良好。將金屬桿從導(dǎo)軌上某處由靜止釋放，不計一切電阻和摩擦。下列關(guān)于金屬桿的速度、加速度、電容器上儲存的電能、通過金屬桿的電荷量，隨金屬桿運動時間、位移變化的圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．對金屬棒受力分析，有又有聯(lián)立可得加速度為則金屬棒做初速度為零的勻加速直線運動，故AB錯誤；D．由可知，q與x不成正比，故D錯誤；C．電容器上儲存的電能，可見E與x成正比，故C正確；二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.如圖為半圓柱體水晶的橫截面，為直徑，一束由綠光和黃光組成的復(fù)色光沿方向從真空射入水晶，兩種單色光分別從、點射出。設(shè)綠光、黃光在水晶中傳播的時間分別為、，則下列說法正確的是（）A.黃光從點射出 B.綠光從點射出 C. D.【答案】BD【解析】AB．因綠光的頻率大于黃光的頻率，可知綠光的折射率大于黃光，可知綠光偏折程度較大，即從B點射出的光為綠光，故A錯誤，B正確；CD．設(shè)入射角為i，折射角為r，根據(jù)，，解得則，故C錯誤，D正確；故選BD。10.如圖1所示，三個完全相同的帶電小球（視為質(zhì)點）通過不可伸長的絕緣輕質(zhì)細(xì)線連接，構(gòu)成一個邊長為的正三角形，靜止在絕緣水平面上。已知小球質(zhì)量均為，帶電量均為?，F(xiàn)將小球1、2間的細(xì)線剪斷，某時刻三個小球運動到同一條直線上時，速度大小分別為、、，如圖2所示。該過程中三個小球組成的系統(tǒng)電勢能減少了，其中為靜電力常量，不計一切阻力。則（）A.該過程中三個小球組成的系統(tǒng)動量守恒B.該過程中小球2一定向右做直線運動C從圖1到圖2過程中，小球3向左運動D.在圖2位置，【答案】ACD【解析】AC．在該過程中，由于三個小球組成的系統(tǒng)所受外力之和為零，滿足動量守恒的條件，因此系統(tǒng)動量守恒，取水平向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律由于小球1、2的受力情況相同，因此化簡得即而解得，故AC正確；B．該過程中小球2所受合力方向不斷變化，不會做直線運動，故B錯誤；D．三個小球組成系統(tǒng)能量守恒，根據(jù)能量守恒定律代入數(shù)據(jù)解得，故D正確。故選ACD。三、非選擇題：共5題，共58分。11.某興趣小組用如圖1所示裝置測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取Ｔ诩?xì)線的一端拴一個磁性小球，另一端懸掛在O點，然后把手機放在懸點O正下方的水平桌面上，打開手機中測量磁感應(yīng)強度的智能軟件。（忽略地磁場的影響）（1）用螺旋測微器測量小球的直徑如圖2所示，______mm；（2）用毫米刻度尺測量擺線長度為，計算單擺的擺長，然后使磁性小球在豎直面內(nèi)做小角度擺動（擺角小于5°），手機的智能軟件記錄接收到的磁感應(yīng)強度隨時間變化的圖像如圖3所示，則小球擺動的周期______；（3）多次改變擺線長度，重復(fù)實驗，得到多組擺長及周期，作出圖像如圖4所示，根據(jù)圖4可得重力加速度的測量值為______（取，計算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）5.680（2）（3）9.87【解析】（1）螺旋測微器的讀數(shù)為（2）由圖像可知，從磁場最強再到最強，間隔半個周期為t0，則小球擺動的周期（3）根據(jù)單擺周期公式可得故該圖像的斜率為解得重力加速度的測量值為12.某實驗小組要把一個毫安表（滿偏電流為1.0mA，內(nèi)阻未知）改裝成一個量程為3V的電壓表。采用圖1所示的實驗電路測量毫安表內(nèi)阻，已知電源電動勢E約為3V，實驗操作步驟如下：a．開關(guān)閉合之前將滑動變阻器R1、電阻箱R2調(diào)到最大值；b．只閉合開關(guān)S1，將R1由最大阻值逐漸調(diào)小，使毫安表滿偏；c．