1、2019百校百物理年末考試優(yōu)化重組卷專項13電學綜合(教師版)注意事項：認真閱讀理解，結合歷年的真題，總結經驗，查找不足！重在審題，多思考，多 理解！無論是單選、多選還是論述題，最重要的就是看清題意。在論述題中，問題大多具有委 婉性，尤其是歷年真題部分， 在給考生較大發(fā)揮空間的同時也大大增加了考試難度?？忌J真閱讀題目中提供的有限材料，明確考察要點，最大限度的挖掘材料中的有效信息，建議考生答題時用筆將重點勾畫出來，方便反復細讀。只有經過仔細推敲，揣摩命題老師的意圖，積極聯(lián)想知識點，分析答題角度，才能夠將考點鎖定，明確題意。1、2018上海浦東期末一足夠長的銅管豎直放置，將一截面與銅管的內 截

2、面相同，質量為m的永久磁鐵塊由管上端放入管內，不考慮磁鐵與銅管間的摩 擦，磁鐵的運動速度(A)越來越大、(B)逐漸增大到一定值后保持不變、(C)逐漸增大到一定值時又開始減小，到一定值后保持不變、(D)逐漸增大到一定值時又開始減小到一定值，之后在一定區(qū)間變動、1 .答案：B解析：質量為m的永久磁鐵塊由管上端放入管內，由于受到安培 力作用，逐漸增大到一定值后保持不變，選項 B正確。2 .2018安徽合肥一模一臺發(fā)電機的結構示意圖如圖I所示，其中N、S是永久磁鐵的兩個磁極，它們的表面呈半圓柱面形狀。M是圓柱形鐵芯，鐵芯外套有一矩形線圈，線圈繞鐵芯M中心的固定轉軸勻速轉動。磁極與鐵芯之間 的縫隙中形成

3、方向沿半徑的輻向磁場。假設從圖示位置開始計時電動勢為正 值，以下圖象中能正確反映線圈中感應電動勢 e隨時問t變化規(guī)律的是3 .答案：D解析：由于磁極與鐵芯之間的縫隙中形成方向沿半徑的輻向磁場，線 圈繞鐵芯M中心的固定轉軸勻速轉動過程中，都垂直切割磁感線，所以能正確反 映線圈中感應電動勢e隨時問t變化規(guī)律的是圖Do4 .2018江蘇蘇州期末在如下圖的電路中，a、b為兩個完全相同的燈泡，L為自感系數較大而電阻不能忽略的線圈，E為電源，S為開關。關于兩燈泡點亮和熄滅的以下說法正確的選項是卜皮如iA合上開關，a先亮，b后亮；穩(wěn)定后a、b一樣亮 |B合上開關，b先亮，a后亮；穩(wěn)定后b比a更亮一些 I|&

4、#187;一飛一C斷開開關，a逐漸熄滅、b先變得更亮后再與a同時 班 ”熄滅D斷開開關，b逐漸熄滅、a先變得更亮后再與b同時熄滅3 .答案：B解析：由通電自感現象可知，合上開關，b先亮，a后亮；穩(wěn)定后b 比a更亮一些，選項A錯誤B正確；由斷電自感現象可知，斷開開關，a、b都逐漸熄滅，選項CD昔誤。4、2018上海松江期末某種位移傳感器的工作原理如圖 （a）所示，物體M在導 軌上平移時，帶動滑動變阻器的滑片 P一起平移，通過理想電壓表的示數來 反映物體M的位移X。電源電動勢為E,內阻不計，滑動變阻器的總長為 L, 物體M以。為平衡位置做簡諧運動取向右為正方向，振幅為L ,物體經2過。時P恰好位于

5、滑動變阻器的中點。假設電壓表的示數U隨時間t的變化 關系如圖（b）所示，那么在圖示0ti時間內，以下說法正確的選項是在空中飛行過感應電動勢大場中等勢面如A物體M的速度為正方向且不斷增大R物體M的速度為負方向且不斷減小G物體M的加速度為正方向且不斷增大D物體M的加速度為負方向且不斷減小4 .答案：A解析：由0ti時間內，電壓表的示數 U隨時間t的變化關系可 知，物體M的速度為正方向且不斷增大，加速度為正方向且不斷減小，選項 A正 確。5 .2018云南名校聯(lián)考如圖，在豎直向下的勻強磁場中，將一水平放置的金 屬棒水平拋出，在整個過程中不計空氣阻力，那么金屬棒在空中飛行過程中產生 的感應電動勢大小A

6、.逐漸增大B.逐漸減小C.保持不變D.無法判斷。5答案：C解析：金屬棒 程中水平速度不變，產生的 小保持不變，選項C正確。 6.2018河北唐山測試電下圖，以下關于該電場描述正確的選項是A、A點的電場強度比C點的小B、負電荷在A點電勢能比C點電勢能大G電荷沿等勢面AB移動過程中，電場力始終不做功D正電荷由A移到C,電場力做負功6 .答案：C解析：根據等電勢差處距離越近電場強度越大 可知，A點的電場強度比C點的大，選項A錯誤；負電荷 在A點電勢能比C點電勢能小，選項B錯誤；電荷沿等勢 面AB移動過程中，電場力始終不做功，選項 C正確；正電荷由A移到C,電場力做正功，選項 D錯誤7、圖甲是回旋加速

