1、定遠(yuǎn)民族中學(xué)2020學(xué)年度下學(xué)期期末考試卷 高一物理一、選擇題（本大題共12小題，每小題3分，共36分。）1. 在冬奧會(huì)短道速滑項(xiàng)目中，運(yùn)動(dòng)員繞周長(zhǎng)僅111米的短道競(jìng)賽運(yùn)動(dòng)員比賽過(guò)程中在通過(guò)彎道時(shí)如果不能很好地控制速度，將發(fā)生側(cè)滑而摔離正常比賽路線圖中圓弧虛線Ob代表彎道，即運(yùn)動(dòng)正常運(yùn)動(dòng)路線，Oa為運(yùn)動(dòng)員在O點(diǎn)時(shí)的速度方向（研究時(shí)可將運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)點(diǎn)）下列論述正確的是（ ）A. 發(fā)生側(cè)滑是因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)員受到的合力方向背離圓心B. 發(fā)生側(cè)滑是因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)員受到的合力大于所需要的向心力C. 若在O發(fā)生側(cè)滑，則滑動(dòng)的方向在Oa左側(cè)D. 若在O發(fā)生側(cè)滑，則滑動(dòng)的方向在Oa右側(cè)與Ob之間【答案】D【解析】試題分析

2、：發(fā)生側(cè)滑是因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)員的速度過(guò)大，所需要的向心力過(guò)大，運(yùn)動(dòng)員受到的合力小于所需要的向心力，而受到的合力方向仍指向圓心，故AB錯(cuò)誤若運(yùn)動(dòng)員水平方向不受任何外力時(shí)沿Oa線做離心運(yùn)動(dòng)，實(shí)際上運(yùn)動(dòng)員要受摩擦力作用，所以滑動(dòng)的方向在Oa右側(cè)與Ob之間，故C錯(cuò)誤，D正確故選D考點(diǎn)：圓周運(yùn)動(dòng)的實(shí)例分析2. 一位網(wǎng)球運(yùn)動(dòng)員以拍擊球，使網(wǎng)球沿水平方向飛出，第一只球落在自己一方場(chǎng)地的B點(diǎn)，彈跳起來(lái)后，剛好擦網(wǎng)而過(guò)，也落在A點(diǎn)，設(shè)球與地面的碰撞過(guò)程沒(méi)有能量損失，且運(yùn)動(dòng)過(guò)程不計(jì)空氣阻力，則兩只球飛過(guò)球網(wǎng)C處時(shí)水平速度之比為（ ）A. 1：1 B. 1：3 C. 3：1 D. 1：9【答案】B【解析】由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可

3、知，兩球分別被擊出至各自第一次落地的時(shí)間是相等的。由于球與地面的碰撞是完全彈性碰撞，設(shè)第一球自擊出到落地時(shí)間為t1，第二球自擊出到落地時(shí)間為t2，則：t1=3t2 ；由于一、二兩球在水平方向均為勻速運(yùn)動(dòng)，水平位移大小相等，設(shè)它們從O點(diǎn)出發(fā)時(shí)的初速度分別為v1、v2，由x=v0t得：v2=3v1；所以有，所以兩只球飛過(guò)球網(wǎng)C處時(shí)水平速度之比為1：3，故B正確。故選B。點(diǎn)睛：本題是較為復(fù)雜的平拋運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，考查解決復(fù)雜物理問(wèn)題的能力對(duì)于斜拋運(yùn)動(dòng)，可以等效看成兩個(gè)平拋運(yùn)動(dòng)組成的，即第一只球的運(yùn)動(dòng)可看做是三段平拋運(yùn)動(dòng)3. 如圖所示，兩個(gè)用相同材料制成的靠摩擦傳動(dòng)的輪A和B水平放置，兩輪半徑RA=2RB

4、當(dāng)主動(dòng)輪A以角速勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，在A輪邊緣上放置的小木塊恰能相對(duì)靜止在A輪邊緣上若將小木塊放在B輪邊緣上，欲使木塊相對(duì)B輪也靜止，則A輪轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度不可能為（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】A和B用相同材料制成的靠摩擦傳動(dòng)，邊緣線速度相同，則ARA=BRB，而RA=2RB所以，對(duì)于在A邊緣的木塊，最大靜摩擦力恰為向心力，即fmaxmRAA2=mRA2，在B輪上恰要滑動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有：fmaxmRBB2=mRB(2A)2，聯(lián)立解得A轉(zhuǎn)動(dòng)的最大角速度A，故ACD正確，B錯(cuò)誤本題選不可能的，故選B點(diǎn)睛：本題要抓住恰好靜止這個(gè)隱含條件，即最大靜摩擦力提供向心力，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求