保持R1不變，再閉合S2，調(diào)節(jié)R2的值，使毫安表半偏，記錄此時R2的讀數(shù)為100Ω?；卮鹨韵聠栴}：（1）待測毫安表的內(nèi)阻為______Ω；（2）將毫安表改裝成量程為3V的電壓表，需要串聯(lián)一個R=______Ω的電阻；（3）該實驗小組將改裝后的電壓表和一個同量程的標(biāo)準(zhǔn)電壓表并聯(lián)校準(zhǔn)，其中標(biāo)準(zhǔn)電壓表示數(shù)如圖2所示，改裝后的電壓表的表盤如圖3所示，則改裝后的電壓表量程為______V（保留2位有效數(shù)字），量程發(fā)生偏差的可能原因是：毫安表內(nèi)阻測量值比真實值______（選填“偏大”或“偏小”）；（4）為了使改裝后的電壓表量程準(zhǔn)確，不重新測量毫安表的內(nèi)阻值，只需將阻值為的電阻換為一個阻值為R′=______Ω的電阻即可?！敬鸢浮浚?）100（2）2900（3）3.2偏小（4）2700【解析】（1）本實驗通過半偏法測量毫安表內(nèi)阻，所以毫安表內(nèi)阻等于電阻箱R2讀數(shù)100Ω。（2）把電流表改裝成3V的電壓表需要串聯(lián)電阻，則解得串聯(lián)電阻阻值為（3）[1]由標(biāo)準(zhǔn)電壓表的讀數(shù)可知改裝后電壓表測量的真實電壓為1.60V，微安表的分度值為0.02mA，讀數(shù)為0.50mA，根據(jù)微安表指針偏角和改裝電壓表所測電壓成正比有解得[2]改裝后的電壓表量程偏大，是由于所串聯(lián)的電阻偏大，而所串聯(lián)的電阻為所以量程發(fā)生偏差的可能原因是毫安表內(nèi)阻測量值比真實值偏小。（4）根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律有，聯(lián)立解得13.如圖所示，MN和PQ是電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌，其間距為L，導(dǎo)軌彎曲部分光滑，水平部分粗糙，二者平滑連接，右端接一個阻值為R的定值電阻。水平導(dǎo)軌左邊區(qū)域有寬度為d、方向豎直向上、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場。質(zhì)量為m、接入電路的電阻為2R的金屬棒從高度為h處由靜止釋放，到達(dá)磁場右邊界處恰好停止。已知金屬棒與水平導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為，金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，重力加速度為g。求：（1）金屬棒進(jìn)入磁場瞬間兩端的電壓；（2）全過程電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】（1）金屬棒沿彎曲部分下滑過程中，機械能守恒，由機械能守恒定律得導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的電動勢為金屬棒兩端的電壓為，聯(lián)立解得（2）金屬棒運動全過程，由能量守恒定律有故全過程電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為14.如圖所示，空間存在一方向豎直向下的勻強電場，、是電場中的兩點。從點沿與水平方向成的方向先后射出兩個質(zhì)量均為、速率不同的小球A和B，A不帶電，B帶負(fù)電，電荷量絕對值為。已知小球A從點射出時的速度大小為，到達(dá)點所用時間為，小球B從點到達(dá)點所用時間為，重力加速度為。求：（1）小球B的初速度大??；（2）電場強度大小；（3）小球B運動到點時的動能?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】（1）兩球水平方向都不受力，水平方向做勻速直線運動，對于小球A，水平速度水平位移對于小球B，設(shè)其初速度為，水平速度水平位移聯(lián)立解得（2）豎直方向，對小球A，小球A的豎直方向初速度OP間的高度對小球B，小球B的豎直方向初速度OP間的高度對小球，根據(jù)牛頓第二定律聯(lián)立解得（3）小球B運動到點時豎直方向的速度在點時的合速度在點時的動能聯(lián)立可得15.