7、器的原理示意圖。其核心部分是兩個D型金屬盒，在加速帶電粒子時，兩金屬盒置于勻強磁場中磁感應強度大小恒定，并分別與高頻電源相連。加速時某帶電粒子的動能 以隨時間t變化規(guī)律如下圖乙所示， 假設忽略帶電粒子在電場中的加速時間，那么以下判斷正確的選項是A、離子由加速器的中心附近進入加速器B、高頻電源的變化周期應該等于tn-tn-1C、粒子加速次數越多，粒子最大動能一定越大D D形盒中的高頻電源電壓越大，粒子獲得的最大動能越大7.答案A解析：根據回旋加速器的原理可知，離子由加速器的中心附近進入加速器，粒子運動一周，加速兩次，高頻電源的變化周期應該等于 tn-tn-2,選項A正確B錯誤；粒子的最大動能只與

8、回旋加速器的 D型盒半徑和磁感應強度有 關，與加速電壓和加速次數無關，選項 CD錯誤。8、2018上海松江期末在如圖（a）所示的電路中，R為定值電阻，R為滑動變阻器。閉合電鍵S,將滑動變阻器的 滑動觸頭P從最右端滑到最左端， 兩個電壓表的示數隨電路中電流 變化的完整過程圖線如圖（b）所示。那么（）A圖線甲是電壓表V2示數隨電流 變化的圖線R電源內電阻的阻值為10QG電源的最大輸出功率為3.6WD滑動變阻器R2的最大功率為0.9W8.答案：AD解析：將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，V2示數 隨電流增大減小，圖線甲是電壓表 上示數隨電流變化的圖線，選項 A正確；當 V2示數為零，電流為

9、0.6A,根據Vi示數3V求得定值電阻R=3/0.6=5 Q,由閉合 電路歐姆定律0.6（5+r）=E ;當V2示數為4V時，電流為0.2A,求得滑動變阻器 最大電阻R=4/0.2=20 Q,由閉合電路歐姆定律0.2（5+20+r）=E 。聯(lián)立解得E=6M 電源內電阻的阻值為r=5Q,選項B錯誤；當?t動觸頭P滑到最左端時，電源輸 出功率最大，為3X0.6W=1.8W選項C錯誤；把定值電阻看作電源內阻的一部 分，當滑動變阻器滑至中間時，滑動變阻器R2的功率最大，電壓為3V,電流為0.3A,最大功率為0.9W,選項D正確?！径繉嶒烆}：此題共2小題，共16分.把答案填在答題卡相應的橫線上或按題

10、目要求作答.9、8分2018長春一模某物理學習小組的同學在研究性學習過程中，用伏 安法研究某電子元件 R6V, 2.5W的伏安特性曲線，要求多次測量盡可能減小實驗誤差，備有以下器材：A直流電源6V,內阻不計R 電流表G滿偏電流3mA內阻Rg=10QG 電流表 A 0 0.6A , 內阻未知DX滑動變阻器R020。，5AE、滑動變阻器R'0200。, 1A0F、定值電阻R阻值1990QG開關與導線假設干1根據題目提供的實驗器材，請你設計出測量電子元件R伏安特性曲線的電路原理圖R可用“七”表示。畫在方框 內2在實驗中，為了操作方便且能夠準確地進行測量，滑動變阻器應選用。 填 寫器材序號3將

11、上述電子元件 R和另一電子元件 R接入如下圖的電路甲中，它們的伏 安特性曲線分別如圖乙中oa、ob所示。電源的電動勢E=6.0V,內阻忽略不計。 調節(jié)滑動變阻器R,使電子元件R和R消耗的電功率恰好相等，那么此時電子 元件R的阻值為Q, R接入電路的阻值為Q結果保留兩位有效數字。9、【答案】8分1如右圖所示2分錯一處均不給分2D2 分3104.0每空 2 分【解析】通過設計電路，考查綜合分析設計問題能力，結合圖象解決問題能力。由電子元件功率可知待測電子元件電阻小，根據此題條件應選用外接法，因缺少電壓表，應把電流表 G改裝為電壓表，因要描繪伏安特性曲線，且要求 多次測量盡可能減小實驗誤差，滑動變阻

12、器采取分壓接法，且選用阻值范圍為 020。的滑動變阻器Do由兩伏安特性曲線交點坐標比值可得此時電子元件R的阻值為R尸U/I=10Q, R=10Q ,由閉合電路歐姆定律，E=I(R+R+R)解得R3接入電路的阻值為R=4.0Q。10.2018上海崇明期末為測定某電源內阻r和一段電阻線單位長度的電阻 R, 設計如下圖的電路、ab是一段粗細均勻的電阻線，R是阻值為2Q的保護電 阻，電源電動勢為6v,安培表內阻不計，示數用i表示，滑動片P與電阻絲 有良好接觸，aP長度用L表示，其它連接導線電阻不計、實驗時閉合電鍵，調節(jié)P的位置，將L和與之對應的i數據記錄在下表、實驗次數12345LmP 0.100.2