5、解，難度不大4. 科學(xué)家們推測(cè)，太陽(yáng)系除八大行星之外的另一顆行星就在地球的軌道上，從地球上看，它永遠(yuǎn)在太陽(yáng)的背面，人類一直未能發(fā)現(xiàn)它，可以說(shuō)是“隱居”著的地球的“孿生兄弟”由以上信息可以確定（ ）A. 這顆行星的公轉(zhuǎn)周期與地球相等B. 這顆行星的半徑等于地球的半徑C. 這顆行星的密度等于地球的密度D. 這顆行星的質(zhì)量【答案】A【解析】因?yàn)橹恢肋@顆行星的軌道半徑，所以只能判斷出其公轉(zhuǎn)周期與地球的公轉(zhuǎn)周期相等由可知，行星的質(zhì)量在方程兩邊可以消去，因此無(wú)法知道其質(zhì)量及密度5. 如圖所示，力F大小相等，物體沿水平面運(yùn)動(dòng)的位移l也相同，下列哪種情況F做功最少（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解

6、析】A選項(xiàng)中，拉力做功為：W=Fl；B選項(xiàng)中，拉力做功為：；C選項(xiàng)中，拉力做功為：D選項(xiàng)中，拉力做功為：故D圖中拉力F做功最小。點(diǎn)晴：本題涉及恒力做功的求法，拉力F做功取決與力的大小、位移的大小和力與位移夾角的余弦三者的乘積，與是否有其他力做功無(wú)關(guān)。6. 物體在合外力作用下做直線運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖所示.下列表述正確的是（ ）A. 在01 s內(nèi)，合外力做正功B. 在02 s內(nèi)，合外力總是做負(fù)功C. 在12 s內(nèi)，合外力不做功D. 在03 s內(nèi)，合外力總是做正功【答案】A【解析】由圖可知，在0-1s內(nèi)，動(dòng)能增加，故合外力做正功，故A正確；在0-2s內(nèi)，動(dòng)能先增大后減小，故合外力先做正功，后做負(fù)功，

7、故B錯(cuò)誤；在1-2s內(nèi)，動(dòng)能減小，故合外力做負(fù)功，故C錯(cuò)誤；在0-3s內(nèi)，動(dòng)能先增加后減小，故合外力先做正功，后做負(fù)功，故D錯(cuò)誤。故選A。7. 如圖，一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)在半徑為R的半球形容器中（容器固定），由靜止開始自邊緣上的A點(diǎn)滑下，到達(dá)最低點(diǎn)B時(shí)，它對(duì)容器的正壓力為N重力加速度為g，則質(zhì)點(diǎn)自A滑到B的過(guò)程中，摩擦力對(duì)其所做的功為（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】在B點(diǎn)有：Nmgm得EKBmv2(Nmg)R。A滑到B的過(guò)程中運(yùn)用動(dòng)能定理得，mgR+Wfmv20，得WfR(N3mg)故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。8. 如圖所示，質(zhì)量為 m 的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），從 h 高處的 A

8、 點(diǎn)由靜止開始沿斜面下滑，停在水平地面上的 B 點(diǎn)（斜面和水平面之間有小圓弧平滑連接）要使物體能原路返回，在 B 點(diǎn)需給物體的瞬時(shí)沖量最小應(yīng)是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】滑塊從A到B過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理，有，滑塊從B返回A過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理，有：，聯(lián)立解得：，在B點(diǎn)需給物體的瞬時(shí)沖量等于動(dòng)量的增加量，故，故A正確。9. 2020年3月16日消息，高景一號(hào)衛(wèi)星發(fā)回清晰影像圖，可區(qū)分單個(gè)樹冠天文愛好者觀測(cè)該衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，發(fā)現(xiàn)該衛(wèi)星每經(jīng)過(guò)時(shí)間t通過(guò)的弧長(zhǎng)為l，該弧長(zhǎng)對(duì)應(yīng)的圓心角為弧度，已知引力常量為G，則（ ）A. 高景一號(hào)衛(wèi)星的質(zhì)量為 B. 高景一號(hào)衛(wèi)星角速度為 C

9、. 高景一號(hào)衛(wèi)星線速度大小為D. 地球的質(zhì)量為 【答案】BD【解析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力列式只能求解中心天體的質(zhì)量，不能求解環(huán)繞天體的質(zhì)量，所以不能求出高景一號(hào)衛(wèi)星的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；高景一號(hào)衛(wèi)星線速度為： ; 角速度為：；根據(jù)線速度和角速度的關(guān)系公式，有：v=r衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有： ；聯(lián)立解得： ，故BD正確，C錯(cuò)誤故選BD.10. 如圖所示，質(zhì)量分別為m和2m的A、B兩個(gè)木塊間用輕彈簧相連，放在光滑水平面上，A緊靠豎直墻壁用水平力向左推B，將彈簧壓縮，推到某位置靜止時(shí)推力大小為F，彈簧的彈性勢(shì)能為E在此位置突然撤去推力，下列說(shuō)法中正確的是（）A.