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第一象限內(nèi)有沿y軸負(fù)方向的勻強電場，在第三、四象限內(nèi)有垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強磁場。從y軸上坐標(biāo)為（0，3L）的P點沿x軸正方向，以初速度v0射出一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，粒子經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后從坐標(biāo)為（8L，0）的Q點第一次經(jīng)過x軸進(jìn)入磁場，粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后剛好能到P點，不計粒子的重力。求：（1）粒子經(jīng)過Q點時速度v的大?。唬?）勻強磁場磁感應(yīng)強度B的大??；（3）若僅改變粒子在P點沿x軸正方向射出時的速度大小，且粒子經(jīng)一次電場和磁場偏轉(zhuǎn)后，剛好經(jīng)過O點出磁場（此為粒子第2次經(jīng)過x軸），求粒子第2025次經(jīng)過x軸的位置離O點的距離?！敬鸢浮浚?）（2）（3）12156L【解析】（1）粒子在電場中做類平拋運動，則有，粒子經(jīng)過Q點時速度的大小為速度方向與x軸正方向的夾角為θ，則聯(lián)立解得，（2）粒子的運動軌跡如圖所示粒子出磁場時速度與x軸正方向的夾角也為37°，由于粒子會再次回到P點，由幾何關(guān)系可知，粒子出磁場時的位置坐標(biāo)為（-4L，0），則根據(jù)洛倫茲力提供向心力有聯(lián)立解得（3）改變粒子進(jìn)電場時的初速度后，設(shè)粒子進(jìn)磁場時速度為v1，粒子在磁場中做圓周運動的半徑為r1，根據(jù)牛頓第二定律有，解得設(shè)粒子第一次和第二次經(jīng)過x軸兩點間的距離為s，速度與x軸正方向的夾角為α，則有，，聯(lián)立解得根據(jù)對稱性和周期性可知，粒子第2025次經(jīng)過x軸時的位置離O點的距離為2025年滁州市高二教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測物理注意事項：1．答卷前，務(wù)必將自己的姓名和座位號填寫在答題卡和試卷上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，務(wù)必擦凈后再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合要求的。1.2024年安徽新能源汽車產(chǎn)量首次突破百萬大關(guān)，達(dá)168.4萬輛，同比增長94.5%。某品牌電動汽車的電耗為每公里218.9W·h，其中單位“W·h”（瓦時）對應(yīng)的物理量是（）A.能量 B.位移 C.電流 D.電荷量【答案】A【解析】瓦（W）是功率的單位，小時（h）是時間單位，因此“W·h”表示功率與時間的乘積。根據(jù)公式，功或能量的單位應(yīng)為功率單位（瓦）與時間單位（秒）的乘積，即焦耳（J）。1瓦時（W·h）=1瓦×3600秒=3600焦耳，屬于能量單位。位移的單位是米（m），電流的單位是安培（A），電荷量的單位是庫侖（C），均不符合題意。故選A。2.LC振蕩器通過電感（L）與電容（C）的默契配合，在無線電通信、醫(yī)療設(shè)備、工業(yè)控制等領(lǐng)域發(fā)揮著重要作用。如圖為某一時刻LC振蕩電路中電流方向與電容器極板帶電情況的示意圖，下列說法正確的是（）A.該時刻電容器處于放電狀態(tài)B.該時刻線圈中的磁場能正在增加C.若減小電容器的板間距離，電磁振蕩的頻率將減小D.