13、00.300.400.50iA1.961.451.201.020.881/iA-1n 0.510.690.830.981.141畫出1/i-L圖像；2寫出1/i-L圖像所對應的物理原理表達式，式中涉及到相關物理量用字母表示E、r、R R3從圖中根據截距和斜率，求出該電源內阻r為Q;該電阻線單位長度的電阻 R為 Q、10.答案：11/i-L 圖像如下圖。2分，21 r+R R 2分,0 Li E EUi（3） 口口以 4（2 分）， g.8、9.5（2 分）解析：由閉合電路歐姆定律,E=i(R+r+RoL),解得 1 i二十0L、E E1/i-L 圖像斜率k=RO/E,在縱軸截距等于（R+r）/

14、E ,由（R+r）/E=0.37 解得r=0.2 Q ;由 R/E=1.52 解得 RO=9.2 Q?！救坑嬎泐}：此題共3小題，共計46分。解答時請寫出必要的文字說明、方 程式和重要的演算步驟，只與出最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案 中必須明確寫出數值和單位。112018湖北黃岡期末如下圖，虛線MS水平線PQf目交于O,二者夾角9=30° 在M"側存在電場強度為E、方向豎直向下的勻強電場，MO側某個區(qū)域存在 磁感應強度為B、垂直紙面向里的勻強磁場，O點處在磁場的邊界上.現有一群質 量為m1電量為+q的帶電粒子在紙面內以速度 v（ E ）垂直于MO從O點射 0<

15、; v<B入磁場，所有粒子通過直線MOM,速度方向均平行于PQ向左.不計粒子的重力和 粒子間的相互作用力，求：1速度最大的粒子自O點射入磁場至返回水平線 POQff用的時間.2磁場區(qū)域的最小面積.11.（15分）解：1粒子的運動軌跡如下圖，設粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑為R,周期為T,粒子在勻強磁場中運動時間為t1那么mv2即qBv-R（1分） mvR =qBqBTT丁2nm （1 分）T 二設粒子自N點水平飛 出磁場，出磁場后應做勻速運動至OM設勻速運動的距離為s,勻速運動的時間為t2, 由幾何關系知：S=Fbot 0 （1 分）_s®（1 分）t2 =.v過MOft

16、粒子做類平拋運動，設運動的時間為又由題知：E（1分）v =-B那么速度最大的粒子自。進入磁場至重回水平線 PO所用的時間. t - t1 t2 t3（1分）解得:t2（373 +2 m （1 分）3 qB2由題知速度大小不同的粒子均要水平通過 OM那么其飛出磁場的位置均應 在ON的連線上，故磁場范圍的最小面積S是速度最大的粒子在磁場中的軌跡與ON所圍成的面積。扇形OO'N的面積 12（3分）S-1- R3OO' N的面積為:S'= R2cos300sin300石2（2分）二一R4又 AS=S S'11（1 分）聯(lián)立1得：/°石2匚2或歷2匚2 （2分）

17、.c /4蹙-3、3、m E /二.3、m E：二 12q2B4W -彳 q2B4假設取無12、16分2018上海崇明期末真空中電量為 Q的點電荷電場中,窮遠為零電勢點，那么離電荷距離為r的某點的電勢表達式為r靜電力常數。如下圖，帶正電的甲球固定在足夠大的光滑絕緣水平面上的A點，其帶電量為 Q質量為m帶正電的乙球在水平面上的 B點由靜止釋放，其帶電量為q； A B兩點間的距離為1°。釋放后的乙球除受到甲球的靜電力作用外，還受到一個大小為F =kCn、方向指向甲球的包力作用，兩球 kQq4l。2均可視為點電荷。求：1乙球在釋放瞬間的加速度大?。?乙球的速度最大時兩個電荷間的距離；3乙球

18、運動的最大速度Vm為多少？4乙球運動過程中，離開甲球的最大距離和最小距離是多少？ma2 分12、解：（1）乙求受到電場力和F的作用，合力"=qQqQ =K -z K rlo4103kqQ1 分44m1（2（2）合外力向左，所以乙球向左做加速度減小的加速運動，當合力為零 時，速度最大1分2F=K qQ K亞K 2 K 2 r41or=21o1 分(3)乙球的電勢能：2分二0電場力做正功,中一砥1分一 q 一 r等于電勢能的減少:W=- A £c1 分二 kqQ21o外力做負功：W= qQQq1 分-K 有10 - -K q41；41o由動能定理：W+W= 1mVm2 -021分. V - kqQ Vm - J 丫2 mI。4乙球達到速度最大后, 于零時，離甲球最遠。1分再向左做加速度增大的減速運動，當速度等V=0此時離開甲球距離為rm,然后又向右運 動到r = 10時速度又等于零。1分所以離開A球最近的距離為1o1分W+W= 0小一些一嗎(rm.10)1分 r