學(xué)年第一學(xué)期溫州環(huán)大羅山聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級物理學(xué)科（滿分分，考試時間考生須知：．答題前，請務(wù)必將直接的姓名、準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。．答題時，請按照答題紙上“注意事項”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。．可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度g取。．考試結(jié)束后，只需上交答題卷。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共小題，每小題3分，共分。每小題列出的四個備選項中只有一1.下列物理量屬于矢量，且其單位用國際單位制基本單位表示的是（）A.動量，單位為B.磁通量，單位為C.電場強(qiáng)度，單位為D.磁感應(yīng)強(qiáng)度，單位為【答案】D【解析】ANA不符合題意；B．磁通量是標(biāo)量，由可知單位用國際單位制基本單位表示的是為，故B不符合題意；C．電場強(qiáng)度是矢量，由可知單位用國際單位制基本單位表示的是，故C不符合題意；第1頁/共22頁D．磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，由可知單位用國際單位制基本單位表示的是為，故D符合題意。故選D2.坐過山車時，人體會分泌大量腎上腺素和多巴胺，讓人感覺驚險刺激。如圖所示，某車廂中游客通過環(huán)形軌道攀升的一小段時間內(nèi)速率不變，則該過程中（）A.該游客所受合力做功為零B.該游客所受合力的沖量為零C.該游客的機(jī)械能守恒D.該游客所受重力的瞬時功率一定變大【答案】A【解析】A功為零。故A正確；B根據(jù)可知該游客所受合力的沖量不為零。故B錯誤；C．游客勻速率上升，動能不變，重力勢能增加，則該游客的機(jī)械能增加。故C錯誤；D部分爬升，豎直分速度逐漸減小，重力的瞬時功率減小。故D錯誤。故選A。3.如圖甲所示為磁電式電流表的結(jié)構(gòu)圖，圖乙為內(nèi)部結(jié)構(gòu)示意圖，在極靴和鐵質(zhì)圓柱間存在磁場，電流通過電表接線柱流入線圈，在安培力作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，與螺旋彈簧的反向作用平衡后，指針指示電流大小。下列說法正確的是（）第2頁/共22頁B.極靴將磁場屏蔽，內(nèi)部沒有磁場C.線圈中的電流方向發(fā)生改變時，指針偏轉(zhuǎn)方向不變D.運(yùn)輸過程中把電表正負(fù)接線柱用導(dǎo)線相連可減緩表針擺動幅度【答案】D【解析】A圓心，不是勻強(qiáng)磁場，故A錯誤；B．極靴沒有將磁場屏蔽，內(nèi)部有磁場，故B錯誤；C改變，可知指針偏轉(zhuǎn)方向改變，故C錯誤；D應(yīng)電流產(chǎn)生安培力作用，這樣可減緩表針擺動幅度，故D正確。故選D。4.下列說法正確的是（）A.避雷針的原理是靜電屏蔽B.高壓輸電線上方兩條導(dǎo)線是為了防止尖端放電第3頁/共22頁C.靜電除塵裝置中，塵埃被吸附在中間的負(fù)極上D.煤礦里，工作人員要防止靜電的產(chǎn)生和積累，因為靜電火花會導(dǎo)致瓦斯爆炸【答案】D【解析】【詳解】A．當(dāng)帶電云層靠近建筑物時，避雷針上產(chǎn)生的感應(yīng)電荷會通過針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊，其原理為尖端放電，故A錯誤；B．高壓輸電線上方有兩根導(dǎo)線與大地相連構(gòu)成了靜電屏蔽，能使得輸電線免遭雷擊，故B錯誤；C．靜電除塵裝置將帶負(fù)電的塵埃收集在兩個帶正電的極板A上，故C錯誤；D．礦里，工作人員要防止靜電的產(chǎn)生和積累，因為靜電火花會導(dǎo)致瓦斯爆炸，故D正確。故選D。5.污水中的污泥絮體經(jīng)處理后帶負(fù)電，可利用電泳技術(shù)對其進(jìn)行沉淀去污，基本原理如圖所示。涂有絕緣層的金屬圓盤和金屬棒分別接電源正、負(fù)極、金屬圓盤置于底部、金屬棒插入污水中，形成如圖所示的電場分布，其中實線為電場線，虛線為等勢面。M點和N點在同一電場線上，M點和P點在同一等勢面上。