若在線圈中插入鐵芯，電磁振蕩的周期將減小【答案】C【解析】A．由于該時刻電路中的電流是流向電容器的正極板，所以電容器處于充電狀態(tài)，故A錯誤；B．電容器充電時，電路中的磁場能轉(zhuǎn)化為線圈中的電場能，磁場能正在減少，故B錯誤；C．根據(jù)電容的決定式，若減小電容器的板間距離，電容器的電容增大，根據(jù)電磁振蕩的周期公式可知，電磁振蕩的周期增大，又，則電磁振蕩的頻率將減小，故C正確；D．若在線圈中插入鐵芯，線圈的自感系數(shù)增大，根據(jù)電磁振蕩的周期公式可知，電磁振蕩的周期增大，故D錯誤；故選C。3.如圖為一設(shè)備檢測到的超聲波在某種介質(zhì)中傳播的圖像，已知超聲波在該介質(zhì)內(nèi)的傳播速度大小為，此刻質(zhì)點正在向下振動。下列說法正確的是（）A.超聲波沿軸正方向傳播B.超聲波的頻率為C.該時刻質(zhì)點、的加速度相同D.質(zhì)點在此后的內(nèi)運動的路程為0.16m【答案】D【解析】A．此刻質(zhì)點正在向下振動，根據(jù)“平移法”可知，超聲波沿軸負(fù)方向傳播，故A錯誤；B．由圖可知mm=6mm根據(jù)波速的計算公式有解得，故B錯誤；C．該時刻質(zhì)點、的位移方向不同，根據(jù)可知，加速度不相同，故C錯誤；D．根據(jù)可知，由于則路程為m，故D正確；故選D。4.靜電透鏡是由帶電導(dǎo)體所產(chǎn)生的靜電場使電子束聚焦的裝置，它廣泛應(yīng)用于各類電子器件。圖中虛線為其內(nèi)部靜電場在坐標(biāo)系中的等差等勢面分布示意圖。一電子由點以某一速度射入該電場，僅在電場力作用下的運動軌跡如曲線所示，、為該軌跡上的兩點。下列說法正確的是（）A.電子從到的軌跡為拋物線的一部分B.電子在點的動能大于在點的動能C.電子在點的電勢能等于在點的電勢能D.電子從點運動到點過程中動量的變化率不變【答案】B【解析】A．由電場線垂直于等勢面可知，電場力不是恒力，則運動軌跡不是拋物線，故A錯誤；BC．根據(jù)軌跡的切線代表速度，電場力垂直于等勢線指向軌跡的凹側(cè)可知，電子從C到D，電場力做負(fù)功，電勢能增大，動能減小，故電子在點的動能大于在點的動能，在點的電勢能小于在點的電勢能，故B正確，C錯誤；D．根據(jù)動量定理可知，動量變化率為粒子從D點運動到B點過程中電場強度E發(fā)生了變化，即動量的變化率發(fā)生了變化，故D錯誤。故選B。5.筆記本電腦機身和顯示屏分別安裝有磁體和霍爾元件，當(dāng)閉合顯示屏?xí)r，霍爾元件靠近磁體，屏幕熄滅，其工作原理如圖所示，長度為、寬度為、厚度為的霍爾元件通以方向向右的恒定電流，閉合顯示屏?xí)r，處在磁感應(yīng)強度大小為、方向垂直于元件上表面向下的勻強磁場中，元件的前、后表面間出現(xiàn)電壓，且前表面的電勢比后表面高，筆記本控制系統(tǒng)檢測到該電壓，立即熄滅屏幕。下列說法正確的是（）A.霍爾元件中的導(dǎo)電粒子帶正電B.磁場越強，導(dǎo)電粒子的定向移動速率越大C.磁場不變時，前、后表面間的電壓與成反比D.磁場不變時，前、后表面間的電壓與成反比【答案】C【解析】A．若霍爾元件中的導(dǎo)電粒子帶正電，則電流方向向右時，粒子所受洛倫茲力指向后表面，正電荷將聚集在元件后表面，致使后表面電勢較高，與題意不符，由此可知霍爾元件中的導(dǎo)電粒子帶負(fù)電，故A錯誤；B．根據(jù)電流微觀表達(dá)式可知，故B錯誤；CD．電流穩(wěn)定時，導(dǎo)電粒子受力平衡可得聯(lián)立解得磁場不變時，前、后表面間的電壓與成反比，與無關(guān)，故C正確，D錯誤。故選C。6.如圖1所示，兩塊相同金屬板、平行正對，水平放置，長為，間距為，兩板接上如圖2所示電壓。一束電子流沿中心線從點，以初速度射入板間，且時刻進(jìn)入兩板間的電子恰好不碰到極板。已知電子的電荷量為，質(zhì)量為，不計電子重力及電子間相互作用。下列說法正確的是（）A.電壓滿足B.在時刻射入的電子從中心線離開電場C.在時刻射入的電子不能離開電場D.所有電子都能射出電場且離開電場時的速度一定為【答案】D【解析】A．