10、撤去推力的瞬間，B的加速度大小為F/2mB. 從撤去推力到A離開豎直墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒C. A離開豎直墻壁后，彈簧彈性勢(shì)能最大值為E/3D. A離開豎直墻壁后，彈簧彈性勢(shì)能最大值為E【答案】ABC【解析】A、撤去F后，B水平方向受到彈簧的彈力F，根據(jù)牛頓第二定律：加速度a=，A正確；B、A離開豎直墻前，豎直方向兩物體的重力與水平面的支持力平衡，合力為零，而墻對(duì)A有向右的彈力，使系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒。這個(gè)過(guò)程中，只有彈簧的彈力對(duì)B做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，B正確、C錯(cuò)誤；D、A離開豎直墻后，系統(tǒng)水平方向不受外力，豎直方向外力平衡，則系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，只有彈簧的彈力做功，

11、機(jī)械能也守恒。當(dāng)兩物體速度相同時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)最長(zhǎng)或壓縮最短，彈性勢(shì)能最大。設(shè)兩物體相同速度為v，A離開墻時(shí),B的速度為v0，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒得：2mv0=3mv，又聯(lián)立得到彈簧的彈性勢(shì)能最大值為EP=E/3，D正確。故選：ABD。【名師點(diǎn)睛】B受兩個(gè)力作用處于平衡狀態(tài)，說(shuō)明B所受彈力的大小等于F，故撤去F時(shí)，B的合力大小為彈力大小，根據(jù)牛頓第二定律求產(chǎn)生的加速度a，在A離開墻壁前受墻壁對(duì)系統(tǒng)的作用力，系統(tǒng)不滿足動(dòng)量守恒條件，又因?yàn)閴Ρ谧饔昧?duì)A不做功，故系統(tǒng)滿足機(jī)械能守恒條件。A離開墻壁后系統(tǒng)機(jī)械能守恒動(dòng)量也守恒，故系統(tǒng)動(dòng)能不可以為0，則彈簧彈性勢(shì)能不可能與系統(tǒng)總機(jī)械能相等。11. 如圖

12、所示，質(zhì)量m10.3 kg的小車靜止在光滑的水平面上，車長(zhǎng)L1.5 m，現(xiàn)有質(zhì)量m20. 2 kg可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊，以水平向右的速度v0從左端滑上小車，最后在車面上某處與小車保持相對(duì)靜止。物塊與車面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5，取g10 m/s2，則（ ）A. 物塊滑上小車后，滑塊和小車構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒。B. 物塊滑上小車后，滑塊和小車構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。C. 若v0=2m/s，則物塊在車面上滑行的時(shí)間為0.24s；D. 若要保證物塊不從小車右端滑出，則v0不得大于5m/s【答案】ACD【解析】由于地面光滑，所以物塊和小車構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故A正確；由于物塊和小車之間有摩擦力，所以系統(tǒng)機(jī)械能不守

13、恒，故B錯(cuò)誤；設(shè)物塊與小車的共同速度為v，以水平向右的方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律有，設(shè)物塊與車面間的滑動(dòng)摩擦力為，則對(duì)物塊應(yīng)用動(dòng)量定理有，解得 ，代入數(shù)據(jù)得，C正確；要使物塊恰好不從車面上滑出，須物塊到車面最右端時(shí)與小車有共同的速度，設(shè)其為v，則，由功能關(guān)系有，代入數(shù)據(jù)解得，故D正確；12. 如圖所示，傾角=30的粗糙斜面固定在地面上，長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量為m、粗細(xì)均勻、質(zhì)量分布均勻的軟繩置于斜面上，其上端與斜面頂端齊平用細(xì)線將物塊與軟繩連接，物塊由靜止釋放后向下運(yùn)動(dòng)，直到軟繩剛好全部離開斜面（此時(shí)物塊未到達(dá)地面），在此過(guò)程中（）A. 物塊的機(jī)械能逐漸增加B. 軟繩重力勢(shì)能共減少了mglC. 物塊