下列說法正確的有（）A.M點的電勢比N點的高B.N點的電場強(qiáng)度比P點的大第4頁/共22頁C.污泥絮體從M點移到N點，電場力對其做正功D.污泥絮體在N點的電勢能比其在P點的大【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)沿著電場線方向電勢降低可知N點的電勢比M點的高，故A錯誤；B．根據(jù)電場線的疏密程度可知N點的電場強(qiáng)度比P點的小，故B錯誤；C．M點的電勢比N點的低，污泥絮體帶負(fù)電，根據(jù)可知污泥絮體在M點的電勢能比在N點的電勢能大，污泥絮體從M點移到N點，電勢能減小，電場力對其做正功，故C正確；D．M點和P點在同一等勢面上，則污泥絮體在M點的電勢能與在P點的電勢能相等，結(jié)合AC選項分析可知污泥絮體在N點的電勢能比其在P點的小，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，兩根平行長直導(dǎo)線1和2垂直穿過水平桌面，導(dǎo)線中均通有方向豎直向下的電流和。三點處于水平桌面內(nèi)，其中點位于兩根導(dǎo)線的正中間，點位于導(dǎo)線1的左側(cè)，點位于點的正前方。不考慮地磁場的影響，則（）A.點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0B.點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于連線向后C.點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于連線向左D.兩根導(dǎo)線受到的安培力大小關(guān)系為【答案】B【解析】A．點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不為0，故A錯誤；B在b點產(chǎn)生的磁場方向向后，在b點產(chǎn)生的磁第5頁/共22頁場方向向后，則點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于連線向后，故B正確；C．由于，點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向在左前方，故C錯誤；D．兩根導(dǎo)線受到的安培力是相互作用力，大小之比為1:1，故D錯誤；故選B。7.智能手機(jī)耗電量大，移動充電寶應(yīng)運(yùn)而生，它是能直接為移動設(shè)備充電的儲能裝置，但使用不當(dāng)可能會100W·h”才可在乘機(jī)時隨身攜帶。某一款移動充電寶，其參數(shù)見表，（充電寶的轉(zhuǎn)換率是指充電寶放電總量占其容量的比值）下列說法正確的是（）輸入DC5V2.0A輸出DC5V2.1A容量10000mA·h轉(zhuǎn)換率>85%A.該充電寶電荷量從零到完全充滿所用時間為4.8小時B.mA·h是能量的單位C.該充電寶能帶上飛機(jī)D.該移動電源在充滿電的情況下，能為一個“10W，5V”的USB風(fēng)扇供電時長為5小時【答案】C【解析】【詳解】A．由題可知，充電時間，故A錯誤；B．根據(jù)電流做功可知mA·h是電荷量單位（電流×B錯誤；C．充電寶的額定能量為因50W·h<100W·h，符合民航規(guī)定，故C正確；D．充電寶總能量為50W·h，轉(zhuǎn)換率>85%，實際可用能量為第6頁/共22頁供電時間因轉(zhuǎn)換率不足100%，實際時間小于5小時，故D錯誤。故選C。8.用輕質(zhì)彈簧連接的質(zhì)量均為的A、B兩物體，靜止在光滑的水平地面上，彈簧處于原長，A的左端靠B突然獲得一個水平向左的速度）A.彈簧從壓縮量最大到第一次恢復(fù)到原長的過程中，、和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒B.彈簧從壓縮量最大到第一次恢復(fù)到原長的過程中，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒C.從B獲得速度到A剛要離開墻壁，彈簧對B做的功為D.從B獲得速度到A剛要離開墻壁，彈簧對B的沖量為【答案】D【解析】AAAB組成的系統(tǒng)受到向右的彈力，外力之和不等于0，系統(tǒng)的動量不守恒，故A錯誤；B．