時刻進(jìn)入兩板間的電子恰好不碰到極板，則根據(jù)牛頓第二定律有解得，故A錯誤；B．在時刻射入的電子，沿電場方向，電子的運動分四段。第一階段向正方向加速運動，位移為第二階段向正方向減速運動，位移為第三階段向負(fù)方向加速運動，位移為第四階段向負(fù)方向減速運動，位移為豎直方向合位移為則在時刻射入的電子不會從中心線離開電場，故B錯誤；C．電子在t=0時刻從O點射入時，離開電場時偏離中心線距離最大，此時恰好射出電場，則在時刻射入的電子能離開電場，故C錯誤；D．由上述分析可知，所有電子都能射出電場，豎直方向，電子做加速運動的時間為，做減速運動的時間也為，離開電場時豎直方向的速度一定為0，合速度一定為，故D正確；故選D。7.2024年10月31日，在海拔5200米的西藏昌都市八宿縣，全球最高海拔風(fēng)電站正式全容量投產(chǎn)。如圖為輸電線路的示意圖，為輸電線的等效總電阻，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比，降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比，若風(fēng)力發(fā)電機輸出的正弦式交變電壓為，輸出功率為，用戶端的電壓為，兩變壓器均視為理想變壓器，則（）A.用戶端的電壓B.用戶端的功率C.輸電線上損失的電壓為D.輸電線上損失的功率為【答案】D【解析】A．對升壓變壓器有對降壓變壓器有可得又則，故A錯誤；B．對升壓變壓器有對降壓變壓器有可得又用戶端的功率可得，故B錯誤；C．輸電線上損失的電壓，故C錯誤；D．輸電線中的電流輸電線損失的功率為，故D正確；8.如圖所示，兩根足夠長平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置，處于垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強磁場中，導(dǎo)軌頂端與一電容器相連，一金屬桿垂直導(dǎo)軌放置，與導(dǎo)軌接觸良好。將金屬桿從導(dǎo)軌上某處由靜止釋放，不計一切電阻和摩擦。下列關(guān)于金屬桿的速度、加速度、電容器上儲存的電能、通過金屬桿的電荷量，隨金屬桿運動時間、位移變化的圖像正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．對金屬棒受力分析，有又有聯(lián)立可得加速度為則金屬棒做初速度為零的勻加速直線運動，故AB錯誤；D．由可知，q與x不成正比，故D錯誤；C．電容器上儲存的電能，可見E與x成正比，故C正確；二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.如圖為半圓柱體水晶的橫截面，為直徑，一束由綠光和黃光組成的復(fù)色光沿方向從真空射入水晶，兩種單色光分別從、點射出。設(shè)綠光、黃光在水晶中傳播的時間分別為、，則下列說法正確的是（）A.黃光從點射出 B.綠光從點射出 C. D.【答案】BD【解析】AB．因綠光的頻率大于黃光的頻率，可知綠光的折射率大于黃光，可知綠光偏折程度較大，即從B點射出的光為綠光，故A錯誤，B正確；CD．設(shè)入射角為i，折射角為r，根據(jù)，，解得則，故C錯誤，D正確；故選BD。10.如圖1所示，三個完全相同的帶電小球（視為質(zhì)點）通過不可伸長的絕緣輕質(zhì)細(xì)線連接，構(gòu)成一個邊長為的正三角形，靜止在絕緣水平面上。已知小球質(zhì)量均為，帶電量均為?，F(xiàn)將小球1、2間的細(xì)線剪斷，某時刻三個小球運動到同一條直線上時，速度大小分別為、、，如圖2所示。該過程中三個小球組成的系統(tǒng)電勢能減少了，其中為靜電力常量，不計一切阻力。則（）A.該過程中三個小球組成的系統(tǒng)動量守恒B.該過程中小球2一定向右做直線運動C從圖1到圖2過程中，小球3向左運動D.在圖2位置，【答案】ACD【解析】AC．在該過程中，由于三個小球組成的系統(tǒng)所受外力之和為零，滿足動量守恒的條件，因此系統(tǒng)動量守恒，取水平向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律由于小球1、2的受力情況相同，因此化簡得即而解得，故AC正確；B．