14、重力勢(shì)能的減少等于軟繩克服摩擦力所做的功與物塊動(dòng)能增加之和D. 軟繩重力勢(shì)能的減少小于軟繩動(dòng)能的增加與軟繩克服摩擦力所做的功之和【答案】BD【解析】A、物塊下落過(guò)程中，軟繩對(duì)物塊做負(fù)功，物塊的機(jī)械能逐漸減小，故A錯(cuò)誤；B、物塊未釋放時(shí)，軟繩的重心離斜面頂端的高度為，軟繩剛好全部離開斜面時(shí)，軟繩的重心離斜面頂端的高度，則軟繩重力勢(shì)能共減少，故B正確；C、因?yàn)槲飰K的機(jī)械能減小，則物塊的重力勢(shì)能減小量大于物塊的動(dòng)能增加量，減小量等于拉力做功的大小，由于拉力做功大于克服摩擦力做功，所以物塊重力勢(shì)能的減少大于軟繩克服摩擦力所做的功與物塊動(dòng)能增加之和，故C錯(cuò)誤；D、以軟繩為研究對(duì)象，細(xì)線對(duì)軟繩做正功，則軟

15、繩重力勢(shì)能的減少小于其動(dòng)能的增加與克服摩擦力所做功的和，故D正確。點(diǎn)睛：本題中軟繩不能看作質(zhì)點(diǎn)，必須研究其重心下降的高度來(lái)研究其重力勢(shì)能的變化應(yīng)用能量轉(zhuǎn)化和守恒定律時(shí)，能量的形式分析不能遺漏。二、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14分。）13. 在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的一次實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量m（已知量）的重物自由下落，在紙帶上打出一系列的點(diǎn)（下圖紙帶上的所有點(diǎn)均為計(jì)時(shí)點(diǎn)，相鄰計(jì)時(shí)點(diǎn)時(shí)間間隔為0.02s），那么：（1）實(shí)驗(yàn)中下列物理量中需要直接測(cè)量的量有_，通過(guò)計(jì)算可得到的量有_（填字母序號(hào)）A重錘質(zhì)量 B重力加速度C重錘下落的高度 D與下落高度相應(yīng)的重錘的瞬時(shí)速度（2）從起點(diǎn)O到打下計(jì)時(shí)點(diǎn)B的過(guò)程中物體

16、的重力勢(shì)能減少量Ep=_J，此過(guò)程中物體動(dòng)能的增加量Ek=_J；（g取9.8m/s2，保留到小數(shù)點(diǎn)后兩位，圖中長(zhǎng)度單位為cm)（3）實(shí)驗(yàn)的結(jié)論是：_【答案】 (1). C (2). D (3). 0.49 (4). 0.48 (5). 在誤差允許的范圍內(nèi)，重物的機(jī)械能守恒B點(diǎn)的瞬時(shí)速度則動(dòng)能的增加量；（3）可知在誤差允許的范圍內(nèi)，重物的機(jī)械能守恒。點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理和注意事項(xiàng)，掌握紙帶的處理方法，會(huì)通過(guò)紙帶求解瞬時(shí)速度，從而得出動(dòng)能的增加量，會(huì)根據(jù)下降的高度求解重力勢(shì)能的減小量。14. 氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實(shí)驗(yàn)儀器，它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導(dǎo)軌上

17、，滑塊在導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)可視為沒(méi)有摩擦。我們可以用帶豎直擋板C、D的氣墊導(dǎo)軌和滑塊A、B探究碰撞中的不變量，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示(彈簧的長(zhǎng)度忽略不計(jì))。采用的實(shí)驗(yàn)步驟如下：a用天平分別測(cè)出滑塊A、B的質(zhì)量mA、mB；b調(diào)整氣墊導(dǎo)軌，使導(dǎo)軌處于水平；c在A和B間放入一個(gè)被壓縮的輕彈簧，用電動(dòng)卡銷鎖定，靜止放置在氣墊導(dǎo)軌上；d用刻度尺測(cè)出A的左端至擋板C的距離L1；e按下電鈕放開卡銷，同時(shí)分別記錄滑塊A、B運(yùn)動(dòng)時(shí)間的計(jì)時(shí)器開始工作，當(dāng)A、B滑塊分別碰撞擋板C、D時(shí)計(jì)時(shí)結(jié)束，記下A、B分別到達(dá)C、D的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1和t2。實(shí)驗(yàn)中還應(yīng)測(cè)量的物理量及其符號(hào)是_。作用前A、B兩滑塊質(zhì)量與速度乘積之和為_；作用后A、