彈簧從壓縮量最大到第一次恢復(fù)到原長的過程中，AAB和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故B錯誤；CB獲得速度到A剛要離開墻壁，此時彈簧恢復(fù)原長并開始伸長，B的速度由v0變成v量為0，由動能定理可得彈簧對B做的功為0，故C錯誤；DB獲得速度到A剛要離開墻壁，此時彈簧恢復(fù)原長并開始伸長，B的速度由v0變成v為根據(jù)動量定理可得彈簧對B的沖量為，故D正確。故選D。9.假設(shè)某空間有一靜電場的電勢隨變化情況如圖所示，且?guī)щ娏Ｗ拥倪\(yùn)動只考慮受電場力，根據(jù)圖中信息可以確定下列說法中正確的是（）第7頁/共22頁A.從到，場強(qiáng)的大小均勻增加B.正電荷沿軸從運(yùn)動到x1的過程中，做勻加速直線運(yùn)動C.負(fù)電荷沿軸從移到的過程中，電場力做正功，電勢能減小D.處場強(qiáng)大小為，處場強(qiáng)大小為，則【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)可知圖像中圖線的斜率表示靜電場的電場強(qiáng)度，由圖可知，沿x軸方向，從到，場強(qiáng)的大小恒定。故A錯誤；B沿x軸方向軸從運(yùn)動到x1x軸方向的電場力為零，一定不做勻加速直線運(yùn)動。故B錯誤；C．由圖可知，移到的過程中電勢降低，根據(jù)可知負(fù)電荷沿軸從移到的過程中，電場力做負(fù)功，電勢能升高。故C錯誤；D．根據(jù)A選項分析可知，處圖線斜率絕對值大于處圖線斜率絕對值，所以故D正確。故選D。10.定在點，另一端系一質(zhì)量為的帶電小球。小球靜止時細(xì)線與豎直方向成角，此時讓小球獲得初速度第8頁/共22頁且恰能繞點在豎直平面內(nèi)沿逆時針方向做圓周運(yùn)動，重力加速度為。下列說法正確的是（）A.小球在初始位置時，動能和電勢能之和最大B.小球動能的最小值為C.小球運(yùn)動至圓周軌跡的最高點時速度D.為保證細(xì)線不斷，繩子能承受拉力至少為【答案】B【解析】A勢能之和最大，故A錯誤；BC．小球恰能繞O點在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動，在等效最高點A速度最小，根據(jù)牛頓第二定律可得解得運(yùn)動到軌跡最高點時速度則最小動能為，故B正確，C錯誤；D．由題可知，小球在等效最低點B的速度最大，小球從A點運(yùn)動到B點的過程中，由功能關(guān)系可知由題可知，小球平衡時，則有在B點，由牛頓第二定律可得第9頁/共22頁故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0關(guān)于下列四幅圖說法正確的是（）A.甲中增大回旋加速器的加速電壓，帶電粒子的最大動能增大B.乙中不改變質(zhì)譜儀各區(qū)域的電場、磁場時擊中光屏同一位置的粒子比荷相同C.丙中霍爾元件通以如圖所示電流和加上如圖磁場時，側(cè)電勢一定低D.丁中長寬高分別為a、b、c的電磁流量計加上如圖所示勻強(qiáng)磁場，若流量恒定，前后兩個金屬側(cè)面的電壓【答案】BD【解析】【詳解】A．設(shè)回旋加速器中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，半徑為R，粒子的電荷量為q，質(zhì)量為m，則帶電粒子在回旋加速器中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力則有可知帶電粒子的最大動能為所以帶電粒子的最大動能與加速電壓無關(guān)，故A錯誤；BvR相同，則根據(jù)洛倫茲力提供向心力則有解得第10頁/共22頁因此不改變質(zhì)譜儀各區(qū)域的電場磁場時擊中光屏同一位置的粒子比荷相同，故B正確；C．若丙中自由電荷為負(fù)電荷，根據(jù)左手定則可知，側(cè)電勢低；若自由電荷為正電荷，則N側(cè)的電勢高，故C錯誤；D電場，當(dāng)帶電粒子受到的電場力與洛倫茲力相等時流量Q恒定，則有又因為聯(lián)立解得，故D正確。故選BD。12.在如圖所示的閉合鐵芯上繞有一組線圈，與滑動變阻器、電源構(gòu)成閉合電路，abc為三個閉合金屬）A.穿過a、b兩個環(huán)的磁通量始終相同B.穿過環(huán)的磁通量始終是環(huán)的一半C.a、c兩個環(huán)中都有感應(yīng)電流D.從上往下看b中感應(yīng)電流的方向為順時針【答案】AD【解析】【詳解】A．線圈產(chǎn)生的磁場全部集中在鐵芯內(nèi)，所以穿過a、b兩個環(huán)的磁通量始終相同，故A正確；B．