該過程中小球2所受合力方向不斷變化，不會做直線運動，故B錯誤；D．三個小球組成系統(tǒng)能量守恒，根據(jù)能量守恒定律代入數(shù)據(jù)解得，故D正確。故選ACD。三、非選擇題：共5題，共58分。11.某興趣小組用如圖1所示裝置測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。在?xì)線的一端拴一個磁性小球，另一端懸掛在O點，然后把手機放在懸點O正下方的水平桌面上，打開手機中測量磁感應(yīng)強度的智能軟件。（忽略地磁場的影響）（1）用螺旋測微器測量小球的直徑如圖2所示，______mm；（2）用毫米刻度尺測量擺線長度為，計算單擺的擺長，然后使磁性小球在豎直面內(nèi)做小角度擺動（擺角小于5°），手機的智能軟件記錄接收到的磁感應(yīng)強度隨時間變化的圖像如圖3所示，則小球擺動的周期______；（3）多次改變擺線長度，重復(fù)實驗，得到多組擺長及周期，作出圖像如圖4所示，根據(jù)圖4可得重力加速度的測量值為______（取，計算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）5.680（2）（3）9.87【解析】（1）螺旋測微器的讀數(shù)為（2）由圖像可知，從磁場最強再到最強，間隔半個周期為t0，則小球擺動的周期（3）根據(jù)單擺周期公式可得故該圖像的斜率為解得重力加速度的測量值為12.某實驗小組要把一個毫安表（滿偏電流為1.0mA，內(nèi)阻未知）改裝成一個量程為3V的電壓表。采用圖1所示的實驗電路測量毫安表內(nèi)阻，已知電源電動勢E約為3V，實驗操作步驟如下：a．開關(guān)閉合之前將滑動變阻器R1、電阻箱R2調(diào)到最大值；b．只閉合開關(guān)S1，將R1由最大阻值逐漸調(diào)小，使毫安表滿偏；c．保持R1不變，再閉合S2，調(diào)節(jié)R2的值，使毫安表半偏，記錄此時R2的讀數(shù)為100Ω。回答以下問題：（1）待測毫安表的內(nèi)阻為______Ω；（2）將毫安表改裝成量程為3V的電壓表，需要串聯(lián)一個R=______Ω的電阻；（3）該實驗小組將改裝后的電壓表和一個同量程的標(biāo)準(zhǔn)電壓表并聯(lián)校準(zhǔn)，其中標(biāo)準(zhǔn)電壓表示數(shù)如圖2所示，改裝后的電壓表的表盤如圖3所示，則改裝后的電壓表量程為______V（保留2位有效數(shù)字），量程發(fā)生偏差的可能原因是：毫安表內(nèi)阻測量值比真實值______（選填“偏大”或“偏小”）；（4）為了使改裝后的電壓表量程準(zhǔn)確，不重新測量毫安表的內(nèi)阻值，只需將阻值為的電阻換為一個阻值為R′=______Ω的電阻即可?！敬鸢浮浚?）100（2）2900（3）3.2偏?。?）2700【解析】（1）本實驗通過半偏法測量毫安表內(nèi)阻，所以毫安表內(nèi)阻等于電阻箱R2讀數(shù)100Ω。（2）把電流表改裝成3V的電壓表需要串聯(lián)電阻，則解得串聯(lián)電阻阻值為（3）[1]由標(biāo)準(zhǔn)電壓表的讀數(shù)可知改裝后電壓表測量的真實電壓為1.60V，微安表的分度值為0.02mA，讀數(shù)為0.50mA，根據(jù)微安表指針偏角和改裝電壓表所測電壓成正比有解得[2]改裝后的電壓表量程偏大，是由于所串聯(lián)的電阻偏大，而所串聯(lián)的電阻為所以量程發(fā)生偏差的可能原因是毫安表內(nèi)阻測量值比真實值偏小。（4）根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律有，聯(lián)立解得13.如圖所示，MN和PQ是電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌，其間距為L，導(dǎo)軌彎曲部分光滑，水平部分粗糙，二者平滑連接，右端接