18、B兩滑塊質(zhì)量與速度乘積之和為_。作用前、后A、B兩滑塊質(zhì)量與速度乘積之和并不完全相等，產(chǎn)生誤差的原因有 _，_(至少答出兩點(diǎn))。【答案】 (1). B的右端至擋板D的距離L2 (2). 0 (3). (4). L1、L2、t1、t2、mA、mB的數(shù)據(jù)測(cè)量誤差; (5). 沒(méi)有考慮彈簧推動(dòng)滑塊的加速過(guò)程【解析】(1)因系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，即：mAvA-mBVB=0，由于系統(tǒng)不受摩擦，故滑塊在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)故有：，即為，所以還要測(cè)量的物理量是：B的右端至D板的距離L2(2)作用前兩滑塊均保持靜止，故A、B兩滑塊質(zhì)量與速度乘積之和為0；作用后，根據(jù)（1）中表達(dá)式可知，A、B兩滑塊質(zhì)量與速度

19、乘積之和為；(3)由分析可知驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是產(chǎn)生誤差的原因是測(cè)量mA、mB、L1、L2、t1、t2時(shí)帶來(lái)的誤差；氣墊導(dǎo)軌不水平；滑塊與氣墊導(dǎo)軌間有摩擦等【點(diǎn)睛】本題考查驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)；利用位移或位移與時(shí)間的比值表示物體的速度是物理實(shí)驗(yàn)中常用的一種方法，要注意掌握三、解答題（本大題共4小題，共50分。）15. 如圖所示，火箭載著宇宙探測(cè)器飛向某行星，火箭內(nèi)平臺(tái)上還放有測(cè)試儀器?；鸺龔牡孛嫫痫w時(shí)，以加速度豎直向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)（為地面附近的重力加速度），已知地球半徑為R。（1）到某一高度時(shí)，測(cè)試儀器對(duì)平臺(tái)的壓力是起飛前的，求此時(shí)火箭離地面的高度h。（2）探測(cè)器與箭體分離后，進(jìn)入

20、行星表面附近的預(yù)定軌道，進(jìn)行一系列科學(xué)實(shí)驗(yàn)和測(cè)量，若測(cè)得探測(cè)器環(huán)繞該行星運(yùn)動(dòng)的周期為T0，試問(wèn)：該行星的平均密度為多少？（假定行星為球體，且已知萬(wàn)有引力恒量為G）【答案】(1) (2) 【解析】(1)取測(cè)試儀為研究對(duì)象，由物體的平衡條件和牛頓第二定律有在地面時(shí)在某一高度處由題意知解得又解得(2) 進(jìn)入行星表面附近的預(yù)定軌道，則有又解得16. 有一個(gè)豎直放置的圓形軌道，半徑為R，由左右兩部分組成如圖所示，右半部分AEB是光滑的，左半部分BFA是粗糙的現(xiàn)在最低點(diǎn)A給質(zhì)量為m的小球一個(gè)水平向右的初速度v0，使小球沿軌道恰好運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)B，小球在B點(diǎn)又能沿BFA軌道回到點(diǎn)A，到達(dá)A點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為4

21、mg求：（1）到達(dá)B點(diǎn)的速度（2）小球在A點(diǎn)的速度v0（3）在軌道BFA上克服摩擦力所做的功【答案】(1) (2) (3)mgR【解析】（1）小球沿軌道恰好運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)B，在B點(diǎn)，重力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：；（2）從A到B過(guò)，由機(jī)械能守恒定律得：，解得：；（3）小球再次返回A點(diǎn)時(shí)速度為，在A點(diǎn)，由牛頓第二定律得：，解得：，對(duì)整個(gè)過(guò)程，由動(dòng)能定理得：，解得：。點(diǎn)睛：本題考查機(jī)械能守恒定律及動(dòng)能定理的應(yīng)用，在注意分析物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，做好受力分析，特別是圓周運(yùn)動(dòng)的向心力要注意應(yīng)用。17. 如圖所示，半徑為R的半球形陶罐，固定在可以繞豎直軸旋轉(zhuǎn)的水平轉(zhuǎn)臺(tái)上，轉(zhuǎn)臺(tái)轉(zhuǎn)軸與過(guò)陶罐球心O的對(duì)稱軸OO重合，轉(zhuǎn)臺(tái)以一定角速度勻速旋轉(zhuǎn)，一質(zhì)量為m的小物塊落入陶罐內(nèi)，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，小物塊