由于向左和向右穿過c環(huán)的磁感線條數(shù)相等，完全抵消，因此c環(huán)總的磁通量為零，故B錯誤；Ca環(huán)的磁通量會發(fā)生改變，因此a環(huán)中會產(chǎn)生感應(yīng)電流；而向左和向右穿過c環(huán)的磁感線條數(shù)相等，完全抵消，總的磁通量為零，不發(fā)生變化，因此c環(huán)中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C錯誤；Db過bb環(huán)中感應(yīng)D正確。故選AD。第11頁/共22頁13.如圖所示，電路中電源電動勢為，內(nèi)阻為，、為定值電阻，為光敏電阻，其阻值隨光照強(qiáng)度的增加而減小。閉合開關(guān)，若照射光敏電阻的光照強(qiáng)度增加，電壓表示數(shù)的變化量絕對值為，電流表示數(shù)的變化量絕對值為，兩電表均為理想電表。下列說法正確的是（）A.電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)變小B.C.有從左向右電流流過D.電源的輸出功率一定增大【答案】AC【解析】【詳解】A．由題知，照射光敏電阻的光照強(qiáng)度增加，則光敏電阻變小，外電路的總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知總電流I變大，即電流表的示數(shù)變大；又因為可知電壓表的示數(shù)變小，故A正確；B．根據(jù)可得，故B錯誤；C．根據(jù)電路可知，電容器右極板帶正電，左極板帶負(fù)電，結(jié)合上述分析可知，電壓表的示數(shù)減小，根據(jù)可知電容器的電量變小，即電容器放電，則有從左向右的電流流過，故C正確；第12頁/共22頁由于不知道與內(nèi)阻的大小關(guān)系，故電源的輸出功率變化無法確定，故D錯誤。故選AC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共分）14.某同學(xué)用圖甲所示裝置通過M、N兩彈性小球的碰撞來驗證動量守恒定律，圖甲中是斜槽導(dǎo)軌，固定在水平桌面上，斜面頂端點與斜槽導(dǎo)軌的水平末端相接。實驗時先使球從斜槽上某一固定位置靜止釋放，落到斜面上時記錄紙上留下痕跡，重復(fù)上述操作10次，得到球的10個落點痕跡，如圖乙所示，刻度尺貼近斜面且零刻度線與球放在斜槽導(dǎo)軌水平末端，讓球仍從原位置靜止釋放，和球碰撞后兩球分別在斜面記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復(fù)這種操作10面的二次碰撞）（1）為了更精確地做好該實驗，要求兩個碰撞小球的半徑相等，M球的質(zhì)量_____球的質(zhì)量（填“小于”“等于”或“大于”）（2M球不與N球碰撞時在斜面上的平均落點位置到點的距離為_____cm置到點的距離為，則M球從點拋出時的速度與_____”“”或“”）（3）若利用天平測出M球的質(zhì)量，N球的質(zhì)量，利用刻度尺測量平均落點位置、、到的距離分別為、、（用所給物理量的（4）如果兩球碰撞為彈性碰撞，則需要驗證的表達(dá)式為_____【答案】（1）大于（2）①.54.2（53.7~54.7）②.（3）第13頁/共22頁（4）【解析】【小問1詳解】為了保證碰撞后入射小球不反彈，應(yīng)使M球的質(zhì)量大于N球的質(zhì)量?！拘?詳解】[1]畫一個盡可能小圓將所有落點圈住，圓心即為平均落點，由圖乙平均落點位置到B點的距離為54.2cm；[2]設(shè)平均落點的位置到點的距離為，設(shè)斜面傾角為，則有，可得【小問3詳解】根據(jù)（2）問分析可得，，若系統(tǒng)動量守恒則有聯(lián)立可得【小問4詳解】如果兩球碰撞為彈性碰撞，則機(jī)械能也守恒，還需驗證聯(lián)立整理可得15.某實驗小組要測量某一未知金屬絲的電阻率（1）某次用游標(biāo)卡尺測量金屬絲直徑，示數(shù)如圖所示，則金屬絲的半徑為_____；（2）該小組選用伏安法測量金屬絲的電阻，在測量之前，先選用“×100”擋試測時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)過大，則該改用_____（選填“×10”或“×1K_____。第14頁/共22頁實驗室現(xiàn)有器材：電源（3V電流表（量程為，內(nèi)阻為電壓表（量程為，內(nèi)阻約為滑動變阻器（）要求電阻值測量精準(zhǔn)并且電表讀數(shù)范圍盡量大，則應(yīng)選擇下列_____電路圖。A.B.C.D.（3）選用合適的電路圖后，求出金屬電阻和電阻率。已知金屬絲接入電路的長度為，直徑為，電流表阻值為。電流表示數(shù)為時，電壓表示數(shù)為，由此可得電阻率的表達(dá)式為_____（用題中所給的字【答案】（1）1.8（2）①.×10②.120③.B（3）【解析】【小問1詳解】金屬絲的直徑為3mm+0.1mm×6=3.6mm，則其半徑為1.8mm?！拘?詳解】[1][2]該小組選用伏安法測量金屬絲的電阻，在測量之前，先選用“×100”擋試測時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)過大，則“×10”12×10=120第15頁/共22頁。[3]因可知因采用電流表內(nèi)接；為得到更大范圍的電壓值，則滑動變阻器要接成分壓電路，則選B?！拘?詳解】根據(jù)，，可得16.下列關(guān)于實驗操作和數(shù)據(jù)處理中，正確的有（）A.探究平拋運(yùn)動的實驗中，描點作圖時，應(yīng)該用平滑的曲線連接所有的點B.在驗證機(jī)械能是否守恒的實驗中，應(yīng)該先接通打點計時器的電源，再放開紙帶C.在探究加速度與物體受力、物體質(zhì)量的關(guān)系實驗時，更換質(zhì)量更大的小車時，應(yīng)該重新補(bǔ)償阻力D.觀察電容器充、放電現(xiàn)象實驗中，得到電容器充電的It圖線后，可以通過整個圖線與橫軸所圍的面積來估算電容器的充電電荷量【答案】BD【解析】【詳解】A．明顯偏離的點要舍去，并不是必須連接所有的點，A錯誤；B．為充分利用紙帶，多記錄數(shù)據(jù)，應(yīng)該先接通打點計時器的電源，再放開紙帶，B正確；C．平衡摩擦力的實質(zhì)是，即，與小車的質(zhì)量無關(guān)，更換小車后，不需要重新平衡摩擦力，C錯誤；DIttD正確。故選BD。17.如圖所示，兩根傾斜直金屬導(dǎo)軌aa'、bb'平行放置，兩導(dǎo)軌之間的距離L=0.50m，導(dǎo)軌平面與水平面之間的夾角θ=37°。一根質(zhì)量m=0.05kg的均勻直金屬桿MN垂直放在兩導(dǎo)軌上處于靜止?fàn)顟B(tài)，整個裝置處于B=0.4TE=3Vr=1Ω的電源，電阻R=2.0Ω，其余電阻不計。sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2。求：第16頁/共22頁（1）通過電阻R的電流大?。唬?）MN棒受到的安培力大??；（3）金屬導(dǎo)軌與MN棒間的摩擦力大小?！敬鸢浮浚?）1A（2）0.20N（3）0.1N【解析】【小問1詳解】根據(jù)閉合電路的歐姆定律，有代入數(shù)據(jù)得【小問2詳解】MN棒受到的安培力F=ILBF=0.20N【小問3詳解】由左手定則知安培力沿斜面向上；將重力正交分解得根據(jù)平衡條件代入數(shù)據(jù)解得18.左側(cè)與光滑豎直圓弧管道在最低點在點平滑連接，緊靠處有一小車靜止在光滑水平地面上，小車上表面由光滑水平面和光滑豎直圓弧面點以的初速度沿切線向下進(jìn)入圓弧管道，此后沖上傳送帶及小車。已知滑塊質(zhì)量長度半徑，圓弧面半徑，重力加速度取。求：第17頁/共22頁（2）滑塊通過傳送帶過程中，與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量；（3）滑塊沖上小車后，從點離開小車時的速度大小?！敬鸢浮浚?）92N（2）9J（3）m/s【解析】【小問1詳解】從A到B過程中解得在B點時解得F=92N根據(jù)牛頓第三定律可知，滑塊到達(dá)點時對軌道的壓力大小?！拘?詳解】滑塊滑上傳送帶時的速度為，物塊在傳送帶上先做勻減速運(yùn)動，則加速度大小為=5m/s2減速到與傳送帶共速時的時間則物塊的位移可知滑塊與傳送帶共速后與傳送帶相對靜止，則滑塊通過傳送帶過程中，與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量【小問3詳解】滑塊沖上小車時的速度等于傳送帶的速度v=3m/s，由水平方向動量守恒可知解得第18頁/共22頁由能量關(guān)系可知解得19.如圖所示，兩平行金屬板、長，兩板間距離，板比板電勢高，一帶正電的粒子電荷量，質(zhì)量，沿電場中心線垂直電場線飛入電場，初速度MNPS點的點電荷右邊點電荷的電場分布不受界面的影響），已知兩界面相距為，是中心線與界面的交